2021年湖南省永州市中考物理试卷

第第#页，共19页【解析】解：A、在同一个插座上同时使用多个大功率的用电器，容易造成干路的电流过大，引发火灾，故A不符合安全用电原则；B、使用绝缘皮破损的导线，易发生触电事故，故B不符合安全用电原则；C、更换灯泡时容易碰到金属部分，切断电源可以保证金属部分不带电，故C符合安全用电原则；D、洗衣机具有金属外壳，洗衣机的金属外壳要接地，防止金属外壳漏电，发生触电事故，故D不符合安全用电原则。故选：C。多个大功率用电器使用同一插座容易造成电流过大，引发火灾；导线的绝缘皮要保持完好无损，否则易引起触电事故；更换灯泡、移动用电器之前必须断开开关，防止发生触电事故；对于金属外壳的家用电器，金属外壳一定接地，防止外壳漏电，发生触电事故。要求学生在生活中要具有一定的安全用电常识，并养成安全用电的好习惯。8.【答案】B【解析】解：A、实验是奥斯特实验证明通电导线周围有磁场，演示的是电流的磁效应，故A错误；B、当小磁针自由静止时，根据磁极间的作用规律可以确定，相互靠近的一定是异名磁极；因此螺线管的左端为S极，右端为N极，根据螺线管的N极，再结合螺线管的线圈绕向，利用安培定则可以确定螺线管中的电流方向是从螺线管的左端流入、右端流出，电流是从电源的正极流出回到负极，所以a端与电源正极连接，故B正确；C、动圈式扬声器是将电信号转化成声信号，也是电能转化为机械能，其原理是电动机的原理相同，故C错误；D、动圈式话筒是声信号转化为电信号的机器，机械能转化为电能，其工作原理与发电机的工作原理相同，故D错误。故选：B。通电导线的周围存在磁场；根据小磁针的N、S极，利用磁极间的作用规律可以确定螺线管的N、S极，再利用安培定则可以确定螺线管中的电流方向，进而可以确定电源的正负极；磁场对通电导体力的作用是通电的导体在磁场中受到力的作用；发电机是利用电磁感应原理工作的，发电机的能量转化是把机械能转化为电能。本题考查电流的磁效应、安培定则、电动机和发电机的工作原理等知识，考查范围较广。【答案】C【解析】解：A、由图知n=3，则绳子末端移动的距离：s=3h=3x0.1m=0.3m，故A错误；B、拉力做的总功："总=Fs=10Nx0.3m=3丿，故b错误；C、有用功为："有用=Gh=27NXOJm=2.7丿；Wn-7T机械效率为：乃=一有用=均=90%，故C正确；"总3丿D、拉力做的额外功："额="总-"有用=3丿_2.〃=0.3人不计绳重和滑轮的摩擦，由"輛=^动^可得，动滑轮的重力：G*=叫额=皿=3川，故D错误。额动动h0.1m故选：C。根据"有用=^h求出有用功，根据s=3h求出绳子自由端移动距离，根据"总=Fs求出总功，根据机械效率公式求出机械效率的大小；根据"总="有用+"额求出克服动滑轮重做的额外功，再根据"额=^h求出动滑轮重。此题主要考查的是学生对有用功、总功、额外功、机械效率计算公式的理解和掌握，基础性题目。【答案】C【解析】解：A、如果厶］短路，闭合开关，厶2会发光，故A不符合题意；B、如果厶2短路，闭合开关，S会发光，故B不符合题意；C、如果厶］断路，-和厶2均不发光，把电压表并联在de间时，电压表有示数，故C符合题意；D、如果厶2断路，-和厶2均不发光，用电压表进行检测，de、af间的电压应为0V,故D不符合题意。故选：C。闭合开关两灯都不亮，故障只能是断路，具体位置再根据电压表有无示数判断；本题考查故障判断，难度不大。【答案】D

【解析】解：A、将a、b两个物体分别放入甲、乙两个容器内，静止时a沉在甲容器底部，b悬浮在乙容器的水中。由物体浮沉条件知：Pa>P水，Pb=P水。故A错误；B、由上知，Pa>P水，Pb=p水。所以Pa>Pb。已知a、b体积相同，由公式n=pV知，ma>mb。故B错误；C、已知a、b体积相同，静止时a沉在甲容器底部，b悬浮在乙容器的水中。所以两个物体排开水的体积^排相同。由尸浮=卩液妙排知，两个物体受到的浮力相同，即Fa=Fb。故C错误；D、已知a、b体积相同，甲、乙两个容器的底面积相同且容器内的水面相平。将两个物体分别放入甲、乙两个容器内，甲容器内水面上升幅度更大，也就是增加的深度更大。由p=pgh知：放入a、b两物体后，甲、乙容器底部所受水的压强卩甲>卩乙。故D正确。故选：D。(D物体的浮沉条件：P物>2液，下沉；p物=2液，悬浮；p物<p液，上浮；体积相同的物体，质量与密度成正比；在液体密度相同时，物体受到的浮力与排开液体的体积成正比；在液体密度相同时，液体产生的压强与深度成正比。此题是一道力学综合题，考查了物体浮沉条件、密度计算公式、阿基米德原理和液体压强公式的应用，熟悉基本规律，确定两个物体与水的密度关系，是正确解答此题的第一步。12.【答案】D解析】解：A、£闭合，S2断开，$与尺3串联，滑片从a端移到b端过程中，滑动变阻器接入电阻变大，电压表的测量滑动变阻器冬两端的电压，电压表的示数逐渐变大，故A错误；B、S］闭合，S2断开，冬与冬串联，滑片移到b端，滑动变阻器接入电阻最大，电路中电流最小。电流表的示数最小值为：仁九U=6P的示数最小值为：仁九U=6PR\R3100200=0.24,故B错误；C、S］、s2都闭合，滑片位于a端，滑动变阻器接入电阻为零，电阻R］与尺2并联接在电源上,叫中的电流:R叫中的电流:Ri止=0.64,ion电流表的示数为：/=0.94,则电阻R2的中通过的电流：I2=I-I1=0.9A-0.6A=0.3A，则电阻R2的阻值为：尺2=耳=皿=20°工6.672故C错误；22；20・3&D、S］、S2都闭合，滑片位于a端，电阻g与R2并联，电流表的示数为0.9人结合C选项的计算，则电阻匕、R2消耗的电功率之比为：£t=^2±=2t=^=2，故D正确。2P2UI2I20.3A1故选：D。S］闭合，s2断开，R］与心串联，滑片从a端移到b端过程中，电压表的测量滑动变阻器心两端的电压，根据分压原理判断电压表示数；(20闭合，S2断开，匕与冬串联，滑片移到b端，电流表的示数最小值；»、S2都闭合，滑片位于a端，电阻坷与R2并联接在电源上，电流表测量干路电流，根据并联电路的特点和欧姆定律，计算电阻R2的阻值；»、S2都闭合，滑片位于a端，电阻$与R2并联，根据P=UI,判断电阻$、R2消耗的电功率之比。本题考查电路的动态电路和电功率计算，难点是分析出开关在不同状态下电路的连接情况以及电表的作用【答案】会聚3.10【解析】解：(1)凸透镜对光线有会聚作用；刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表1mm,即刻度尺的分度值为1mm=0.1cm；物体左侧与0刻度线对齐，右侧示数为3.10cm，所以物体的长度为：厶=3.10cm。故答案为：会聚；3.10。凸透镜对光线有会聚作用；凹透镜对光线有发散作用；(1)使用刻度尺测量物体长度时，要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位。本题考查透镜的应用以及刻度尺的读数，难度不大。【答案】250【解析】解：(1)物体的运动速度：v=-==2m/s；t5s拉力做的功：“=Fs=5NX10m=50/。故答案为：2；50。知道物体运动的路程和时间，利用速度公式求物体运动的速度；知道作用在物体上的力、物体在力的方向上移动的距离，利用］^=Fs求做功多少。此题主要考查的是学生对速度计算公式和功的公式的理解和掌握，基础性题目。【答案】晶体不变【解析】解：由图象可知，该固体在熔化的过程中，吸收热量，但温度保持不变，所以该物质是晶体。故答案为：晶体；不变。晶体有一定的熔点，在熔化过程中吸热但温度保持不变。本题考查晶体的熔化图像和晶体熔化的特点，属于基础题。【答案】0.752.25510【解析】解：两个质量均为50g的钩码的重力为：G=mg=0.1kgx10N/kg=1N；设杠杆上每个小格的长度为L；杠杆在水平位置平衡，根据杠杆的平衡条件可知:片厶1=G］厶2，即:&x4L=1NX3厶2，解得：&=0.75N；物体的重力为：G'=m'g=0.3kgx10N/kg=3N；物体受到竖直向下的重力、竖直向上的支持力和拉力的作用，则地面对物体的支持力的大小为：F支=G'-Fi=3N-0.75N=2.25N；要使物体对地面的压力大小为零，同时杠杆在水平位置平衡，此时物体对杠杆的拉力为3N；根据杠杆的平衡条件可知：3NX4L=G''X3厶，解得：G''=4N；每个钩码的重力为0.5N，则A端所挂钩码的个数为：n=^^=8,则加挂的钩码的个数为8-2=6个；0.5N要使在A点所挂钩码的个数最多，钩码对杠杆的拉力的力臂不变，当弹簧测力计示数最大、弹簧测力计对杠杆拉力的力臂最大时，所挂钩码个数最大；弹簧测力计的最大称量值为3N,最大力臂为5L,根据杠杆的平衡条件可知：3NX5L=GAX3厶，解得：耳=5N；每个钩码的重力为0.5N，则A点所挂钩码的最多个数为：n'=^^=10o0.5N故答案为：0.75；2.25；6；10。根据G=mg求出两个钩码的重力；根据杠杆的平衡条件求出轻绳对杠杆的拉力大小；对物体受力分析，得出压力的大小；根据杠杆的平衡条件求出A点增挂钩码的个数；根据弹簧测力计的量程判定弹簧测力计的最大测量值；要使钩码个数越多，需要动力最大、动力臂最大根据杠杆的平衡条件求出A点钩码的个数。本题考查了杠杆平衡条件的应用，明确力和力臂的变化是解题的关键，难度不大。【解析】用一根带箭头的线段来表示力的三要素，这种表示方法叫力的示意图。重力是作用在物体上的力作用点画在物体的几何中心，方向是竖直向下的。画重力的示意图关键是要明确它的三要素，这里注意重力的方向始终是竖直向下的。18.【答案】A0.30.75偏大【解析】解：(1)由题意可知，小灯泡的额定电压为2.5U，所以电压表选用小量程与小灯泡并联，如下图所示：处，即图中滑片应移至最左端的A处；⑶灯泡正常发光时的电压等于额定电压2.5V，由图丙可知，电流表的量程为0-0.64,分度值为0.024,此时通过灯泡的电流为0.34，所以灯泡的额定功率：P=刃=2.5VX0.34=0.75W；由图知，灯与电压表并联，电压表测量的电压是准确的，假如考虑了电流通过电压表的影响，根据并联电路电流的规律，电流表示数大于通过灯的电流，根卿=，测量的小灯泡额定功率比小灯泡真实的额定功率偏大。故答案为：(1)如上图所示：(2)4；(3)0.3；0.75；(4)偏大。由小灯泡的额定电压可知，电压表选用大量程与小灯泡并联；闭合开关前，滑动变阻器的滑片应滑到阻值最大处；灯泡正常发光时的电压等于额定电压，由电流表读出灯泡正常发光的电流，由P=UI计算其额定功率；电压表测量的电压是准确的，根据并联电路电流的规律分析电流表示数大于通过灯的电流，根据P=UI分析所测功率的差异。此题考查了测灯泡功率实验中，电路连接、电流表读数、功率计算、实验误差的分析等，考查的知识点多，综合性强，有一定难度。19.［答案】0.221X1042.2X1030.85x103＜【解析】解：(1)由图甲知，测力计的分度值为0.2N；物体的重力G=2.2N；金属块的质量为：m=E=0.22丘°；g10N/上9由图B可知，物体浸没在水中时拉力F=1.2N；金属块浸没在水中时受到的浮力为：F浮=GF=2.2N1,2^=1^；根据阿基米德原理F浮=P水0岭卡可知，金属块排开的水的体积即金属块的体积为：y=y=—浮=1^=1x104m3；排Q91.0x103fc^/m3x10N/k^，水金属块的密度为：p=m=0盈切=2.2X103fc^/m3；V1x104m3由图可知，液体的密度为0.85°/cm3=0.85x103fc^/m3；密度计在C、D两种液体中都处于漂浮状态，受到的浮力都等于密度计受到的重力G,所以浮力相同;由图可知，密度计排开液体的体积绻排D，根据F浮=2液7排0可知：P甲＜P乙。故答案为：(1)0.22；(2)1x104；(3)2.2x103；(4)0.85x103；(5)＜。进行读数时，注意测力计的分度值，根据公式6=力。求出金属块的质量；根据称重法F浮=GF求出金属块浸没在水中时受到浮力的大小；根据阿基米德原理F浮=卩液排,求出金属块排开的水的体积即金属块的体积；金属块的密度P=喉求出金属块密度的大小；根据图C读出密度计的示数，即液体的密度；从图可知，密度计放在C、D液体中都漂浮，受到的浮力都等于密度计受到的重力，从而可以判断受到浮力的大小关系；根据阿基米德原理判定液体密度的关系。本题考查了学生对阿基米德原理和物体的漂浮条件的掌握和运用，利用好密度计测液体密度时漂浮:F浮=G)是本题的关键。【答案】解：(1)物块的体积：U=厶3=(0.1m)3=0.001m3；根据P=:可得，物块的质量：m=pV=2.7x10^kg/m3x0.001m3=2.7kg；(2)立方体物块静止在水平地面上，则物块对水平地面的压力：F=G=mg=2.7kgx10N/kg=27N,物块的底面积：S=L2=(0.1m)2=0.01m2；物块对水平地面的压强：卩=已=^\=2700Pa；S0.01m2⑶由于物块密度p=2.7x103kg/m3＞水的密度P水=九0x103kg/m3,所以，物块在水中将下沉，则物块受到的浮力：F、“=p,gV=1.0x103kg/m3x10N/kgx0.001m3=10N。浮水答:(1)物块的质量为2.7kg；物块对水平地面的压强为2700Pa；把物块放入足够多的水中，物块静止时受到的浮力大小为10N。【解析】(1)已知正方体的边长，可以求出物块的体积；根据P=^求出物块的质量；放在水平面上的物体对水平面的压力等于重力；根据G=mg求出重力，已知正方体的边长，可以得到物块的底面积；利用P=E计算物块对水平地面的压强；s物块的密度与水的密度进行比较，即可根据物体浮沉条件知道物块在水中的浮沉状态，然后根据阿基米德原理求出物块所受的浮力。本题考查物体的质量、密度、浮力的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，关键是求物体的密度进而判断物体在水中的沉浮状态。【答案】保温【解析】解：(1)由图乙可知：当ur=12.1V时通过的电流为Ir=0.5A,则根据/=-可得R［的阻值：叫=鸟=呼=24.2O；R110.5S由电路图可知，开关迟闭合、S2断开时，两电阻串联，电路中的电阻最大，根据P=G可知，