2019高三物理二轮练习教学案恒定电流二

2019高三物理二轮练习教教案恒定电流二●重点精析☆计算电流常有的三种模型：1．一种电荷定向挪动这是计算电流最简单的一种模型，用宏观运动来比，相当于一支队伍定向行进，这种模型直接用进行求解。2．一个电荷做高速圆周运动（环型电流）对这种模型重点是理解“中止和连续”之间的转变．电荷运动时有两个特色：一是循环性，二是高速性，正是这两个特征使问题从“中止”向“连续”转变，这种模型可用来求。（T为运动的周期）如：一质量为m，电荷量为q的带电粒子在磁感觉强度为B的匀强磁场中做匀速圆周运动，其成效相当于一环形电流，求此环形电流。分析：由知3．两种电荷的定向挪动这各种类的特色是：正、负电荷挪动方向相反，但形成电流同向，如时间t经过导体某一横截面的正电荷量为q1，反方向经过的负电荷量为q2，则有。如：在10s经过电解槽某一横截面向右迁徙的正离子所带的电荷量为2C，向左迁徙的负离子所带的电荷量为3C。那么电解槽中电流的大小应为多少？分析：☆等效法办理稍复杂的混联电路：1．电路化简原则：①无电流的支路化简时可去除；②等电势的各点化简时可合并；③理想导线可任意长短；④理想电流表可以为短路，理想电压表可以为断路；⑤电压稳准时电容器以为断路。2．常用等效化简方法：①电流分支法：先将各结点用字母标上；判断各支路元件的电流方向（若电路原无电流，可假设在总电路两端加上电压后判断）；按电流流向，自左到右将各元件、结点、分支逐个画出；将画出的等效图加工整理。②等势点摆列法：将各结点用字母标出；判断各结点电势的高低（若原电路未加电压，可先假设加上电压）；将各结点电势高低自左到右摆列，再将各结点之间支路画出；将画出的等效图加工整理。注意：若能将以上两种方法联合使用，成效更好。例：以以下图的电路进行等效变换（

S未接通）。分析：假设电流从A流入，R1是干路。第1支路从C经过R3到B，第2支路从C经R2到B，第3支路从C经R4和R5到B。这3条支路并联再与R1串通，变换成以以下图的电路：在变换过程中，我们可用切断电路的方法认识串并联关系：若切断R1，整个电路不通，说明它在干路上；若切断R4，则R5随之不通，而其余电路还是通的，说明R4和R5是串通，而R2、R3是并联的。☆动向直流电路的分析方法：1．动向直流电路的一般步骤是：①确立电路的外电阻R如何变化：说明：当外电路的任何一个电阻增大（或减小时）电路的总电阻必定增大（或减小）；若电键的通断使串通的用电器增加时，总电阻增大；若电键的通断使并联的支路增加时，总电阻减小；在以下图所示分压电路中，滑动变阻器可以视为由两段电阻构成，此中一段与用电器并联（以下简称并联段），另一段与并联部分相串通（以下简称串通段），设滑动变阻器的总电阻为

R，灯泡的电阻为

RL，与灯泡并联的那一段电阻为

RB，则总电阻RZ为：由上式可以看出，当RB减小时，RZ增大；当RB增大时，RZ减小。由此可以得出结论：分压器总电阻的变化状况，与并联段电阻的变化状况相反，与串通段电阻的变化状况同样。在图所示电路中，滑动变阻器可以视为由上下两段电阻构成，此中上段与下段并联，并联支路电阻之和为常数：设滑动变阻器的总电阻为R，上段的电阻为Rb，下段电阻为Ra，此段电路总电阻RZ为：，且Ra＋Rb＝R，由数学知识可知，当Ra＝Rb时取等号，即滑动端由a滑向b，电路的总电阻先变大后变小，不是单调变化，这点需要特别注意。请同学们自己分析以以下图电路随滑动端的滑动电阻的变化状况：已知：R1=R3=4Ω，R2=8Ω提示：此电路由两条支路并联，且两条支路电阻之和为定值。当滑动端滑动到B端时，此时此并联电路的两支路电阻相等（R1＋R3=R2=8Ω），电路有最大电阻；当滑动端滑动到A端时，此时此并联电路的两支路电阻相差最多，电路有最小电阻。②依据闭合电路欧姆定律，确立电路的总电流如何变化；③由U＝Ir，确立电源的电压如何变化；④由U外＝E－U，确立电源的外电压（路端电压）如何变化；⑤由部分电路欧姆定律确立干路上某定值电阻两端的电压如何变化；⑥确立支路两端的电压如何变化以及经过各支路的电流如何变化。2．熟记以下两个结论：①任一电阻R阻值增大，必惹起该电阻中电流I的减小和该电阻两端电压U的增大，即②任一电阻R阻值增大，势必惹起与之并联的支路中电流I并的增大和与之串通的各电阻电压U串的减小，即拜见例题1、3☆电路故障的分析方法：电路故障一般是短路或断路，常有的状况有导线断芯、灯泡断丝、灯座短路、电阻器部断路、接触不良等现象，检查故障的基本方法有两种：1．仪表检测法①电压表是由敏捷电流计G和分压电阻R串通构成，部结构以以下图：②用电压表检测假如电压表示数为0，说明电压表上无电流经过，可能在并联路段以外有断路，或并联段有短路；假如电压表有示数，说明电压表上有电流经过，则在并联段以外无断路，或并联段无短路。以以下图，合上开关S，若电压表有示数，说明电路中有电流经过电压表，电路为通路（电压表作为一个高电阻把开关和电源接通了），则开关S和导线不停路，灯L断路即故障所在。2．假设法：已知电路发生某种故障，追求故障发生在哪处时，可将整个电路区分为若干部分；而后逐个假设某部分电路发生故障，运用电流定律来进行正向推理，推理结果若与题述物理现象不吻合，则故障不是发生在这部分电路；若推理结果与题述物理现象吻合，则故障可能发生在这部分电路；直到找出发生故障的所有可能为止，亦称消除法。拜见例题2、3☆含容电路的分析与计算方法：在直流电路中，当电容器充、放电时，电路里有充、放电电流。一旦电路达到稳固状态，电容器在电路中就相当于一个阻值无穷大（只考虑电容器是理想的不漏电的状况）的元件，在电容器处电路可看作是断路，简化电路时可去掉它，简化后若要求电容器所带电量时，可接在相应的地点上。分析和计算含有电容器的直流电路时，需注意以下几点：1．电路稳固后，因为电容器所在支路无电流经过，所以在此支路中的电阻上无电压降，所以电容器两极间的电压就等于该支路两端的电压；2．当电容器和电阻并联后接入电路时，电容器两极间的电压与其并联电阻两端的电压相等；3．电路的电流、电压变化时，将会惹起电容器的充（放）电。假如电容器两端电压高升，电容器将充电；假如电压降低，电容器将经过与它连接的电路放电。拜见例题4☆滑动变阻器两种接法的选择方法：1．滑动变阻器的两种接法：滑动变阻器有两种基本连接方法：限流式接法和分压式接法。下表是对两种连接方式的比较：接法电路图特点合用条件1．用电器R0与滑动变阻器R的部分电阻串通，R0与R的阻值差不多，或R限流式接法另一部分不起作用＞R0，且不要求R0上电压2．R0上电压调理围为：能调至零1．用电器R0与滑动变阻器的部分电阻并联后1．要求电压调理能从0开分压式接法再与另一部分串通始增大2．R上电压调理围为：0～E2．R比R小，一般取R≤R/20002．滑动变阻器两种接法的选择方法：平时变阻器以限流接法为主，但在以下三种状况下，一定选择分压连接方式：1）题目所供给的实验仪器、电表量程或电阻的最大同意电流不够；2）变阻器电阻远小于被测电阻或电路中串通的其余电阻阻值；（3）要求回路中某部分电路的电压从零开始连续变化。☆伏安法测电阻两种接法的选择方法：为减小伏安法测电阻的系统偏差，对付电流表外接法和接法作出选择，其方法是：1．阻值比较法：先将待测电阻的大概值和电压表、电流表阻进行比较，若Rx<<RV，宜采纳电流表外接法；若Rx>>RA，宜采纳电流表接法。2．临界值计算法：当外接法相对偏差相等时，有，所以（RAV≤R）为临界值。当（即Rx为大电阻）用接法；当（即Rx为小电阻）用外接法；，、外接法均可。如RA与RV间不是RA≤RV关系，则可用：当时，用电流表外接法；当时，用电流表接法。3．实验尝试法：按如图接好电路：让电压表一根接线P先后与a、b处接触一下，假如电压表的示数有较大的变化（电流表的分压作用明显），而电流表的示数变化不大（电压表分流作用不大），则可采纳电流表外接法；假如电流表的示数有较大的变化，而电压表的示数变化不大，则可采纳电流表的接法。拜见例题5、6、7☆黑盒问题：1．纯电阻黑盒解答思路①将电阻为零的两接线柱短接；②依据题给测试结果，分析计算各接线柱之间的电阻分配，并画出电阻数量最多的两接线柱之间的部分电路；③画出电路的节余部分。2．闭合电路黑盒解答思路①将电势差为零的两接线柱短接；②在电势差最大的两接线柱间画电源；③依据题给测试结果，分析计算各接线柱之间的电阻分配，并将电阻接在各接线柱之间。例：一个盒子有一个电动势为3V、阻不计的电源和三个阻值相等的电阻构成的电路，盒外有四个接线柱，以以下图。用电压表丈量电压获取U12＝3V，U13＝2V，U34=1V，U24=0，试画出盒电路图。分析：因为不考虑电源阻，U12＝3V，1、2间接电源；由U24=0V，2、4间用导线连接；因为U13＝2V，U34=1V，1、3间与2、4间电压比为2：1，所以电阻比为2：1。电路如图（a）、（b）所示：●精题精讲例题1.在以以下图的电路中R1、R2、R3和R4皆为定值电阻，R5为可变电阻，电源的电动势为E，阻为r。设电流表A的读数为I，电压表V的读数为U.当R5的滑动触点向图中a端挪动时：（）A.I变大，U变小B.I变大，U变大C.I变小，U变大D.I变小，U变小分析：当滑动头向a挪动时，R5的阻值变小，使R2、R4、R5的总阻值R并变小，从而惹起总的外阻R变小。由知I总变大，由U=E－I总r得U变小，因U=U1+U3+U并＝I总R1+I总R3+U并获取U并变小，所以电流表A的数值变小。答案：D评论：在谈论电路中电组发生变化后惹起电流、电压发生变化的问题时，应依据电路的结构，由局部到整体的思路，获取总电流的变化状况，而后再由局部分析出电压和支路电流的变化状况。拓展1：在以以下图电路中，R2、R3是定值电阻，R1是滑动变阻器，当R1的滑键P向右滑动时，各个电表的示数如何变化？分析:当R1的滑键P向右滑动时，由R1和R2构成的分压器的串通电阻减小，所以电路的总电阻减小；依据可知干路中的电流增大，电流表A的示数增大，再依据U＝E－Ir，可知路端电压减小，电压表V的示数减小；因为R3为定值电阻，当干路中电流增大时，其两端电压随之增大，所以电压表V3的示数增加；依据U1＝U－U3，因U减小，U3增大，所以U1减小，电压表V1的示数减小；当滑动变阻器的滑键向右滑动时，R1的左段电阻RL与R2并联部分的电阻增大，且干路中的电流增大，依据部分电路欧姆定律，可知电压表V2的示数增大；因为R2为定值电阻，且U2增大，依据部分电路欧姆定律，可知电流表A2示数增大；依据并联分流原理，经过电流表A1的电流:在上式中，分子为恒量，分母为关于R左的二次函数，且二次项的系数小于零，分母有极大值，因而可知，电流表A1的示数先减小后增大。答案：电压表V1示数变小；V2的示数增大；V3的示数增大；V的示数减小；电流表A2示数增大；A1示数先减小后增大。拓展2：以以下图电路，电源阻不可以忽视，电流表、电压表均为理想电表，当滑动变阻器R的滑动头从a端滑到b端过程中，求A、V的示数如何变化？分析：设变阻器R的滑动触头为P，在外电路中RaP与RbP并联再与的过程中，电路总电阻先增大后减小，总电流先减小后增大，电压

R0串通，滑动头P由a滑到bU'先减小后增大，外电压U先增大后减小，V示数先增大后减小。当P由a滑至中点，，而故，即A的示数减小；当P由中点滑至b时，，而故，即A的示数减小。例题2.以以下图是某同学连接的实验实物图，A、B灯都不亮，他采纳以下两种方法进行故障检查：①应用多用电表的直流电压进行检查，那么选择开关应置于什么档？；B.10V；C.50V；D.250V。该同学测试结果如表1所示，在测试a、b间直流电压时，红表笔应接触＿＿＿（填“a或”“b）”。依据测试结果，可以判断的故障是：（）A．灯A短路；灯B短路；c、d段断路；d、f段断路。②将电键断开，再选择多用电表的欧姆档丈量，丈量结果如表2所示．那么进一步检查出的故障是：（）灯A断路；灯B断路；灯A、B断路；d、e段断路。分析：①4节干电池的总电动势为6V，考虑安全性和正确性，电压表量程选10V；用多用表直流电压档测电压时，红表笔应接正极，即a端；分析表1：a、b间有示数，说明电源正常；d、f间电压有示数，说明B灯不短路，c、b间电压有示数，说明c、b间有断路；c、d间电压无示数，说明c、d中止路；d、f间电压有示数，说明d、f中止路，故D对。②用欧姆表丈量，测试点，表针不指∞，说明B路，故D正确。

c、d点，表针不指∞，说明A灯不停路，故B、C选项错；测试

灯不停路，故A选项错；测试e、fd、e点，表针指∞，说明d、e段断答案：B，a，DD评论：此题的测试步骤和相应的判断方法可以作为判断电路故障问题的基本步骤和方法。例题3.以以下图的电路中，闭合电键，灯L1、L2正常发光。因为电路出现故障，忽然发现灯L1变亮，灯L2变暗，电流表的读数变小。依据分析，发生的故障可能是：（）R1断路R2断路R3短路R4短路分析：等效电路以以下图：若R1断路，总外电阻变大，总电流减小，路端电压变大，Ll两端电压变大，L1变亮；ab部分电路结构没变，电流仍按原比率分配，总电流减小，经过L2、电流表的电流都减小，故A选项正确；若R2断路，总外电阻变大，总电流减小，ac部分电路结构没变，电流仍按原比率分配，R1、L1中电流都减小，与题意相矛盾，故B选项错；若R3短路或R4短路，总外电阻减小，总电流增大，A中电流变大，与题意相矛盾，故C、选项错。正确选项只有A。答案：A评论：当原电路图中各元件的连接状况不清楚时，可作出等效电路图，以便顺利求解。例题4.如图，电源的电动势为E=18V，阻r=1.0Ω，电阻R2＝5.0Ω，R3＝6.0Ω。平行金属板水平放置，两板间距d=2cm，当可变电阻R1的滑动触头移至R1的中点时，电源的路端电压是16V，一个带电荷量q＝－8.0×10－9C的油滴正好均衡于两板之间。（g取10m/s2）求：1）R1的总阻值；2）油滴的质量；3）挪动R1的滑动头P，油滴可获取向下的最大加快度。分析：（1）电路中总电流为R2两端的电压为R1、R3并联部分的电压为经过R3的电流为则经过R1的电流为则R1接入电路中的电阻为则可变电阻的总阻值为2）电容器并联在R2两端，则电容器两端的电压为UC＝U2＝10V依据均衡条件得油滴质量为3）为使油滴获取向下的加快度，需把R1的滑动触头P向上挪动，以减小电容器两端的电压从而减小电场力。为使向下的加快度最大，则应使R1的滑动触头挪动到R1的最上端，此时R、R的并联电阻为13则R2两端的电压为电容器两端的电压为依据牛顿第二定律得油滴向下的最大加快度为答案：1）12Ω2）4.0×10－7kg3）1m/s2评论：搞清电路连接形式，电容器两端电压与何电阻两端电压相等是解此题的关健。拓展：以以下图，电容器C1＝6μF，C2＝3μF，电阻R1＝6Ω，R2＝3Ω。当电键S断开时，A、B两点间的电压UAB＝？当S闭合时，电容器C1的电量改变了多少C（已知电压U＝18V）？分析：在电路中电容器C1、C2相当于断路．当S断开时，电路中无电流，BC等势，AD等势，所以UAB＝UAC＝UCD＝18V当S闭合时，R1和R2串通，C1两端的电压等于R1两端电压，C2两端电压为R2两端电压，C1电量变化的计算第一从电压变化下手。当S1断开时，UAB＝UAC＝UCD＝18V，电容器C1带电量为：Q1＝C1UAC＝C1UDC＝6×10－6×18C＝1.08×10－4C当S闭合时，电路R1、R2导通，电容C1两端的电压即电阻R1两端的电压，由串通电路的电压分配关系得：此时电容器C1的带电量为：Q1’＝C1UAC’＝C1UDC＝6×10－6×12C＝0.72×10－4C电容器C1带电量的变化量为：ΔQ＝Q11－5C’－Q＝－3.6×10负号表示减少，即C1的带电量减少3.6×10－5C。例题5.用伏安法测未知电阻Rx时，若不知道Rx的大概值，为了选择正确的电路接法以减小偏差，可将电路以以下图连接，只空出电压表的一个接头S，而后将S分别与a、b接触一下，观察电压表和电流表示数变化状况，那么：（）A.若电流表示数有明显变化，S应接aB.若电流表示数有明显变化，S应接bC.若电压表示数有明显变化，S应接aD.若电压表示数有明显变化，S应接b分析：实验尝试法的原理是以伏安法测电阻原理的系统偏差产生原由下手来选择，假如电流表分压引入偏差大，则尝试过程中，电压表示数变化明显，则应选外接法以减小电流表分压的影响：如果因电压表分流作用引入偏差大，则电流表示数变化明显，则应采纳接法。假如S接触a，属外接法，S接触b，属接法。若S分别接触a、b时，电流表示数变化明显，说明电压的分流作用较强，即Rx是一个高阻值电阻，应采纳接法丈量，即S应接b丈量，偏差小。B选项正确。若S分别接触a、b时，电压表示数变化明显，说明电流表的分压作用较强，即Rx是一个低阻值的电阻，应采纳外接法丈量，即S应接a，偏差小。C选项正确。答案：BC例题6.用伏安法测金属电阻Rx（约为5Ω）的值，已知电流表阻为1Ω，量程0.6A，电压表阻为几千欧，量程为3V，电源电动势为9V，滑动变阻值为0－6Ω，额定电流为5A，试画出丈量Rx的原理图。分析：因，故应采纳电流表外接电路。假如采纳变阻器限流接法，负载Rx的电压变化围约为，明显所供给的电压表量程不够，应采纳分压接法。实质电路图应以以下图：例题7.某电压表的阻在20kΩ－50kΩ之间，为了测定待测电压表的阻，实验室供给以下可采纳的器械：待测电压表V（量程3V）电流表A1（量程200μA）电流表A2（量程5mA）电流表A3（量程0.6A）滑动变阻器R（最大阻值1kΩ)电源E（电动势4V）电键K1）所供给的电流表中，应采纳＿＿＿＿。2）)为了尽量减小偏差要求测多组数据，试画出吻合要求的实验电路图。答案：采纳A1；电路如图：分析：变阻器阻值只有1kΩ，比RV小得多，用限流电路没法使表上电压在量程之，更不用说取多组数据了，电压表满偏时，经过它的电流I不超出。例题8.如图甲为在温度为10℃左右的环境中工作的某自动恒温箱原理简图，箱的电阻R2=l0kΩ，R3=40kΩ，Rt为热敏电阻，它的电阻随温度变化的图线如图乙所示。当Uab＜0时，电压鉴别器会令开关S接通，恒温箱阻电热丝发热，使箱温度提升；当电压鉴别器使S断开，停止加热。则恒温箱阻温度几乎恒定在多少℃？

R1=20kΩ，a、b端电压Uab＞0时，分析：当Uab＝0时，可使恒温箱的温度恒定，这时：由乙图查得这时温度t＝35℃评论：与高科技知知趣联系的实质问题，一般会在题目中介绍相关的背景资料，所以仔细推断题意，理解问题所描述的物理过程或状态，充分发掘题干信息，找出相应的隐含条件，建立适合的物理模型是顺利求解这种问题的几个关健点。例题9.以以下图，额定电压都是110V，额定功率PA=100W，PB=40W，接在220V电路上，使电灯可能正常发光，且电路中耗费功率最小阻电路是哪个？分析：判两灯能否正常发光：由两灯的额定电压和额定功率可判得RA<RB，采纳电压来分析：关于A电路，因为RA<RB，UA<UB，即UB>110V，B灯烧毁，两灯不可以正常发光；关于B电路，因为RB>RAL，UB>UAL，即UB>110V，B灯烧毁，两灯不可以正常发光；关于C电路，RA可能等于RBL.UA可能等于UB等于110V，两灯可能正常发光；关于D电路，RL可能等于RAB，UA等于UB可能等于110V，两灯可能正常发光。采纳电流、电功率分析也可判断C、D电路两灯可能正常发光。当两灯正常发光时：C电路：RBL=RA，PBL＝PA=100W，总电路耗费功率为200W；D电路：RL=RAB，PL=PA＋PB=100+40W=140W，总电路耗费功率为280W。所以C电路两灯可能正常发光，且耗费功率最小。答案：C评论：要用电器能正常工作，可以从电压、电流、电功率三方面去分析，或电功率任一个达额定值其余两个也必定达额定值，用电器正常工作。

同一用电器的电压或电流●反响练习一、选择题1．竖直搁置的一对平行金属板的左极板上用绝缘线悬挂了一个带正电的小球，将平行金属板按以以下图的电路图连接，绝缘线与左极板的夹角为θ。当滑动变阻器R的滑片在a地点时，电流表的读数为I1，夹角为122）θ；当滑片在b地点时，电流表的读数为I，夹角为θ，则：（A.θ121＜I2＜θ，IB.θI1＞I21＞θ，2C.θI1＝I21＝θ，2θ1＜θ2，I1＝I22．在以以下图的电路中，电源的电动势和电阻均为定值，定值电阻R1＝R2＝2R0，滑动变阻器R3的阻值围是0－R0，现将滑动变阻器的滑动片P由A端向B端滑动，在这个过程中电流表的示数先减小后增大，而且滑动片P在滑动变阻器的中点地点时电流表的示数出现最小值。如果改变以上三个电阻的阻值，使R1＝7R0，R2＝3R0，R3的围是0－2R0，仍旧使滑动片P由A端向B端滑动，在这个过程中电流表的示数将：（）先增大后减小先减小后增大向来在减小向来在增大3．以以下图，电解池有一价离子的电解液，在时间t经过溶液截面S的正离子数为n1，负离子数为n2，设元电荷电量为e，则以下说确的选项是：（）A.溶液电流方向从A到B，电流强度为n1e/t溶液电流方向从B到A，电流强度为n2e/t溶液正、负离子反方向挪动，产生的电流互相抵消D.溶液电流方向从A到B，电流强度为（n1＋n2）e/t4．在以以下图的电路中，电源的电动势为E，电阻为r，当滑动变阻器的滑动触头由a向b滑动的过程中，以下说法中正确的选项是：（）电阻R两端的电压增大电容器C两端的电压减小电容器C上所带的电量增添电源两端的电压减小5．精确地调理某一电阻两端的电压，常常采纳以以下图的电路，经过两只滑动变阻器R1和R2对一阻值为500Ω左右的电阻R0两端电压进行粗调停微调。已知两个滑动变阻器的最大阻值分别为200Ω和10Ω，关于滑动变阻器R1、R2的连接关系和各自所起的作用，以下说确的选项是：（）取R1＝200Ω，R2＝10Ω，调理R2起粗调作用取R1＝10Ω，R2＝200Ω，调理R2起微调作用取R1＝200Ω，R2＝10Ω，调理R1起粗调作用取R1＝10Ω，R2＝200Ω，调理R1起微调作用6．用电流表（阻约

4Ω）和电压表（阻约

3kΩ）丈量电阻

R的阻值，分别将图甲和图乙两种丈量电路连到电路中，进行多次丈量。依据图甲所示电路某次的丈量状况：电流表的示数是4.00mA，电压表的示数是2.50V；依据图乙所示电路某次的丈量状况：电压表的示数是2.30V。比较这两次丈量结果，正确的选项是：（

电流表的示数是）

5.00mA，A.电阻的真实值更凑近625Ω，且大于625ΩB.电阻的真实值更凑近625Ω，且小于625ΩC.电阻的真实值更凑近460Ω，且大于460ΩD.电阻的真实值更凑近460Ω，且小于460Ω7．如图是一火警报警装置的一部分电路表示图，此中R2是半导体热敏传感器，它的电阻随温度高升而减小，a、b接报警器．当传感器R2所在处出现火情时，电流表的电流I和a、b两端的电压U与出现火情前对比：（）A.I变大，U变大B.I变小，U变小C.I变小，U变大D.I变大，U变小二、非选择题8．以以下图电路，电源电动势E＝4.5V，阻r＝1Ω，滑线变阻器总阻值R1=12Ω，小灯泡电阻R=12Ω不变，R=2.5Ω。当滑片P位于中点，S闭合时，灯泡恰能正常发光。23求：电阻R3两端的电压；经过小灯泡的电流；(3)S断开时，小灯泡能否正常发光？如要它正常发光，滑片P应向哪处挪动？反响练习答案：1．答案：D提示：分析电路可知，当滑片滑到b地点时，电路的总电阻并无发生变化，所以电路中的电流也没有变化，应有I1＝I2，而平行板两板间的电压变大了，由E＝U/d可知，平行板间的场强变大，小球受力变大，夹角应有θD正确。2＞θ，故只有选项12．答案：D提示：当P由

A→B时，由数学知识可知，并联电阻逐渐减小，所以

I向来增大。3．答案：D提示：依据电流方向的规定知，电流方向A→B，但电荷量应当是正、负离子电荷量之和，故应选D。4．答案：C提示：电路中有三个电阻：电源阻r、定值电阻R和滑动变阻器，这三个电阻将电源电动势分完。因为题给条件是滑动变阻器的阻值增大，所以它分的电压增添，而电源阻r、定值电阻R所分电压减少，故A、D是错误的。电容器两板间的电压为滑动变阻器的电压，所以选项B错误，选项C正确。5．答案：B提示：滑动变阻器的分压接法其实是变阻器的一部分与另一部分在跟接在分压电路中的电阻并联以后的分压，假如并联的电阻较大，则并联后的总电阻凑近变阻器“另一部分”的电阻值，基本上可以看作变阻器上两部分电阻分压．由此可以确立R1应当是阻值较小的电阻，R2是阻值较大的电阻，且与R2的一部分并联后对改变电阻的影响较小，故起微调作用，所以选项B是正确的。6．答案：B提示：从两种接法丈量结果数值变化分析，电压的变化与原电压的比为：电流的变化与原电流的比为：说明电流表的示数变化大，宜选择电流表接法，计算电阻的值为：这种丈量方法等于将电流表阻作为丈量电阻的一部分，故丈量值偏大。7．答案：D提示：由半导体的特征知，传感器必随温度的高升而降低，即外电路的电阻减小，由闭合电路的欧姆定律知I必增大，再由U＝E－Ir可知，外电压减小，而U1113必减小，＝IR知，U增大，UI必减小，再由I＝I－I，电流表的电流必变大，故应选D。3A38．答案：（1）3V（2）0.1A（3）不可以，向下。分析：（1）当滑片P位于中点时，此时R1下＝6Ω，则R1R2的总电阻为：则由闭合电路的欧姆定律，U外＝E－Ir＝（4.5－1.5×1）V＝3VU3＝U外＝3V（2）由部分电路的欧姆定律知，经过R1R2的总电流为，那么，（3）S断开时，相当于外电阻增大，由闭合电路的欧姆定律知，I减小，由U外＝E－Ir知，外电压必增大，R2的电压也将增大，故不可以正常发光。想正常发光，一定降低R2两端的电压，只有降低并联电阻，只有向下挪动。北京四中1、在以以下图电路的三根导线中，有一根是断的，电源、电阻器R1、R2及别的两根导线都是好的。为了查出断导线，某学生想先将万用表的红表笔连接在电源的正级a，再将黑表笔分别连接在电阻器R1的b端和R2的c端，并观察万用表指针的示数，在以下选档中，吻合操作规程的是：（）A、直流10V档B、直流0.5A档C、直流2.5VD、欧姆档2、在以以下图的电路中，R12345为可变电阻，电源的电动势为ε，、R、R和R皆为定值电阻，R阻为r，设电流表A的读数为I，电压表V的读数为U，当R5的滑动触点向图中a端挪动时：（）A、I变大，U变小B、I变大，U变大C、I变小，U变大D、I变小，U变小3、某商场安装了一台倾角为30°的自动扶梯，该扶梯在电压为380伏的电动机带动下以0.4米/秒的恒定速率向斜上方挪动，电动机的最大输出功率为4.9千瓦，不载人时测得电动机中的电流为5安，若载人时扶梯的挪动速率和不载人时同样，则这台自动扶梯可同时乘载的最多人数为__________（设人的均匀质量为60千克，g=10米/秒2）4、以以下图，AB、CD为两根平行的同样的均匀电阻丝，EF为另一根电阻丝，其电阻为R，它可以在AB、CD上滑动并保持与AB垂直，EF与AB、CD接触优异。图中电压表为理想电压表。电池的电动势和阻都不变，B、D与电池两极连接的导线的电阻可忽视。当EF处于图中位置时，电压表的读数为U1=4.0V，已知将EF由图中地点向左挪动一段距离ΔL后，电压表的读数变成U2=3.0V。若将EF