带电粒子在匀强电场中的运动示波管

带电粒子在匀强电场中的运动示波管第1页/共29页3.带电粒子在匀强电场中的偏转(v0垂直于E时)运动性质是

，其轨迹为

.处理方法：运用

，沿初速度方向做

，沿电场线方向做

.类平抛运动抛物线运动的合成与分解匀速直线运动初速度为零的匀加速直线运动第2页/共29页二、示波管(1)构造：电子枪，

，荧光屏.(2)工作原理(如图7-3-1所示)图7-3-1偏转电极第3页/共29页(3)如果在偏转电极XX′和YY′之间都没有加电压，则电子枪射出的电子沿着直线运动，打在荧光屏的

，在那里产生一个亮斑.(4)YY′上加的是待显示的

，XX′上是机器内部产生的锯齿形电压，叫做

.若所加扫描电压和信号电压的周期相同，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内变化的

.中心信号电压扫描电压稳定图象第4页/共29页

带电粒子在匀强电场中的加速和偏转问题如图7-3-2所示是一个说明示波管工作原理的示意图，电子经电压U1加速后以速度v0垂直进入偏转电场，离开电场时的偏转量是h.两平行板间的距离为d,电势差为U2，板长为l，为提高示波管的灵敏度(每单位偏转电压引起的偏转量)可采用哪些方法？第5页/共29页图7-3-2第6页/共29页先导出示波管的灵敏度()与有关物理量(d、l、U1等)的关系式，再作抉择.对于电子的加速过程，有eU1=①对于电子的偏转过程，有水平方向l=v0t

②竖直方向h=

=

·③第7页/共29页将②式代入③式，结合，推出④将①式代入④式得据上式可知，增大l和减小U1或d均可提高示波管的灵敏度.第8页/共29页有关示波管的工作原理，涉及带电粒子在电场中的加速和偏转.带电粒子的加速可用动能定理处理；带电粒子的偏转则可将其运动分解，应用运动学公式和牛顿定律处理.第9页/共29页如图7-3-3所示中的竖直平面xOy内存在有竖直向下的匀强电场，带电小球以初速度v0从O点沿水平射入，恰好通过平面中的A点，OA连线与Ox轴夹角为30°，已知小球的质量为m,则通过A点时的动能为(

)

图7-3-3A.

B.C.

D.第10页/共29页小球被水平抛出后在水平方向做匀速运动，在竖直方向上做初速为零的匀加速直线运动．设从O到A的过程中在水平方向、竖直方向位移分别为sx、sy，小球飞行时间为t，则如下图(a)所示第11页/共29页第12页/共29页

用等效法处理复合场中带电粒子的运动图7-3-4如图7-3-4所示，一个竖直放置的半径为R的光滑绝缘环，置于水平方向的匀强电场中，电场强度为E.有一质量为m、电量为q的带正电的空心小球套在环上，并且Eq=mg.第13页/共29页(1)当小球由静止开始从环的顶端A下滑圆弧长到位置B时，小球速度为多大？环对小球的压力为多大？(2)小球从环的顶端A滑至底端C的过程中，小球在何处速度最大？速度值为多少？第14页/共29页

(1)小球从A→B的过程中，受到重力、电场力(向右)和环的支持力三个力作用，且重力、电场力均对小球做正功，环的支持不做功.图甲第15页/共29页由动能定理∑W=ΔEk得：mgR+EqR=

-0,又Eq=mg,所以解方程得.又小球在B处的受力情况如图甲所示，向心力F=N-Eq=

,把Eq=mg和代入上式解得N=5mg.第16页/共29页(2)由于mg=Eq，所以两个场力的合力方向与E方向成45°角且斜向右下，小球从A→C滑动过程中，沿合力方向运动越远，合力对小球做的正功越多，小球的速度越大，直到速度与合力垂直时，速度最大，这个位置在如图乙所示的D点.再运用动能定理得EqRcos45°+mgR(1+sin45°)=

-0,

解得.图乙第17页/共29页如果把电场力和重力合起来，小球相当于只受一个场力(即复合场)的作用，这样完全可以类比只有一个重力场的作用情况，因此可以得出沿复合场力方向运动的带电微粒，其“复合场的势能”变小，速度(或动能)变大；并且复合场对带电小球的做功也是与路径无关的.利用这种方法可以把较复杂的问题简单化.第18页/共29页如图7-3-5所示，一绝缘细圆环半径为r，其环面固定在水平面上，场强为E的匀强电场与圆环平面平行.环上穿有一电量为+q，质量为m的小球，可沿圆环做无摩擦的圆周运动.图7-3-5若小球经A点时的速度vA的方向恰与电场垂直，且圆环与小球间沿水平面方向无力的作用，则速度vA=

.当小球运动到与A点对称的B点时，小球对圆环在水平方向作用力FN=

.第19页/共29页第20页/共29页

用功能观点处理带电体在电场中的运动

如图7-3-6所示，一个质量为m带有电荷-q的小物体，可在水平轨道Ox上运动，O端有一与轨道垂直的固定墙，轨道处于匀强电场中，场强大小为E，方向沿Ox轴正方向.图7-3-6第21页/共29页小物体以初速度v0从x0沿Ox轨道运动，运动时受到大小不变的摩擦力Fμ作用，且Fμ＜qE.设小物体与墙碰撞时不损失机械能，且电量保持不变，求它在停止运动前所通过的总路程s.

第22页/共29页由题意知，带电体最终的停止位置为紧靠墙壁，带电体的电势能减少qEx0，小物体动能减少了.由于碰撞不损失机械能，因而小物体克服摩擦力所做的功等于所减少的动能和电势能之和.所以

Fμs=qEx0+

,

s=.

第23页/共29页对于受变力作用的带电体的运动，必须借助于功能观点来处理.即使都是恒力作用的问题，用功能观点处理也常常显得简捷.具体方法常用两种：(1)用动能定理处理.思维顺序一般为：弄清研究对象，明确研究过程；分析物体在所研究过程中的受力情况，弄清哪些力做功，做正功还是负功；弄清所研究过程的始、末状态(主要指动能)；由∑W=ΔEk列出解题方程.第24页/共29页(2)用包括电势能、内能在内的能量守恒定律处理.列式的方法常有两种：由初、末状态的能量相等(即E1=E2)列方程；由某些能量的减少等于另一些能量的增加(ΔE增=ΔE减)列方程.第25页/共29页

如图7-3-7所示，水平放置的A、B两平行板相距h，上板带正电，现有