黑龙江省鹤岗市2015-2016学年高二物理上学期期末考试试题

鹤岗一中2019-2020学年度上学期期末考试高二物理试题一、选择题48分（1-8单项选择,9-12多项选择，漏选得2分，错选和不选0分）1．以下对于磁感觉强度大小的说法，正确的选项是()A．放在匀强磁场中各处的通电导线，受力大小和方向到处相同B．通电导线在磁感觉强度大的地方受力必定大C．通电导线受磁场力大的地方磁感觉强度不必定大D．磁感觉强度的大小和方向跟放在磁场中的通电导线受力的大小和方向相关以下图，匝数为N、半径为r1的圆形线圈内有匀强磁场，匀强磁场在半径为r2的圆形地区内，匀强磁场的磁感觉强度B垂直于线圈平面。经过该线圈的磁通量为()2222BπrNBπrCBπrNBπr11223.线框A中通有不停增大的顺时针方向的电流时，对于线框B以下说法中正确的选项是（）有顺时针方向的电流且有缩短的趋向有顺时针方向的电流且有扩充的趋向C.有逆时针方向的电流且有缩短的趋向D.有逆时针方向的电流且有扩充的趋向4．19世纪20年月，以塞贝克(数学家)为代表的科学家已认识到：温度差会惹起电流．安培考虑到地球自转造成了太阳照耀后正面与反面的温度差，

进而提出以下假定：地球磁场是由地球的环形电流惹起的，则该假定中的电流方向是

(注：磁子午线是地球磁场

N极与

S极在地球表面的连线

)(

)A．由东向西垂直磁子午线B．由西向东垂直磁子午线C．由南向北沿子午线D．由赤道向两极沿子午线5．在等边三角形的三个极点a、b、c处，各有一条长直导线垂直穿过纸面，导线中通有大小相等的恒定电流，方向如图过c点的导线所受安培力的方向()A．与

ab边平行，竖直向上

B

．与

ab边平行，竖直向下C．与

ab边垂直，指向右侧

D

．与

ab边垂直，指向左侧6．以下图，

MN、PQ为水平搁置的平行导轨，通电导体棒

ab

垂直搁置在导轨上，已知导体棒的质量m＝1kg、长L＝2.0m，经过的电流I＝5.0A，方向以下图，导体棒与导轨间的动摩擦因数

μ＝

3。当加一竖直向上的匀强磁场时，导体棒水平向右运动，跟着磁感觉强3度的增大，导体棒运动的加快度增大；若减小磁感觉强度方向与速度方向的夹角，减小到某一值θ时，不论如何增大磁感觉强度，导体棒ab均不会运动，

当该夹角则θ为(

)A．

45°

B．30°

C．60°

D．90°7．粗细平均的电阻丝围成的正方形线框置于有界匀强磁场中，磁场方向垂直于线框平面，其界限与正方形线框的边平行．

现使线框以相同大小的速度沿四个不一样方向平移出磁场，

如以下图所示，则在移出过程中线框的一边

a、b两点间电势差绝对值最大的是

(

)以下图，等离子气流(由高温高压的等电量的正、负离子构成)由左方连续不停的以速度v0射入P1和P2两极板间的匀强磁场中，ab和cd的作用状况为：0～1s内相互排挤，1～3s

内相互吸引，

3～4s内相互排挤．规定向左为磁感觉强度

B的正方向，线圈

A内磁感觉强度

B随时间

t变化的图象可能是

(

)9．在图甲、乙电路中，电阻R和电感线圈L的电阻都很小．接通S，使电路达到稳固，灯泡A发光，则()A．在电路甲中，断开S，A将逐渐变暗B．在电路甲中，断开S，A将先变得更亮，而后逐渐变暗C．在电路乙中，断开S，A将逐渐变暗D．在电路乙中，断开S，A将先变得更亮，而后逐渐变暗10．以下图，界限

MN下方有一垂直纸面向外的匀强磁场，

一电子以速度

v从点

O射入

MN，经磁场后能返回到

MN界限上方，以下说法正确的选项是

(

)A．电子从

O点左侧返回界限上方B．电子从O点右侧返回界限上方C．只增大射入速度v，则电子在磁场中运动的时间必定改变D．只增大射入速度v，则电子在磁场中运动的行程必定改变11．设空间存在竖直向下的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场，以下图．已知一离子在电场力和洛仑兹力的作用下，从静止开始自A点沿曲线ACB运动，抵达B点时速度为零，点是运动的最低点，忽视重力，以下说法中正确的选项是（）

CA、这离子必带正电荷B、A点和

B点位于同一高度C、离子在

C点时速度最大D、离子抵达

B点后，将沿原曲线返回

A点12．粒子盘旋加快器的工作原理以下图，置于真空中的D型金属盒的半径为R，两金属盒间的狭缝很小，磁感觉强度为

B的匀强磁场与金属盒盒面垂直，高频次沟通电的频次为

f，加快电压的电压为

U，若中心粒子源处产生的质子质量为

m，电荷量为

+e，在加快器中被加速。不考虑相对论效应，则以下说法正确是A．不改变磁感觉强度B和沟通电的频次f，该加快器也可加快氚核31HB．加快的粒子获取的最大动能随加快电场U增大而增大C．质子被加快后的最大速度不可以超出2πRfD．质子第二次和第一次经过D型盒间狭缝后轨道半径之比为二、实验题10分(每空2分)13．以下图为研究电磁感觉现象的实验装置，部分导线已连结．用笔划线取代导线将图中未达成的电路连结好．假如在闭合开关时发现敏捷电流计的指针向右偏了一下，那么闭合开关后，将原线圈快速插入副线圈的过程中，电流计的指针将向______偏；原线圈插入副线圈后，将滑动变阻器的滑片快速向右挪动时，电流计的指针将向______偏．以下图，长为L的金属杆OA绕过O点的轴在垂直于纸面向里的匀强磁场中沿顺时针方向匀速转动，角速度为ω，磁感觉强度为B，磁场范围足够大，则OA杆产生感觉电动势的大小为______，O、A两点电势高低关系为φA_____φO．（填“>”或“<”）三、计算题

42分15．（10

分）以下图，匀强磁场竖直向上穿过水平搁置的金属框架，框架宽为

L，右端接有电阻R，磁感觉强度为B，一根质量为m、电阻不计的金属棒以v0的初速度沿框架向左运动，棒与框架的动摩擦因数为μ，测得棒在整个运动过程中，经过任一截面的电量为q求：(1)棒能运动的距离；(2)R上产生的热量．16.（10

分）在竖直平面内成立直角坐标系

xOy，其第一象限存在着正交的匀强电场和匀强磁场，电场强度的方向水平向右，磁感觉强度的方向垂直纸面向里．一带电荷量为＋q，质量为

m的微粒从原点出发沿与

x

轴正方向的夹角为

45°的初速度进入复合场中，正好做直线运动，当微粒运动到

A(2L，2L)时，电场方向忽然变成竖直向上

(不计电场变化的时间

)，粒子持续运动一段时间后，正好垂直于

y轴穿出复合场．

(不计全部阻力

)求：

(1)

电场强度

E大小；

(2)

磁感觉强度

B的大小17．（10分）如图甲所示，质量m＝6.0×10－3kg、边长L＝0.20m、电阻R＝1.0Ω的正方形单匝金属线框abcd，置于倾角α＝30°的绝缘斜面上，ab边缘水平方向，线框的上半部分处在垂直斜面向上的匀强磁场中，磁感觉强度B随时间t按图乙所示的规律周期性变化，若线框在斜面上一直保持静止，取2g＝10m/s.试求：(1)在0～2.0×10－2s时间内线框中产生的感觉电流的大小；在t＝1.0×10－2s时线框遇到斜面的摩擦力；18．（12分）以下图直角坐标系xoy中，矩形地区oabc内有垂直于纸面向外的匀强磁场，磁感觉强度大小为B=5.0×10-2T；第一象限内有沿y方向的匀强电场，电场强度大小为E1.0105N/C。已知矩形地区Oa边长为0.60m，ab边长为0.20m。在bc边中点N处有一放射源，某时刻，放射源沿纸面向磁场中各方向平均地辐射出速率均为v1.0106m/s的某种带正电粒子，带电粒子质量m1.61027kg，电荷量q3.21019C，不计粒子重力，求：(计算结果保存两位有效数字)粒子在磁场中运动的半径；(2)从x轴上射出的粒子中，在磁场中运动的最短行程为多少?(3)放射源沿-x方向射出的粒子，从射出到从y轴走开所用的时间。鹤岗一中2019-2020学年度上学期期末考试高二物理试题答案一、选择1-8C，C，D，A，D，B，B，C，9-12AD，BD，ABC，ACD二、填空10分，每空2分13（6分）、(1)以下图(2)右左14（4分）、BL2；AO2φ>φ三、计算题共42分15（10分）、(1)设在整个过程中，棒运动的距离为x，磁通量的变化量Φ＝BLx，(2分)ΦqR经过棒的任一截面的电量q＝It＝R，(2分)解得x＝BL.(1分)依据能的转变和守恒定律，金属棒的动能的一部分战胜摩擦力做功，一部分转变成电能，电能又转变成热能Q，即有121212μmgqR2mv0＝μmgx＋Q，(3分)解得Q＝2mv0－μmgx＝2mv0－BL.(2分)16（10分）、(1)

mgq

(2)

m2gl2ql分析(1)微粒抵达A(2L，2L)以前做匀速直线运动，对微粒受力剖析如图甲：mg因此，Eq＝mg，（2分）得：E＝q（1分）(2)由均衡条件得：qvB＝2mg（1分）电场方向变化后，微粒所受重力与电场力均衡，微粒在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动，轨v2（2分）由几何知识可得：r＝22L（2分）v＝2gL迹如图乙：qvB＝mr联立解得：B＝m2gL（1分）2qL17（10分）、(1)0～2.0×10－2s时间内，线框中产生的感觉电动势为11，E，感觉电流为I方向由d→c，则1ΔΦ1121＝BL（2分）1E（1分）E＝tt·2I＝R代入数据解得E1＝0.20V，I1＝0.20A.（2分）t＝1.0×10－2s，线框遇到的安培力F1＝B1I1L，方向沿斜面向下，联合图乙，代入数据得F1＝4.0×10－3N（1分）设此时线框遇到的摩擦力大小为f，则由线框在斜面静止得Fmgsinα＋F－F＝0（2分）1f代入数据得F＝3.4－2（2分）×10N摩擦力方向沿斜面向上．f18、【答案】（1）0.10m(2)0.10m(3)4.6107试题剖析：（1）粒子运动的轨迹如图，由牛顿第二定律可得：v2（2分）解得:R0.10m（1分）qvBmR（2）由数学知识可知，最短弦对应最短的弧长；由图可知，=（1分）3最短的弧长即最短行程sRm=0.10m（2分）