2022届山东省枣庄市高考考前提分物理仿真卷含解析

2021-2022学年高考物理模拟试卷

注意事项

1.考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回.

2.答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置.

3,请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符.

4.作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他

答案.作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效.

5.如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗.

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1.如图所示，两束单色光a、b分别沿半径方向由空气射入半圆形玻璃砖，出射光合成一束复色光P,下列说法正确

的是()

A.a光一个光子的能量小于b光一个光子的能量

B.a光的折射率大于b光的折射率

C.实验条件完全相同的情况下做双缝干涉实验，b光比a光条纹间距大

D.若用b光照射某种金属时能发生光电效应现象，则用a光照射该金属也一定能发生光电效应现象

2.某质点做匀加速直线运动，经过时间f速度由均变为展o(A>l)位移大小为心则在随后的4f内，质点的位移大小为

()

8(3Z—2)x8(2I)x8(2J)x3(5Z—3)x

A.-------B.-------C.-------D.-------

Z+lZ+lk-l&+1

3.如图所示，在斜面顶端先后水平抛出同一小球，第一次小球落在斜面中点；第二次小球落在斜面底端；第三次落在

水平面上，落点与斜面底端的距离为斜面底边长为2/,则(忽略空气阻力)()

A.小球运动时间之比4:马：%=1：

B.小球运动时间之比44)3=上2：3

C.小球抛出时初速度大小之比V01:%2：%3=1：3：G

D.小球抛出时初速度大小之比%]：1仇：%3=0：2：3

4.2019年“山东舰”正式服役，标志着我国进入双航母时代。如图，“山东舰”正在沿直线航行，其质量为机，发动机

的输出功率恒为P,所受阻力恒为7,某时刻速度为打、加速度为ai,一段时间f后速度变为也（V2>yi）,在这段时间

内位移为s。下列关系式正确的是（）

Pf

A.4=-----------------

mV]m

D-

5.小球从某一高度处自由下落着地后反弹，然后又落下，每次与地面碰后动能变为碰撞前的二。以刚开始下落时为

计时起点，小球的v-f图像如图所示，不计空气阻力，下列说法正确的是（

A.图像中选取竖直向下为正方向

B.每个阶段的图线并不相互平行

C.每次与地面相碰后能够上升的最大高度是前一次下落高度的一半

D.每次与地面相碰后上升到最大高度所需的时间是前一次下落时间的一半

6.质量为机的箱子静止在光滑水平面上，箱子内侧的两壁间距为/,另一质量也为机且可视为质点的物体从箱子中央

以血=2向的速度开始运动（g为当地重力加速度），如图所示。已知物体与箱壁共发生5次完全弹性碰撞。则物体

与箱底的动摩擦因数〃的取值范围是（）

1221

.—<//<—B.一V〃V—

4794

2222

C.—<Ll<—D.—<zz<—

1191311

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7.如图所示，将甲分子固定于坐标原点。处，乙分子放置于，轴上距离。点很远的门处，力、，2、，3为，轴上的三个

特殊的位置，甲、乙两分子间的分子力尸和分子势能用,随两分子间距离r的变化关系分别如图中两条曲线所示，设两

分子间距离很远时，埒=0。现把乙分子从〃处由静止释放，下列说法中正确的是o

A.虚线1为Ep-r图线、实线2为尸-r图线

B.当分子间距离女功时，甲乙两分子间只有分子斥力，且分子斥力随，减小而增大

C.乙分子从〃到力做加速度先增大后减小的加速运动，从0到外做加速度增大的减速运动

D.乙分子从〃到八的过程中，分子势能先增大后减小，在为位置时分子势能最小

E.乙分子的运动范围为r4>r>ri

8.质量为机物体从距地面高处分别沿不同的支持面滑至地面，如图所示，a为光滑斜面，》为粗糙斜面，c为光滑

曲面。在这三个过程中（）

A.重力做功相等

B.机械能变化的绝对值相等

C.沿c下滑重力势能增加最大

D.沿分下滑机械能变化的绝对值最大

9.如图甲所示，两条平行实线间存在垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为8=1T,一总电阻为r=0.2Q的圆

形线圈从靠近左侧实线的位置开始向右做匀速直线运动，圆形线圈产生的感应电动势随时间变化的图线如图乙所示，

下列说法正确的是（）

A.圆形线圈的半径为R=1.5mB.圆形线圈运动速度的大小为u=20m/s

C.两实线之间的水平距离L=6mD.在0.05s,圆形线圈所受的安培力大小为400N

10.为了测量某化工厂的污水排放量，技术人员在该厂的排污管末端安装了如图所示的流量计，该装置由绝缘材料制

成，长、宽、高分别为b.c,左、右两端开口，在垂直于前、后面的方向加磁感应强度为5的匀强磁场，在上、

下两个面的内侧固定有金属板M、N作为电极，污水充满管口从左向右流经该装置时，电压表将显示两个电极间的电

压U,若用。表示污水流量(单位时间内流出的污水体积)，下列说法中正确的是()

A.M板电势一定高于N板的电势

B.污水中离子浓度越高，电压表的示数越大

C.污水流动的速度越大，电压表的示数越大

D.电压表的示数。与污水流量。成正比

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.(6分)某实验小组利用如图甲所示的装置测量当地的重力加速度。

(1)为了使测量误差尽量小，下列说法中正确的是:

A.组装单摆须选用密度和直径都较小的摆球

B.组装单摆须选用轻且不易伸长的细线

C.实验时须使摆球在同一竖直面内摆动

D.为了使单摆的周期大一些，应使摆线相距平衡位置有较大的角度

(2)该实验小组用20分度的游标卡尺测量小球的直径。某次测量的示数如图乙所示，读出小球直径为仁<

(3)该同学用米尺测出悬线的长度为L让小球在竖直平面内摆动。当小球经过最低点时开始计时，并计数为0,此

后小球每经过最低点一次，依次计数为1、2、3……。当数到40时，停止计时，测得时间为f。改变悬线长度，多次

测量，利用计算机作出了户-心图线如图丙所示。根据图丙可以得出当地的重力加速度8=m/s2。(取砂=

9.86,结果保留3位有效数字)

12.(12分)某同学利用气垫导轨验证动量守恒定律，同时测量弹簧的弹性势能，实验装置如图甲所示，两滑块A、B

上各固定一相同窄片。部分实验步骤如下：

I.用螺旋测微器测量窄片的宽度d；

II.将气垫导轨调成水平；

II.将A、B用细线绑住，在A.B间放入一个被压缩的轻小弹簧；

IV.烧断细线，记录A、B上的窄片分别通过光电门C、D的挡光时间小t2.

(1)若测量窄片的宽度d时，螺旋测微器的示数如图乙所示，则kmm。

(2)实验中，还应测量的物理量是

A.滑块A的质量皿以及滑块B的质量机2

B.烧断细线后滑块A、B运动到光电门C、D的时间人、加

C.烧断细线后滑块A、B运动到光电门C、D的路程Xi、M

(3)验证动量守恒定律的表达式是；烧断细线前弹簧的弹性势能EP=o(均用题中相关物理量的

字母表示)

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.(10分)如图所示，一长木板在水平地面上向右运动，速度vo=7m/s时，在其最右端轻轻放上一与木板质量相同的

小铁块。已知小铁块与木板间的动摩擦因数4=010,木板与地面间的动摩擦因数出=025,整个过程小铁块没有

从长木板上掉下来，重力加速度g取10m/s2。

求：

(1)小铁块能达到的最大速度〜；

(2)小铁块与长木板都停止运动后，小铁块离长木板最右端的距离X。

14.(16分)在如图甲所示的电路中，螺线管匝数〃=1500匝，横截面积S=20cm2。螺线管导线电阻厂=1.0。,

a=4。。，/?2=5.0Q,C=30pF。在一段时间内，穿过螺线管的磁场的磁感应强度8按如图乙所示的规律变化。

求：

(1)螺线管中产生的感应电动势；

(2)闭合S,电路中的电流稳定后，电阻R1的电功率;

(3)S断开后，流经&的电荷量。

15.(12分)如图所示，固定在竖直面内半径R=0.4m的光滑半圆形轨道cde与长s=2.2m的水平轨道be相切于c

点，倾角族37。的斜轨道ah通过一小段光滑圆弧与水平轨道be平滑连接。质量m=\kg的物块B静止于斜轨道的

底端b处，质量M=3kg的物块A从斜面上的P处由静止沿斜轨道滑下，与物块B碰撞后黏合在一起向右滑动。

已知P处与c处的高度差”=4.8m,两物块与轨道abc间的动摩擦因数〃=0.25,取g=10m/s2,sin37°=0.6,

cos37°=0.8,A、B均视为质点，不计空气阻力。求：

(DA与B碰撞后瞬间一起滑行的速度大小；

(2)物块A、B到达e处时对轨道的压力大小。

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、A

【解析】

AB.从图中我们可以看出,a光的入射角要比b光的入射角要大,它们的折射角相同。根据〃=就(此处仇指的

是折射角，仇指的是入射角)可知b的折射率大，所以b的频率大，根据公式£=/笫，可知a光光子的能量小于b光

光子的能量，故A正确，B错误；

C.因为b的频率大于a的频率，所以b的波长小，根据条纹间距公式Ax可知b光比a光条纹间距小，故C错

a

误；

D.光的频率越大光子能量越大就越容易发生光电效应，因为b光的频率大于a光的频率，所以b光照射某种金属时

能发生光电效应现象，a光不一定能发生光电效应现象，故D错误。

故选A。

2、A

【解析】

质点做匀加速直线运动，加速度为

门_八。一%

Ct-

t

，时刻内位移为

人r一，。+他I.

2

联立可得

_2x

'%(%+1)

则在随后的4f内，质点的位移大小为

2

x'=在)•47+〈a(4r)2=4kv()t+g•—~~—•(4/)

2x

将，=代入得

,8(3%-2)x

x=------------

k+1

故A正确，BCD错误。

故选Ao

3、D

【解析】

AB.根据

71.2

h=Qgr

得

小球三次下落的高度之比为1:2:2,则小球三次运动的时间之比为1：及：、"，AB错误;

CD.小球三次水平位移之比为1:2:3,时间之比为1：血：0,根据

x

%=7

知初速度之比为

%：%2：%3=0：2：3

C错误，D正确。

故选D。

4、A

【解析】

A.由牛顿第二定律，则有

mmmv}m

故A正确;

B.当航母达到最大速度时，F=f,此时

故B错误;

C.航母的运动不是匀加速运动，则时间，内的位移

V,+%

sw-1——M

2

故C错误；

D.由动能定理可得

Pt-fs=mv\-gmv^

故D错误。

故选A。

5、D

【解析】

A.由于小球从某一高度处自由下落，根据速度时间图线知选取竖直向上为正方向，故A错误；

B.不计空气阻力，下落过程和上升过程中只受重力，根据牛顿第二定律可得下落过程和上升过程中的加速度为重力

加速度，速度时间图线的斜率表示加速度，所以每个阶段的图线相互平行，故B错误；

C.与地面相碰后能够上升的最大高度是前一次下落过程，根据动能定理可得

Ek=mgh

与地面相碰后上升过程中，根据动能定理可得

耳=mg*

根据题意有

耳=3

解得

h,^-h

4

故C错误；

D.根据运动学公式可得与地面相碰后上升的时间

公杼

与地面相碰后上升到最大高度所需的时间是前一次下落时间的

解得

t=2t'

故D正确；

故选D。

6、C

【解析】

小物块与箱子组成的系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得

mv0—2加丫共

解得

1

"共=5%

对小物块和箱子组成的系统，由能量守恒定律得

3相片=;（根+加）4+。

解得

c121

（2=—根喝=mgl

由题意可知，小物块与箱子发生5次碰撞，则物体相对于木箱运动的总路程

11,_9

s=l

maxTz,^2

小物块受到摩擦力为

f=〃〃吆

对系统，利用产热等于摩擦力乘以相对路程，得

Q=fs=/dmgs

故

_2_2_

〃ma*-9，〃min〜]]

22..

即曰<〃<§,故C正确，ABD错误。

故选C。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、ACE

【解析】

A.因两分子间距在平衡距离m时，分子力表现为零，此时分子势能最小，可知虚线1为4-/•图线、实线2为尺/•图

线，选项A正确；

B.当分子间距离x。时，甲乙两分子间斥力和引力都存在，只是斥力大于引力，分子力表现为斥力，且分子斥力随r

减小而增大，选项B错误；

C.乙分子从〃到/'2所受的甲分子的引力先增加后减小，则做加速度先增大后减小的加速运动，从。到门因分子力表

现为斥力且逐渐变大，可知做加速度增大的减速运动，选项C正确；

D.乙分子从〃到”的过程中，分子力先做正功，后做负功，则分子势能先减小后增大，在/'2位置时分子势能最小，

选项D错误；

E.因乙分子在/'4处分子势能和动能均为零，到达n处时的分子势能又为零，由能量守恒定律可知，在八处的动能也

为零，可知乙分子的运动范围为r仑r小i,选项E正确；

故选ACE.

8、AD

【解析】

A.在这三种过程中物体下降的高度相同，由W=,“g〃可知，重力做功相同，故A正确；

BD.在心c面上滑行时机械能守恒，在〃面上滑行时机械能减小，则在a、c面上滑行时机械能变化小于在6面上滑

行时机械能变化的绝对值，选项B错误，D正确；

C.重力做功等于重力势能的变化，所以在这三种过程中重力势能的变化相同。故C错误；

故选AD。

9、BD

【解析】

AB.设线框向右运动的速度为上线框的半径为/?,圆形线框匀速进入磁场，切割磁感线的有效长度为

L'=2^R2-(R-vt)2=2d2Rvt-vY

产生的感应电动势

E=BL'v=2Bv\l2Rvt-v2t2

显然印=R时，产生的感应电动势最大，结合图像有：Em=2BvR,即

40=2xlxyx/?

由图像可知，当f=O.ls时，线框全部进入磁场有：

vx0.1=2/?

联立以上两式可求得：

v=20m/s

/?=lm

故A错误，B正确；

C.由以上分析知，全部离开磁场时线框向右移动的距离为

x=ux0.3s=6m

所以两磁场边界的距离为

L=x-2/?=4m

故C错误；

D,由图像知，1=0.05s时，E=40V,线框正向右运动了1m,此时有效切割长度为2R,则安培力

nBIRvcn11x2x1x20c……

/安=5x-------x2R=lx--------------x2xlN=400N

r0.2

故D正确。

故选BDo

10、ACD

【解析】

A项，根据左手定则知负离子所受洛伦兹力方向向下，正离子所受洛伦兹力方向向上，所以M板电势一定高于N板

的电势，故A正确；

B、C项，最终离子处于平衡，故电场力等于洛伦兹力，根据牛顿第二定律有=,解得u=,所以与

C

离子的浓度无关，与污水流动的速度成正比，故B项错误，C项正确.

D项，根据v=S,则流量。=防。="。。=且匕,即，故电压表示数与污水流量成正比，故D项正

BeBeBb

确.

综上所述本题正确答案为ACD.

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11,BC0.8109.80

【解析】

d)[l].A.组装单摆须选用密度较大且直径较小的摆球，选项A错误；

B.组装单摆须选用轻且不易伸长的细线，选项B正确；

C.实验时须使摆球在同一竖直面内摆动，选项C正确；

D.单摆的摆角不得超过5。，否则单摆的运动就不是简谐运动，选项D错误；

故选BCo

(2)[2],小球直径为rf=0.8cm+0.05mmx2=0.810cm；

(3)[3].单摆的周期为

2

由

可得

1600/L

g

由图像可知

2

,1600^1610八

k=----=-----

g100x10-2-=1610

解得

g=9.80m/s2

m.m,d2(nta、

12>4.800A=——T

4%2Mf2J

【解析】

⑴口］螺旋测微器主尺的示数为4.5mm,可动刻度的示数为0.01mmx30.0=0.300mm,故

d=4.5mm+0.300mm=4.800mm

(2)［2］验证动量守恒定律，需要测量滑块A、B的质量皿和机2

故选A

(3)［3］根据动量守恒定律

"11K12v2=0

其中

。,2

可得

町—加2

或

［4］根据能量守恒定律可得，烧断细线前弹簧的弹性势能

L1212d2(班多)

耳=/匕+严%=耳序+词

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13、(1)lm/s；(2)3.125m

【解析】

(1)设铁块与木板开始时的加速度大小分别为《、的,由牛顿第二定律得

"Mg=max

+2jLi2mg=ma2

解得

22