2022-2023学年北京燕丹学校高二生物上学期期末试卷含解析

2022-2023学年北京燕丹学校高二生物上学期期末试卷含解析一、选择题（本题共40小题，每小题1.5分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。）1.下列细胞中，可能已发生癌变的是A.细胞的形态结构发生显著变化的细胞

B.细胞核增大的细胞C.自由水含量减少的细胞

D.被细菌侵染的细胞参考答案：A2.在群落演替中，下列哪一条最不可能发生（）A．群落中物种的组成不断变化B．开始时物种数目增多，然后趋于稳定C．在初始阶段之后，群落中生物物种的总量下降D．群落中有机物总量增多参考答案：C【考点】F6：群落的演替．【分析】演替的特点可描述为：（1）群落发展有顺序、有规律地向一个方向发展，因而是能预见的；（2）演替是由群落引起物理环境改变的结果，即演替是由群落控制的；（3）演替以稳定的生态系统为发展顶点，即形成顶极群落．【解答】解：A、在群落演替过程中群落的物种构成不断变化，一般越来越多，A正确；B、物种总数起始时逐渐增多，然后趋于稳定，B正确；C、在初始阶段之后，生态系统中的生物量总量上升，然后趋于稳定，C错误；D、生态系统中的生物量总量上升，有机物总量增加，D正确．故选：C．3.用平板划线法或稀释涂布平板法都可以纯化大肠杆菌，二者的共同点有（

）

①可以用相同的培养基

②都需要使用接种针进行接种

③都需要在火焰旁进行接种

④都可以用来计数活菌 A．①②

B．③④

C．①③

D．②④参考答案：C4.下图为细胞中多聚核糖体合成蛋白质的示意图，下列说法正确的是A.⑥在①上的移动方向是从左向右，所用胶料是氨基酸B.最终合成的肽链②、③、④、⑤在结构上各不相同C.合成①的场所均在细胞核，合成⑥的场所均在细胞质D.该过程表明生物体内少量的mRNA可以迅速合成大量的蛋白质参考答案：D试题分析：A、根据多肽链的长短，长的翻译在前，核糖体在信使RNA移动的方向是从右向左，故A错误；B、图示中4个核糖体合成的4条多肽链因为模板mRNA相同，所以合成了4条相同的肽链，故B错误；C、真核细胞中，在细胞核中转录形成信使RNA，而核糖体的形成也与核仁有关，故C错误；D、在蛋白质合成过程中，同一条mRNA分子能够同多个核糖体结合，同时合成若干条蛋白质多肽链，结合在同一条mRNA上的核糖体就称为多聚核糖体，这样一个基因在短时间内可表达出多条肽链，故D正确．故选：D．考点：翻译的过程【名师点睛】据图分析，①表示信使RNA，②③④⑤表示多肽链，⑥表示核糖体．翻译是在核糖体中以mRNA为模板，按照碱基互补配对原则，以tRNA为转运工具、以细胞质里游离的氨基酸为原料合成蛋白质的过程．5.核酸是细胞内携带遗传信息的物质，以下关于DNA与RNA特点的比较，叙述正确的是（

）A．在细胞内存在的主要部位相同 B．构成的五碳糖不同C．核苷酸之间的连接方式不同 D．构成的碱基相同参考答案：B6.下图分别表示泡菜制作中乳酸菌、乳酸和亚硝酸盐含量变化。下列叙述中正确的是（

）A.据图1可知，泡菜制作过程中乳酸菌数量增长曲线为“J”型B.图2中发酵初期乳酸产生量较少，可能与氧含量较高有关C.据图3可知，发酵中期是取食泡菜的最佳时间D.泡菜发酵过程中检测亚硝酸盐含量的目的是了解乳酸菌的生长状况参考答案：B【分析】泡菜在腌制过程中，乳酸菌、乳酸和亚硝酸盐的变化：①发酵初期：以不抗酸的大肠杆菌和酵母菌的活动为主，同时还有一部分硝酸盐还原菌活动。该时期利用了氧气，产生了厌氧环境，乳酸菌才开始活动，此时乳酸菌和乳酸的量都比较少，而由于硝酸盐还原菌的活动，亚硝酸盐含量有所增加。②发酵中期：由于乳酸菌产生了大量乳酸，其他细菌活动受到抑制，只有乳酸菌活动增强，此时期乳酸菌数量达到最高峰，乳酸的量继续积累。由于硝酸盐还原菌受抑制，同时形成的亚硝酸盐又被分解，因而亚硝酸盐含量下降，所以在整个发酵过程中，亚硝酸盐的含量表现为先增加后下降的趋势。③发酵后期：由于乳酸的积累，酸度继续增长，乳酸菌活动也受到抑制，乳酸菌数量下降，而硝酸盐还原菌完全被抑制。【详解】据图1可知，泡菜制作过程中乳酸菌数量增长曲线为“S”型，且后期乳酸菌数量还下降了，A错误；乳酸菌是厌氧菌，图2中发酵初期乳酸产生量较少，可能与氧含量较高有关，抑制乳酸菌的无氧呼吸产生乳酸，B正确；据图3可知，发酵中期亚硝酸盐含量最高，不是取食泡菜的最佳时间，C错误；亚硝酸盐对人体有害，因此泡菜发酵过程中需要检测亚硝酸盐的含量，D错误。7.下图所示的过程，正常情况下在动植物细胞中都不可能发生的是

（

）

A．①②

B．③④⑥

C．⑤⑥

D．②③⑥参考答案：B略8.人类对遗传物质本质的探索经历了漫长的过程，下列有关叙述正确的是A．孟德尔发现遗传因子并证实了其传递规律和化学本质B．噬菌体侵染细菌实验比肺炎双球菌体外转化实验更具说服力C．沃森和克里克提出在DNA双螺旋结构中嘧啶数不等于嘌呤数D．烟草花叶病毒感染烟草实验说明所有病毒的遗传物质是RNA参考答案：B9.为了防止转基因作物的目的基因通过花粉转移到自然界中的其他植物，科学家设法将目的基因整合到受体细胞的叶绿体基因组中。其原因是()A．叶绿体基因组不会进入到生殖细胞中B．受精卵中的细胞质几乎全部来自卵细胞C．转基因植物与其他植物间不能通过花粉发生基因交流D．植物杂交的后代不会出现一定的性状分离比参考答案：B10.在艾弗里证明DNA是遗传物质的实验中，用DNA酶处理从S型活细菌中提取的DNA并与R型菌混合培养，结果发现培养基上仅有R型菌生长。设置本实验步骤的目的是()A．证明R型菌的生长并不需要S型活细菌的DNAB．用以补充R型菌生长过程中所需要的营养物质C．直接证明S型菌DNA不是促进R型菌转化为S型菌的因素D．与以S型活细菌的DNA与R型菌混合培养的实验形成对照参考答案：D11.在其他条件适宜下，在供试植物正常进行光合作用时突然停止光照，并在黑暗中立即开始连续取样分析，在短时间内叶绿体中3-磷酸甘油酸（以下简称C3）和RUBP（以下简称C5）含量的变化是A．C3和C5都迅速减少

B．C3迅速增加，C5迅速减少C．C3和C5都迅速增加

D．C3迅速减少，C5迅速增加参考答案：B12.血液中的血红蛋白和肌肉中的肌蛋白结构不同的原因是A．所含氨基酸的种类不同，而数目、排列顺序都相同B．所含氨基酸的种类、数目、排列顺序和多肽链的空间结构有所不同

C．所含氨基酸的排列顺序不同，而种类、数目都相同D．所含氨基酸的数目不同，而种类、排列顺序都相同参考答案：B13.图表示某海域大黄鱼种群数量与种群增长速率的变化曲线．下列有关说法正确的是（）A．图中a点种群年龄组成为增长型，c点为衰退型B．a点和c点种群增长速率相同，所以种内斗争程度相同C．在环境条件不受破坏的情况下，该海域大黄鱼种群的K值为2bD．用标志重捕法调查该种群密度时，若标记个体易于被捕食则估计值偏低参考答案：C【考点】F4：种群数量的变化曲线；F1：种群的特征．【分析】据图分析，横坐标是时间，因变量为种群的增长率，0﹣b种群增长率先增加，b﹣c种群增长率减少为0，可知大黄鱼种群以S型曲线增长，且b点对应与种群的．【解答】解：A、c点种群增长速率大于0，所以种群年龄组成为增长型，A错误；B、c点比a点种群数量大，所以种内斗争程度较高，B错误；C、b点对应与种群的，该海域大黄鱼种群的K值为2b，C正确；D、根据标志重捕法的公式种群中的个体数=第一次捕获数×第二次捕获数÷标志后重新捕获数，可得，若标记个体更易于被捕食，则第二次捕获中被标志的个体数减小，故种群密度的估计值会偏高，D正确．故选：C．14.在一个种群中，随机抽取400个个体，其中125个的基因型为aa，145个的基因型为AA，则该种群中A、a的基因频率分别是

A．31.25%

63.75%

B．52.5%

47.5%

C．32.5%

67.5%

D．36.25%

63.75%参考答案：B15.DNA复制和转录的主要场所分别是

A、细胞核、细胞核

B、核糖体、细胞核

C、细胞核、核糖体

D、细胞质、细胞质参考答案：A16.甲型H1N1流感大规模的爆发，给人类带来了严重的危害。下列关于人体对该病毒免疫过程的说法正确的是（

）A．H1N1侵入机体后,仅有少数H1N1刺激T细胞就可以形成浆细胞B．效应T细胞能通过释放的淋巴因子攻击被H1N1入侵的靶细胞C．患者若再次感染该病毒，相应的记忆细胞会迅速产生抗体消灭H1N1病毒D．被H1N1感染后，需体液免疫和细胞免疫共同作用才能彻底清除H1N1病毒参考答案：D17.下列有关蛋白质和核酸的叙述正确的是（

）A.组成每一种蛋白质的氨基酸均有20种，组成核酸的碱基有4种B.蛋白质和DNA分子均具有热变性，但蛋白质的热变性是不可逆的C.蛋白质中的氮元素主要存在于氨基中，核酸中的氮元素主要存在于碱基中D.蛋白质的合成直接受DNA分子的控制参考答案：B18.用含O18的葡萄糖跟踪有氧呼吸过程中的氧原子，O18转移的途径是（

）A．葡萄糖→丙酮酸→水

B．葡萄糖→丙酮酸→氧

C．葡萄糖→氧→水

D．葡萄糖→丙酮酸→二氧化碳参考答案：D19.灭活的病毒可诱导细胞融合，克隆技术可以克服异体组织或器官的排斥，这些都依赖于细胞的识别功能。这种细胞识别功能的物质基础是 ()A．磷脂分子

B．氨基酸C．核酸

D．糖蛋白参考答案：D20.下列有关调查种群密度的说法中，错误的是A.五点取样和等距取样是样方法取样的常用方式，遵循了随机取样的原则B.调查古树木、蝗虫的幼虫、某种蛇的种群密度，通常采用样方法C.标志重捕法调查得到的种群密度一般不是最精确的实际值D.将M只鹿标记后，在重新捕获的n只鹿中有m只被标记，则该鹿群约有(M×n)÷m只参考答案：B五点取样和等距取样是样方法取样的常用方式，遵循了随机取样的原则，A正确；调查古树木、蝗虫的幼虫的种群密度，通常采用样方法，调查某种蛇的种群密度，通常采用标志重捕法，B错误；采用标志重捕法调查得到的种群密度是对种群密度的估算值，而不是最精确的实际值，C正确；用标志重捕法调查一定范围内某动物的种群密度，其估算值＝第一次捕获并标记的个体数与第二次捕获的个体数之积/第二次捕获的有标记的个体数，因此将M只鹿标记后，在重新捕获的n只鹿中有m只被标记，则该鹿群约有(M×n)÷m只，D正确。【点睛】种群密度的取样调查方法比较项目样方法标志重捕法适用范围植物、活动范围小和活动能力弱的动物活动能力强和范围大的动物，如哺乳类、鸟类、爬行类、两栖类、鱼类和昆虫等动物方法步骤(1)随机取样(2)计数每个样方个体数(3)求解所有样方种群密度的平均值即是该种群的种群密度(1)在被调查范围内捕获一些个体并做标记后放回(2)一段时间后重捕(3)以如下公式计算：＝注意事项必须随机取样(1)调查期内没有新的出生和死亡，没有迁入和迁出(2)标志不能过分醒目，标志物和标志方法必须对动物没有伤害21.排卵的有关叙述正确的是

（

）A．牛排卵时排出的是初级卵母细胞

B．精子与卵子受精后发生排卵C．排卵时已完成减数分裂，因此，排出的卵子仅含体细胞一半的遗传物质D．排卵后卵子进入输卵管，准备与精子受精参考答案：D22.下列最可能用于同一生物的一组名词是（）（1）初级消费者，第二营养级

（2）次级消费者，自养型生物（3）分解者，腐生生物

（4）消费者，自养生物（5）草食动物，异养生物

（6）自养生物，第一营养级（7）自养生物，初级消费者．A．（1）（3）（5） B．（2）（4）（6） C．（1）（3）（5）（6） D．（1）（6）（7）参考答案：C【考点】G3：生态系统的结构．【分析】生态系统的组成成分：（1）非生物的物质和能量（无机环境）；（2）生产者（自养型）：主要是绿色植物，还有少数化能合成型生物；（3）消费者（异养型）：主要是动物，还有营寄生生活的微生物；（4）分解者（异养型）：主要是指营腐生生活细菌和真菌，还有少数动物．【解答】解：（1）初级消费者属第二营养级，（1）正确；（2）次级消费者是异养型生物，而不是自养型生物，（2）错误；（3）分解者是腐生生物，（3）正确；（4）消费者是异养型生物，而不是自养型生物，（4）错误；（5）草食动物以植物为食，是异养生物，（5）正确；（6）生产者均为自养生物，属于第一营养级，（6）正确；（7）初级消费者是第二营养级，异养生物，（7）错误．故选：C．【点评】本题知识点简单，考查生态系统的结构，要求考生识记生态系统的组成成分，掌握食物链的写法，能准确判断各成分生物的代谢类型，弄清营养级和消费级别之间的关系．23.下列关于植物激素生理作用的叙述，正确的是A．植物激素可直接参与细胞内的各类生命活动B．赤霉素能使大麦种子在不发芽时产生α-淀粉酶C．脱落酸能促进细胞分裂与果实的衰老及脱落D．合成乙烯的部位是果实，乙烯利能加快番茄的成熟参考答案：B24.对下列有关实例形成原理的解释，正确的是

（

）

A．培育无籽西瓜是利用单倍体育种的原理

B．杂交育种是利用了染色体数目的变异的原理

C．培养青霉素高产菌株过程中利用了基因突变的原理

D．“多莉羊”的诞生是利用了诱变育种的原理参考答案：C25.在进行林业工程建设时，一方面要号召农民种树，另一方面要考虑贫困地区农民的生活问题，如粮食、烧柴以及收入等问题。以上做法依据的生态工程原理是()A．系统整体性原理

B．整体性原理C．系统结构决定功能原理

D．以上都不是参考答案：B26.在浮游植物→小鱼→海豹→虎鲸这条食物链中，若虎鲸增加1kg体重，至少消耗浮游植物的量为

A.1kg

B.10kg

C.125kg

D.1000kg参考答案：C27.下列关于基因突变的叙述中，正确的是

A．基因突变发生在DNA复制过程中

B．基因突变都是有害的

C．只有真核细胞的基因才会突变

D．等位基因往往同时突变

参考答案：A28.细胞膜的选择透性主要取决于膜中的

(

)(A)磷脂

(B)蛋白质

(C)糖脂

(D)糖蛋白参考答案：B29.华南虎是国家一级保护动物，可采用试管动物技术进行人工繁殖，该技术包括的环节有

①转基因

②核移植

③体外受精

④体细胞克隆

⑤胚胎移植A.①③

B.①④

C.②⑤

D.③⑤参考答案：D30.下图为生物圈中碳循环的主要途径，有关叙述错误的是（

）A．A为生态系统的主要成分B．B、D之间碳是以有机物的形式传递的C．C为食物链中的第三营养级D．A、B、C、D之间为捕食关系参考答案：31.下列关于溶酶体的说法错误的是A.所有的细胞都有溶酶体

B.溶酶体是高尔基体断裂形成的C.溶酶体中有很多种水解酶

D.溶酶体的存在保障了细胞其它结构的完整参考答案：A32.狼和鹿是捕食和被捕食的关系，从进化的角度分析下列说法，不正确的是()A．狼在客观上起着促进鹿发展的作用B．狼的存在有利于增加物种多样性C．鹿奔跑速度的加快可加速狼的进化D．鹿的进化速度比狼的进化速度快参考答案：D33.右图为膝跳反射的反射弧结构示意图，下列相关叙述正确的是（

）

A．该反射弧中屈肌既是感受器也是效应器B．b神经元的活动可以受大脑皮层的控制C．a点受到有效刺激后膜内电位由正变负

D．c处施加剌激引起的伸肌收缩属于反射参考答案：B34.有关细胞基础知识的叙述中，正确的是：A．细胞形态、结构和功能上的差异，是细胞器的种类和数量不同，根本原因是遗传物质不同B．进行有氧呼吸的细胞不一定有线粒体，有氧呼吸能否进行主要与催化剂酶有关C．高等植物细胞中都有细胞壁、大液泡和叶绿体，低等植物和动物细胞中都有中心体D．硝化细菌、霉菌、水绵的细胞中都含有细胞核、核糖体、DNA和RNA参考答案：B35.下列关于水的叙述，不正确的是(

)

A．使生物体内部的温度变化比较缓和

B．是大多数极性分子和离子的溶剂

C．是C3还原和丙酮酸分解成CO2的原料

D．是生物体内物质运输的主要介质参考答案：C36.艾滋病是由感染HIV（逆转录病毒）引起的一种削弱人体免疫系统功能的疾病。下列有关叙述，错误的是A.HIV的遗传物质是RNAB.HIV的逆转录过程可发生在辅助性T淋巴细胞中C.与艾滋病患者拥抱、握手一般不会传播HIVD.补牙时与HIV携带者共用未消毒的器械不会传播HIV参考答案：D37.一双链DNA，复制解旋时，一条链上的G变成C，则该DNA分子经n次复制后，发生差错的DNA占（）A．1／2

B．1／（2n-l）

C．1／2n

D．1参考答案：A38.把兔控制血红蛋白合成的mRNA加入到大肠杆菌的提取液中，结果能合成出兔的血红蛋白，这说明（）A．兔和大肠杆菌共用一套遗传密码子B．大肠杆菌的遗传物质是RNAC．兔的RNA和大肠杆菌的RNA携带相同的遗传信息D．兔控制血红蛋白合成的基因能进人大肠杆菌参考答案：A【考点】7F：遗传信息的转录和翻译．【分析】有关密码子，考生可从以下几方面把握：1、概念：密码子是mRNA上相邻的3个碱基；2、种类：64种，其中有3种是终止密码子，不编码氨基酸；3、特点：（1）一种密码子只能编码一种氨基酸，但一种氨基酸可能由一种或多种密码子编码；（2）密码子具有通用性，即自然界所有的生物共用一套遗传密码．【解答】解：A、根据题干信息“把兔子的血红蛋白的信使RNA加入到大肠杆菌的提取液中，在这个细胞的合成系统中能合成兔子的血红蛋白”，说明不同生物中的蛋白质都是由20种氨基酸组成，都是由一套遗传密码决定的，因而有相同的密码子，A正确；B、大肠杆菌的遗传物质是DNA，B错误；C、兔的RNA和大肠杆菌的RNA不同，所以携带的遗传信息不同，C错误；D、由题干信息可知，进入大肠杆菌的是兔子血红蛋白的mRNA，而不是基因，D错误．故选：A．39.右图为某高等生物细胞某种分裂的两个时期的结构模式图，a、b表示染色体片段。下列关于两图叙述错误的是A．图1细胞处在减数第二次分裂中期，此期没有遗传物质复制B．两图说明分裂过程中可能发生交叉互换C．同源染色体上等位基因的分离不发生在两图所处的分裂时期D．若两图来源于同一个卵原细胞，且图2是卵细胞，则图1是次级卵母细胞参考答案：D40.如图为分离和纯化分解甲醛细菌的实验过程，其中LB培养基能使菌种成倍扩增，以下说法正确的是A.需要对活性污泥作灭菌处理B.②中LB培养基应以甲醛为唯一碳源C.目的菌种异化作用类型为厌氧型D.经⑤处理后，应选择瓶中甲醛浓度最低的一组进一步纯化培养参考答案：D该实验是从活性污泥中分离和纯化分解甲醛细菌，则活性污泥不能灭菌，A错误；LB培养基使菌种成倍扩增，应用完全培养基培养，B错误；图示分解甲醛细菌是在培养皿中进行，属于需氧型细菌，C错误；经⑤处理后，瓶中甲醛浓度降低，甲醛浓度最低的一组中分解甲醛细菌纯度最高，可进一步纯化培养，D正确。二、非选择题（本题共3小题，共40分。）41.（11分）如图所示为构成细胞的元素和化合物，a、b、c、d代表不同的小分子物质，A、B、C代表不同的大分子物质，请分析回答下列问题．（1）物质a是

，在动物细胞内，与物质A作用最相近的物质是

．若物质A在动物、植物细胞中均可含有，并且是细胞内最理想的储能物质，不仅含能量多而且体积较小，则A是

．（2）B有多种功能，原因从b分析是

；高温可以使其失活的主要原因是

．若某种B分子含有2条直链肽链，由m个b分子（平均相对分子质量为n）组成，则该B分子的相对分子质量大约为

．（3）物质c在人体细胞中共有

种，分子中

的不同决定了c的种类不同．（4）与d同属于固醇类物质的还有

．参考答案：（1）葡萄糖

糖原

脂肪（2）种类、数目和排列顺序

破坏空间结构

mn﹣18（m﹣2）（3）4

碱基

（4）胆固醇和维生素D【考点】1N：脂质的种类及其功能；15：蛋白质分子结构多样性的原因；18：蛋白质变性的主要因素；1I：糖类的种类及其分布和功能．【分析】分析题图：B、C是核糖体的组成成分，且B的组成元素是C、H、O、N，C的组成元素是C、H、O、N、P，因此B是蛋白质，C是RNA；b是氨基酸，c是核糖核苷酸；物质A的组成元素是C、H、O，且是植物细胞的储能物质，因此A是淀粉，a是基本组成单位葡萄糖．d能促进生殖器官的发育、激发并维持雄性动物的第二性征，所以d是雄性激素．【解答】解：（1）由以上分析可知，a为葡萄糖，物质是淀粉．若物质A在动物、植物细胞中均可含有，并且是细胞内最理想的储能物质，不仅含能量多而且体积较小，则A是脂肪．（2）B是蛋白质，其具有多样性的原因是氨基酸的种类、数目、排列顺序以及蛋白质的空间结构不同；高温会破坏蛋白质的空间结构而使其失活；蛋白质分子量=氨基酸分子量×氨基酸个数﹣水的个数×18=mn﹣18（m﹣2）．（3）物质c为核糖核苷酸，根据碱基不同可分为四种．（4）由d的作用可以看出，d是雄性激素；性激素属于脂质中的固醇类，固醇除了性激素外还有胆固醇，维生素D．故答案为：（1）葡萄糖

糖原

脂肪（2）种类、数目和排列顺序

破坏空间结构

mn﹣18（m﹣2）（3）4

碱基

（4）胆固醇和维生素D【点评】本题的知识点是糖类的分类、