初中物理苏科八下期中试卷1答案

苏科八下期中卷1一、填空题（每题3分，共30分）1．（3分）（2013春?吴江区校级期中）电在家庭中不行缺乏，你家中的电视机工作时的电压是V，同学们使用的单放机的电压是6V，它需要节干电池联使用。2．（3分）（2013春?吴江区校级期中）以下图，灯泡L1和L2串连在电路中，那么三个电表甲、乙、丙分别是：甲是表，乙是表，丙是表。3．（3分）（2013春?吴江区校级期中）以下图，当S1闭合、S2断开时，电压表的示数是2.5V；当S断开、S闭合时，电压表的示数是6V，则灯L两头的电压是V，L2两121端的电压是V，电源电压是V。4．（3分）（2013春?吴江区校级期中）小明想获取一个12Ω的电阻，而手边只有2Ω、10Ω、20Ω、30Ω的电阻各一个，你以为能够选此中的Ω和Ω的电阻联可以获取12Ω的电阻。5．（3分）（2013春?吴江区校级期中）6.4mV=V．600Ω=MΩ。6．（3分）（2012?淄博校级二模）在以下图的电路中，电源电压为3V，开封闭合后，电流表和电压表的读数分别是0.10A和2.0V，则经过R2的电流是A，R2两头的电压是V，R1的电阻是Ω。7．（3分）（2013春?吴江区校级期中）某温度下，两个电阻元件A和B中的电流与其两头的电压关系以下图，由图可知，电阻元件中A的阻值是Ω，B的阻值是Ω，A和B并联后的总电阻是Ω。8．（3分）（2004秋?旭日区期末）加在某导体两头的电压是6V，经过这个导体的电流是0.5A，这个导体的电阻是Ω，若在这个导体两头加12V电压，它的电阻是Ω9．（3分）（2013春?吴江区校级期中）某白炽灯上标有“220V40W”字样，该灯泡正常工作时，经过灯丝的电流是A，灯丝的电阻是Ω，正常工作h耗费1度电。10．（3分）（2013春?吴江区校级期中）以下图，L为“6V3W”的小灯泡，电源电压为9V，当L正常发光时，经过他的电流是A，所串连的电阻的阻值是Ω，每分钟产生的热量是J。二、选择题（每题2分，共20分）11．（2分）（2013春?吴江区校级期中）一根锰铜线电阻为阻变大，采纳的举措是（）

R，要使这根连入电路的导线电A．减小导线两头的电压B．增大导线中的电流C．将导线拉长后连入电路D．将导线对折后连入电路12．（2分）（2013春?吴江区校级期中）以下图是用电压表测L1两头电压的电路图，此中正确的选项是（

）A．C．

B．D．13．（2分）（2013春?吴江区校级期中）如图是滑动变阻器的简图，它有四个接线柱，使用时只要接入两个，所以有几种接法，此中不可以改变电阻大小而且可能破坏仪器的接法是（）A．接a和dB．接b和cC．接a和bD．接c和d14．（2分）（2013春?吴江区校级期中）以下图的电路图中，电源电压为24V，R=R=120Ω，12当S闭合后两电流表的示数均为0.2A，出现这种现象的原由是（）A．R2短路

B．R2断路

C．R1短路

D．R1断路15．（2分）（2013春?吴江区校级期中）在图的电路中，电源电压不变，挪动时，以下判断正确的选项是（）

S闭合，当

P向右A．电压表示数变大，电流表示数变小B．电压表示数变小，电流表示数变大C．两表示数都变大D．两表示数都变小16．（2分）（2012?巴中）以下图，V1和V2是完整同样的两个电压表，都有个量程，闭合开关后，发现两个电压表偏转的角度同样，则（）

3V

和

15V

两A．R：R=1：4B．R：R=4：1C．R：R=1：5D．R：R=5：11212121217．（2分）（2010春?重庆校级期末）某同学做实验时，如图连结电路，闭合开关后，灯泡正常发光，但电流表指针不动，电压表读数正常，那么有可能是（）A．电流表已被烧坏，以致电路不通B．电流表完满，但未与导线接牢C．灯L的灯座接线处短路D．电流表接线处碰线（电流表被短路）18．（2分）（2012春?兴安盟期末）依据欧姆定律可导出公式R=，以下说法中正确的选项是（）A．导体的电阻与导体两头电压成正比B．导体的电阻与导体中的电流成反比C．导体的电阻与导体两头的电压成正比，又与导体中的电流成反比D．导体的电阻与自己的资料和属性相关，与电压、电流没关19．（2分）（2013春?吴江区校级期中）以下图，开关S闭合后，挪动滑片P，以下物理量中大小发生改变的是（）A．小灯泡的额定功率B．小灯泡的额定电流C．小灯泡的实质功率D．电源电压20．（2分）（2013春?吴江区校级期中）将一台“220V100W”的电电扇和一把“220V100W”的电烙铁分别接在220V的电源上，在同样的时间内产生的热量（）A．电烙铁许多B．电电扇许多C．同样多D．不可以确立三、作图题（每题6分，共12分）21．（6分）（2013春?吴江区校级期中）如图是研究串连电路电压关系时，用电压表测电阻两头的电压的实物图V1和V2分别测R1和R2两头的电压：（1）指出图中的错误：（2）画出更正后的电路图22．（6分）（2013春?吴江区校级期中）九（1）班有四盏白炽灯，两个插座请你画出这个班级的连结电路。四、实验研究题（每题

9分，共

18分）23．（9分）（2013春?吴江区校级期中）如图是小明用电压表和电流表测

2.5V

小灯泡正常发光时电阻的电路（1）该实验的原理是（2）该实验电压表选的量程是，电流表选的量程是。（3）闭合开关，电压表的示数以下图，为了测出2.5V小灯泡正常发光时的电阻，滑动变阻器的滑片应向端挪动，当电压表的示数为2.5V时，电流表的示数以下图，则灯泡的电阻是Ω。24．（9分）（2013春?吴江区校级期中）在“测小灯泡的额定功率”（额定电压为2.5V）的实验中：（1）要测出三组电压值和电流值，目的是（2）下表是“测小灯泡功率”时的记录数据，由此可知，小灯泡的额定功率是W。电压电流130.2522.50.22320.203）由欧姆定律我们能够求出小灯泡的电阻值，那么从表中求出的小灯泡的电阻同样吗？为何？五、综合运用题（每题10分，共20分）25．（10分）（2012春?商城县校级期末）以下图电路中，已知R=40Ω，R=10Ω．当开关12闭合后，经过电流表示数为0.3A。求：（1）电阻R1两头电压；2）经过电阻R2的电流；3）经过电路的总电流；4）电路的总电阻；5）R1，R2各自的电功率。26．（10分）（2013春?吴江区校级期中）阳光牌电水壶的铭牌如表所示：阳光牌电水壶型号LRDH9913额定电压220V额定功率1500W最大水量1kg频次50Hz1）电水壶在额定电压下工作时的电流是多少？2）此电水壶正常工作5min耗费多少电能？3）若实质电压只有110V，则电水壶的实质功率是多少？（不考虑温度对电阻的影响）参照答案与试题分析一、填空题（每题3分，共30分）1．（3分）（2013春?吴江区校级期中）电在家庭中不行缺乏，你家中的电视机工作时的电压是220V，同学们使用的单放机的电压是6V，它需要4节干电池串连使用。【剖析】家庭电路的电压为220V，串连电池组的总电压等于各串连电池的电压之和。据此剖析回答。【解答】解：家中的电视机工作时的电压是220V；因为一节干电池的电压为1.5V，单放机的电压是6V，所以需要4节干电池串连使用。【评论】本题考察了学生对家庭电路电压和串连电池组电压特色的认识与掌握，属于基础题目。2．（3分）（2013春?吴江区校级期中）以下图，灯泡表甲、乙、丙分别是：甲是电压表，乙是电流

L1和L2串连在电路中，那么三个电表，丙是电压表。【剖析】电流表在电路中相当于导线，电压表相当于开路，所以电流表不可以和用电器并联，电压表不可以和用电器串连。【解答】解：要想使两灯串连，中间乙表一定是电流表，这样就把灯泡串连起来了，甲、丙电表一定是电压表，分别丈量两个灯泡两头的电压。答：电压；电流；电压。【评论】本题考察学生对电流表和电压表的特色的认识和掌握，是中招的热门。3．（3分）（2013春?吴江区校级期中）以下图，当S1闭合、S2断开时，电压表的示数是2.5V；当S1断开、S2闭合时，电压表的示数是6V，则灯L1两头的电压是2.5V，L2两端的电压是3.5V，电源电压是6V。【剖析】由电路图可知，两灯泡串连，当S1闭合，S2断开时，电压表测L1两头的电压；当S1断开，S2闭合时，电压表测电源的电压；依据串连电路的电压特色求出L2两头的电压。【解答】解：由电路图可知，当S1212闭合、S断开时和当S断开、S闭合时，两灯泡一直串连；当S1闭合、S2断开时，电压表测L1两头的电压，所以灯L1两头的电压U1=2.5V；当S1断开、S2闭合时，电压表测电源的电压，所以电源电压U=6V；依据串连电路的电压特色可知，灯L2两头的电压：U2=U﹣U1=6V﹣2.5V=3.5V。故答案为：2.5；3.5；6。【评论】本题考察了串连电路的电压特色和电压表的示数，重点是依据电路图判断开封闭合、断开时两灯泡一直是串连的。4．（3分）（2013春?吴江区校级期中）小明想获取一个12Ω的电阻，而手边只有2Ω、10Ω、20Ω、30Ω的电阻各一个，你以为能够选此中的2Ω和10Ω的电阻串联能够获得12Ω的电阻。【剖析】串连电路的总电阻等于各串连电阻之和（R=R1+R2），据此剖析回答。【解答】解：要获取12Ω的电阻，能够将2Ω和10Ω的电阻串连，R串=2Ω+10Ω=12Ω。故答案为：2；10；串。【评论】本题考察了串连电阻的特色，属于基础题目。5．（3分）（2013春?吴江区校级期中）6.4mV=6.4×10﹣3V．600Ω=6×10﹣4MΩ。【剖析】1mV=10﹣﹣﹣3V，1Ω=103kΩ=106MΩ，依据电压和电阻单位间的进率来计算。【解答】解：6.4mV=6.4×10﹣3V．600Ω=600×10﹣6MΩ=6×10﹣4MΩ。故答案为：6.4×10﹣3；6×10﹣4。【评论】本题考察电压和电阻的单位换算，是一道基础题。6．（3分）（2012?淄博校级二模）在以下图的电路中，电源电压为3V，开封闭合后，电流表和电压表的读数分别是0.10A和2.0V，则经过R2的电流是0.10A，R2两头的电压是1V，R1的电阻是20Ω。【剖析】剖析电路图可知R1和R2串连在电路中，电压表测R1两头的电压，电流表测经过电路的电流。依据串连电路电流和电压特色及欧姆定律可计算相应的物理量。【解答】解：串连电路各处电流都相等，所以过R2的电流是0.10A。串连电路总电压等于各分电压之和，U2=U﹣U1=3V﹣2.0V=1VR=1故答案为：0.10A，1V，20Ω。【评论】本题考察学生运用欧姆定律计算的能力及对串连电路电流和电压特色的掌握。7．（3分）（2013春?吴江区校级期中）某温度下，两个电阻元件A和B中的电流与其两头的电压关系以下图，由图可知，电阻元件中A的阻值是5Ω，B的阻值是10Ω，A和B并联后的总电阻是3.33Ω。【剖析】第一在图中找出元件A的一组对应电压和电流，利用R=解电阻；再从图中找出元件B的一组对应电压和电流，利用R=解电阻；最后利用并联电路中电阻的关系=+计算并联后的总电阻。【解答】解：从图中找出A对应的电流为IA=0.3A，电压为UA=1.5V，则元件A的阻值为：RA===5Ω；从图中找出A对应的电流为IB=0.2A，电压为UB=2.0V，则元件A的阻值为：RB===10Ω；并联后的总电阻为：R==Ω≈3.33Ω。故答案为：5；10；3.33。【评论】这种题目要能读懂图象，找出横坐标与纵坐标对应的物理量，而后利用公式计算。8．（3分）（2004秋?旭日区期末）加在某导体两头的电压是6V，经过这个导体的电流是0.5A，这个导体的电阻是12Ω，若在这个导体两头加12V电压，它的电阻是12Ω【剖析】知道导体两头的电压和经过导体的电流，利用欧姆定律的应用求导体的电阻；电阻是导体的一种特征，其大小取决于导体的长度、横截面积和资料。【解答】解：导体电阻：R===12Ω，当电压为12V时，导体的电阻不变，仍为12Ω，故答案为：12；12。【评论】本题考察了学生对欧姆定律及其变形公式的掌握和运用，注意：电阻是导体自己的阻挡电流的性质，其大小取决于导体的长度、横截面积和资料，与导体两头的电压和经过的电流大小没关。9．（3分）（2013春?吴江区校级期中）某白炽灯上标有“220V40W”字样，该灯泡正常工作时，经过灯丝的电流是0.18A，灯丝的电阻是1210Ω，正常工作25h耗费1度电。【剖析】已知灯泡的额定电压和额定功率，依据公式I=可求经过灯丝的电流；依据公式R=可求灯丝的电阻；已知耗费的电能依据公式t=可求工作的时间。【解答】解：该灯泡正常工作时，经过灯丝的电流是I==≈0.18A；灯丝的电阻R===1210Ω；耗费1度电工作t===25h。故答案为：0.18；1210；25。【评论】本题考察电流、电阻、工作时间等的计算，重点是公式及其变形的灵巧运用，本题属于基础题，相对照较简单。10．（3分）（2013春?吴江区校级期中）以下图，L为“6V3W”的小灯泡，电源电压为9V，当L正常发光时，经过他的电流是0.5A，所串连的电阻的阻值是6Ω，每分钟产生的热量是90J。【剖析】由电路图可知，R与L串连，依据I=求出经过灯泡的电流；依据欧姆定律分别求出灯泡的电阻和电路的总电阻，再依据电阻的串连求出串连的电阻的阻值；最后依据W=UIt求出该电阻每分钟产生的热量。【解答】解：正常发光时，经过小灯泡的电流：I===0.5A；灯泡的电阻：RL===12Ω；电路的总电阻：R总===18Ω；需要串连的电阻值为：R=R总﹣RL=18Ω﹣12Ω=6Ω；电阻分得的电压为：UR=U﹣UL=9V﹣6V=3V；电阻每分钟产生的热量：W=URIt=3V×0.5A×60s=90J。故答案为：0.5；6；90。【评论】本题考察了串连电路的特色和电功率公式、电功公式、欧姆定律的应用，应注意灯泡正常工作即工作在额定电压下。二、选择题（每题2分，共20分）11．（2分）（2013春?吴江区校级期中）一根锰铜线电阻为R，要使这根连入电路的导线电阻变大，采纳的举措是（）A．减小导线两头的电压B．增大导线中的电流C．将导线拉长后连入电路D．将导线对折后连入电路【剖析】影响电阻大小的要素有导体的资料、长度、横截面积，与导体两头的电压、经过的电流没关；资料和温度不变时，导线越长、横截面积越小电阻越大。【解答】解：AB、导体的电阻是导体自己的一种性质，与导体两头的电压和经过的电流没关；所以，改变电压或电流都不可以使导线电阻变大，故AB错误；C、将这根导线拉长，长度变长、横截面积变小，其电阻变大，能够使连入电路的导线电阻变大，故C正确；D、将导线对折后接入电路，长度变小、横截面积变大，导线的电阻变小，故D错误。应选：C。【评论】本题考察了学生对影响电阻大小的要素的认识与掌握，理解导体的电阻是导体的阻碍电流的性质是本题的重点。12．（2分）（2013春?吴江区校级期中）以下图是用电压表测

L1两头电压的电路图，此中正确的选项是（

）A．C．

B．D．【剖析】依据电压表的正确使用方法判断，①电压表应当并联在被测用电器两头，②应当“正进负出”。【解答】解：A、图中两灯泡并联，电压表中的电流方向错误，不切合“正进负出”，故A错误；B、图中两灯泡并联，电压表与灯泡L2并联，且电流方向正确，由并联电路的电压特色可知，能够测出L1两头电压，故B正确；C、电压表与灯泡L2串连，故C错误；D、电压表串连在干路中，且电压表中的电流方向错误，故D错误。应选：B。【评论】会正确使用电压表，知道电压表应当并联在被测用电器两头，且电流“正进负出”是解答的重点。13．（2分）（2013春?吴江区校级期中）如图是滑动变阻器的简图，它有四个接线柱，使用时只要接入两个，所以有几种接法，此中不可以改变电阻大小而且可能破坏仪器的接法是（）A．接a和dB．接b和cC．接a和bD．接c和d【剖析】滑动变阻器有四个接线柱，选择一上一下接入电路。假如都接上边两个接线柱，挪动滑片不可以改变，连入电路的电阻，而且把滑动变阻器短路。假如都接下边两个接线柱，挪动滑片不可以改变，连入电路的电阻，滑动变阻器相当于定值电阻。【解答】解：滑动变阻器都接上边两个接线柱，挪动滑片不可以改变，连入电路的电阻，滑动变阻器被短路，电路电阻减小，电路总电压不变，依据欧姆定律，电流增大，会烧坏电路中的其余元件。应选：C。【评论】掌握滑动变阻器接线柱的接法、滑动变阻器连入电路的方法、原理、作用等。14．（2分）（2013春?吴江区校级期中）以下图的电路图中，电源电压为当S闭合后两电流表的示数均为0.2A，出现这种现象的原由是（）

24V，R1=R2=120Ω，A．R2短路B．R2断路C．R1短路D．R1断路【剖析】两个电阻并联，电流表A1丈量干路电流，电流表A2丈量支路R2中的电流，开关闭合后两只电流表示数同样，说明两个电流表串连连结，而且此中一条支路断路。【解答】解：因为两个电阻并联，电流表A1丈量干路电流，电流表A2丈量支路R2中的电流，开封闭合后，因为两电流表示数同样，假如发生短路现象，电流表将会被烧坏，所以电路故障必定是此中一个电阻断路，假如R2断路，电流表A2示数为零，所以是R1断路。应选：D。【评论】掌握并联电路的电流规律，并能依据电流表在电路中的作用以及电流表的示数判断电路故障。15．（2分）（2013春?吴江区校级期中）在图的电路中，电源电压不变，S闭合，当P向右挪动时，以下判断正确的选项是（）．电压表示数变大，电流表示数变小B．电压表示数变小，电流表示数变大C．两表示数都变大D．两表示数都变小【剖析】从图可知，滑动变阻器与定值电阻串连，电压表丈量的是滑动变阻器两头的电压，电流表丈量的是整个电路中的电流。第一判断滑动变阻器电阻的变化状况，而后依据串连电路中电阻的特色，得出总电阻变化状况。因为电压必定，依据欧姆定律就能够得出电流变化状况。再依据串连电路顶用电器分担的电压之比等于电阻之比进行剖析，判断电压表的变化。【解答】解：从图可知，滑动变阻器与定值电阻串连，电压表丈量的是滑动变阻器两头的电压，电流表丈量的是整个电路中的电流。当滑片向右滑动时，滑动变阻器的电阻变大，由串连电路中电阻的特色可知，电路中的总电阻变大；∵电路总电压等于电源电压保持不变，∴依据欧姆定律I=可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小；又∵在串连电路顶用电器分担的电压之比等于电阻之比，∴滑动变阻器的电阻变大，滑动变阻器上分担的电压变大，即电压表示数变大。应选：A。【评论】本题考察了串连电路的电阻、电压特色和欧姆定律剖析动向电路问题。解决这种题目的大概思路是：先剖析电阻变化状况，再剖析电流变化状况，最后剖析电压变化状况；在剖析的过程中要合理的采用公式。16．（2分）（2012?巴中）以下图，V1和V2是完整同样的两个电压表，都有3V和15V两个量程，闭合开关后，发现两个电压表偏转的角度同样，则（）A．R：R=1：4B．R：R=4：1C．R：R=1：5D．R：R=5：112121212【剖析】由电路的特色可知电压表所丈量的电压之间的关系，依据两表的量程及示数相等可得出电压表示数的之比，则由比率关系可求得两电阻上的电压关系，则由串连电路的特色可求得电阻之比。【解答】解：由电路剖析可得，R1与R2串连，电压表V1丈量R1两头的电压，V2丈量R1和R2两头的电压；因两电压表同样，说明两表的刻度盘同样，入选不同的量程但偏角同样时，说明两次示数之比即为量程之比，即；R2两头的电压U2'=U2﹣U1则可知R1两头的电压V1与R2两头的电压V2′之比为：。由欧姆定律可得：。应选：A。【评论】电路的题目剖析电路是解答题目的重点，故应在剖析电路上下功夫，掌握常有的电路特色及电表的构造特色。17．（2分）（2010春?重庆校级期末）某同学做实验时，如图连结电路，闭合开关后，灯泡正常发光，但电流表指针不动，电压表读数正常，那么有可能是（）A．电流表已被烧坏，以致电路不通B．电流表完满，但未与导线接牢C．灯L的灯座接线处短路D．电流表接线处碰线（电流表被短路）【剖析】利用电流表和电压表判断电路中的故障，

是中考的热门题型之一，

依照在故障电路中电流表和电压表显示的现象来判断。当电流表被短路时，电流表示数为零，但电路正常工作。【解答】解：此电路就一个用电器，正常工作，说明用电器没有断路，也没有短路。又因为电流表指针不动，只好是电流表短路。应选：D。【评论】电压表假如示数为零，那么被测部分短路，或被测部格外面断路。电压表假如示数为电源电压，那么被测部分断路，或被测部格外面短路。电流表假如为零，那么电路中有断路的地方，也有少量可能是电流表短路。电流表假如示数忽然变大，那么电路中有短路的地方。两灯均不亮，可能是某处断路。两灯一亮一灭，可能是某灯短路。18．（2分）（2012春?兴安盟期末）依据欧姆定律可导出公式R=，以下说法中正确的选项是（）．导体的电阻与导体两头电压成正比B．导体的电阻与导体中的电流成反比C．导体的电阻与导体两头的电压成正比，又与导体中的电流成反比D．导体的电阻与自己的资料和属性相关，与电压、电流没关【剖析】导体电阻可由导体两头的电压值与流过导体的电流值的比值求得，可是导体电阻是导体自己的一种性质，与流过的电流和两头的电压没关。【解答】解：导体电阻是导体自己的一种性质，与经过导体的电流及导体两头的电压没关，故A、B、C错误，D正确；应选：D。【评论】我们依据比值定义法定义了电阻，可是电阻是由导体自己的性质决定的，与经过它的电流及两头的电压是没关的，在学习中要注意领会和理解。19．（2分）（2013春?吴江区校级期中）以下图，开关S闭合后，挪动滑片P，以下物理量中大小发生改变的是（）A．小灯泡的额定功率C．小灯泡的实质功率

B．小灯泡的额定电流D．电源电压【剖析】从电路图中能够看出，灯泡与滑动变阻器串连，当滑片挪动时，滑动变阻器接入电路的电阻发生变化，依据欧姆定律可知电路电流的变化，从而判断出灯泡实质功率的变化。【解答】解：当滑片挪动时，滑动变阻器接入电路的电阻发生变化，电路电流发生变化，根据公式P=I2R可知灯泡的实质功率发生变化；灯泡的额定电压和额定功率是指灯泡正常工作时的电压和功率，电源电压是由电源自己决定的，都不受滑动变阻器的影响，故都是不变的。应选：C。【评论】本题考察电功率与欧姆定律的应用，重点是额定电压、额定功率和电源电压的决定要素。20．（2分）（2013春?吴江区校级期中）将一台“220V100W”的电电扇和一把“220V100W”的电烙铁分别接在220V的电源上，在同样的时间内产生的热量（）A．电烙铁许多B．电电扇许多C．同样多D．不可以确立【剖析】分别接入220V的电路中，两个用电器都正常工作，实质功率同样（等于额定功率）、通电时间同样，依据W=Pt可知耗费的电能同样，经过剖析两个用电器使用时的能量转变情况，找出产生热量最多的用电器。【解答】解：因额定电压下用电器的电功率和额定功率相等，所以，两个用电器的实质功率相等，依据W=Pt可知，同样时间内三种用电器耗费的电能相等，因电电扇中的电动机将电能大多数转变机械能，电烙铁将电能所有转变为内能，所以，产生热量最多的是电烙铁。应选：A。【评论】电流做功的实质：电流做功的过程就是耗费电能转变为其余形式能的过程，能剖析用电器的能量转变是本题的重点。三、作图题（每题6分，共12分）21．（6分）（2013春?吴江区校级期中）如图是研究串连电路电压关系时，用电压表测电阻两头的电压的实物图V1和V2分别测R1和R2两头的电压：（1）指出图中的错误：滑动变阻器都选择了上边的接线柱；电压表V1并在了R1、R2两头，丈量二者的电压之和（2）画出更正后的电路图【剖析】（1）从电源的正极开始，沿电流的方向，依据电压表和各用电器的使用规则，逐一剖析判断；2）按实物图画出电路图时也是应按电流的流向去作图，注意应先串后并的原则。【解答】解：（1）从电源的正极开始，沿电流的方向剖析；滑动变阻器应“一上一下”的连结，图中都选择了上边的接线柱，明显是错误的；电压表V1测电阻R1两头电压，应仅与电阻R1并联，而图中电压表V1并在了R1、R2两头，丈量二者的电压之和，明显是错误的。（2）更正后的电路图以以下图：故答案为：（1）滑动变阻器都选择了上边的接线柱；电压表V1并在了R1、R2两头，丈量两者的电压之和。（2）见上图。【评论】本题考察依据实物图画电路图，本题的重点是剖析出实物图中电路的连结状况，难点是找到连结的错误。22．（6分）（2013春?吴江区校级期中）九（1）班有四盏白炽灯，两个插座请你画出这个班级的连结电路。【剖析】先确立各用电器的连结方式，而后确立开关的接线方式，最后依据家庭电路的正确连结方法达成电路。【解答】解：灯泡及插座应为并联，而且灯泡应由开关控制，而且开关要接在火线上；插座的接线应为左接零线，右接火线；故答案为：【评论】解答此类题目应知道开关与控制的用电器串连连结，知道开关与火线连结，知道插座接线的原则，知道家庭电路的正确连结方法。四、实验研究题（每题

9分，共

18分）23．（9分）（2013春?吴江区校级期中）如图是小明用电压表和电流表测

2.5V

小灯泡正常发光时电阻的电路（1）该实验的原理是R=（2）该实验电压表选的量程是0～3V，电流表选的量程是0～0.6A。（3）闭合开关，电压表的示数以下图，为了测出2.5V小灯泡正常发光时的电阻，滑动变阻器的滑片应向右端挪动，当电压表的示数为2.5V时，电流表的示数以下图，则灯泡的电阻是5Ω。【剖析】（1）伏安法测小灯泡正常发光时电阻的实验原理是用电流表测出经过小灯泡的电流，用电压表测出小灯泡两头的电压，依据R=求出电阻的大小。（2）依据小灯泡的额定电压确立电压表的量程。（3）丈量2.5V小灯泡正常发光时的电阻，电压表选择0～3V，示数为2.8V，大于2.5V，要使灯泡两头电压减小，滑动变阻器两头电压增大，依据串连电路中电阻起分担电压的作用可知，电阻越大，分担的电压越大；依据电流表的量程和分度值读出电流表的示数，依据R=求出灯泡电阻的大小。【解答】解：（1）测小灯泡正常发光时电阻的实验原理是：R=。（2）小灯泡的额定电压为2.5V，所以电源表的量程为0～3V；电流表选0～0.6A的量程。（3）丈量2.5V小灯泡正常发光时的电阻，电压表选择0～3V，电压表示数为2.8V，要减小灯泡两头的电压，需要增大滑动变阻器电阻来分担更多电压，滑片向右端挪动；电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，所以电流表的示数为0.5A；灯泡的电阻为R===5Ω。故答案为：（1）R=；（2）0～3V；0～0.6A；右；5。【评论】本题考察了伏安法测小灯泡电阻的原理，电流表、电压表量程的选择和滑动变阻器的使用；都属于基础内容，是我们要掌握的知识。24．（9分）（2013春?吴江区校级期中）在“测小灯泡的额定功率”（额定电压为2.5V）的实验中：（1）要测出三组电压值和电流值，目的是测小灯泡在不同电压下的实质功率，并加以比较（2）下表是“测小灯泡功率”时的记录数据，由此可知，小灯泡的额定功率是0.55W。电压电流130.2522.50.22320.203）由欧姆定律我们能够求出小灯泡的电阻值，那么从表中求出的小灯泡的电阻同样吗？为何？不同样，因灯泡的电阻与温度相关【剖析】（1）在“测小灯泡功率”实验中测三组电压值和电流值，是为了测小灯泡在不同电压下的实质功率，并加以比较。（2）额定电压下灯泡的实质功率和额定功率相等，依据P=UI求出小灯泡的额定功率；（3）依据欧姆定律分别求出不同电压下小灯泡的电阻，比较可知电阻不同；当灯的电压不同时，功率不同，灯越亮，灯丝的温度越高，电阻越大。【解答】解：（1）在测小灯泡的额定功率实验中，测出三组电压值和电流值的目的：测小灯泡在不同电压下的实质功率，并加以比较。（2）由表可知：电压达到2.5V时，经过小灯泡的电流为0.22A；则小灯泡的额定功率：P额=U额I额=2.5V×0.22A=0.55W。（3）由表可知：灯泡的电压分别为3V、2.5V、2V时，对应的电流为0.25A、0.22A、0.20A，依据欧姆定律R=计算可得对应的电阻为12Ω、11.36Ω、10Ω；由以上计算可知：灯泡两头的电压越大，功率越大，灯丝的温度越高，灯丝的电阻也越大。故答案为：1）测小灯泡在不同电压下的实质功率，并加以比较；2）0.55；3）不同样，因灯泡的电阻与温度相关。【评论】本题考察了“伏安法测电阻”和“测小灯泡功率”两个实验的差别以及额定功率的计算。综合性很强，给解题带来难度。五、综合运用题（每题10分，共20分）25．（10分）（2012春?商城县校级期末）以下图电路中，已知R=40Ω，R=10Ω．当开关12闭合后，经过电流表示数为0.3A。求：（1）电阻R1两头电压；2）经过电阻R2的电流；3）经过电路的总电流；4）电路