2020年重庆市某中学中考物理一模试卷(含答案解析)

2020年重庆市巴蜀中学中考物理一模试卷一、单选题（本大题共6小题，共30.0分）下列认识不正确的是（）A.一个正常中学生体重约500N。

B.光年是距离单位。

C.青年人步行速度约5Km/h。

D.重力对从五楼随风飘落到地面的纸团做功约120J。下面实例中可以用光的反射现象来解释的是（）A.手机摄像头拍摄照片。

B.玻璃幕墙对街道造成“光污染”。

C.平静水面下的鱼看似变浅了。

D.“针孔相机”的成像原理。属于液化的物态变化是（）A.夏季炎热的阳光烤化了柏油马路。

B.人跑步出汗，汗水一会就干掉了。

C.汽车的挡风玻璃有时变模糊。

D.点燃的蜡烛流出的“蜡油”，在桌面上一会就变硬了。关于篮球这项运动，以下说法正确的是（）A.篮球在空中飞行过程中，人对球做了功。

B.球触地再跳时地面没有发生形变。

C.篮球向上飞行时，动能转化为势能。

D.篮球离开人手继续飞行是因为受到惯性作用。如图一所示，小李用200N的力F将重为300N的物体在20s内匀速提升2m。不计绳重和摩擦，错误的是（）A.动滑轮重力为100N。

B.工人做功的功率为40W

C.滑轮组的机械效率为75%

D.因为是同样的装置，提升物重变为400N，额外功与总功的百分比是不变的

在如图所示的电路中，电源电压保持不变，电阻R1=0.6欧，移动滑动变阻器的滑片，当电流表的示数为2安时，滑动变阻器的电功率为3.6瓦，当电流表的示数为3安时，滑动变阻器的电功率为（）A.1.2瓦 B.2.4瓦 C.3.6瓦 D.4.8瓦二、填空题（本大题共5小题，共20.0分）阿基米德是古希腊伟大科学家，在我们初中物理课本中我们学到他的两个最重要的物理原理是：

______，______。汽油的热值为4.6×107J/kg，现有汽油2kg完全燃烧，放出的热量为______J；若质量相等的铜块和铁块（C铁＞C铜）吸收相同热量，______（选填“铜块“或“铁块”）升高的温度较大小灯泡L上标有“6V”字样，其图象如图甲所示，把小灯泡L接入如图乙所示的电路中，将滑动变阻器的滑片P移至最右端，闭合开关S，电流表示数为0.3A，已知电源电压恒定，滑动变阻器的铭牌标有“20Ω1A”字样，则小灯泡正常发光时电阻为______Ω，整个电路消耗的最大电功率为______W。

如图所示，电源电压U=18V且保持不变，小灯泡L的额定电压为9V，当滑动变阻器的滑片P移至中点时，小灯泡L刚好正常发光；当滑片P移至最右端时，小灯泡L的实际功率为6W，忽略灯丝电阻变化，则小灯泡的额定功率为______W，滑动变阻器的最大阻值为______Ω。向一个质量可以忽略不计的塑料瓶中装入密度为ρA的液体后密闭，把它分别放在盛有密度为ρ甲、ρ乙两种液体的容器中，所受浮力分别为F甲、F乙，如图所示，不计塑料瓶的质量和瓶壁、瓶盖的体积，则ρ甲______ρ乙；F甲______F乙（填大于、等于、小于）。三、计算题（本大题共3小题，共36.0分）在“测量小灯泡的电阻”的实验中，电源电压为3V，小灯泡的额定电压为2.5V，阻值为5Ω左右。某同学用如图甲所示的器材进行实验。

（1）用笔画线代替导线完成实物电路连接，要求滑动变阻器的滑片向左滑动时，连入电路的电阻变大。

（2）在某次测量中，电流表的示数如图乙，其读数为______A。

（3）实验中，调节变阻器，当灯泡电压变化大小△U=1V时，电流变化大小△I=0.2A，该同学由表达式R=，计算出灯泡电阻为5Ω，他的这种计算方法是否正确？说明原因______。

如图所示，滑动变阻器的滑片在某两点间移动时，电流表的示数范围为1A到2A之间，电压表的示数范围为6V到9V之间．试求：定值电阻R的阻值及电源电压．

如图所示，装置中O为轻质杠杆AB绕其旋转的圆定支点，AO：OB=l：1，边长均为10cm的正方体甲、乙被轻质硬杆连接于A、B端，并可绕连接点自由转动，此时杠杆恰好在水平位置平衡，且甲对水平地面的压强为2500Pa，乙在装有水的容器内刚好浸没，已知甲的重力为20N，容器的底面积是400cm2，杠杆与硬杆的重力和容器的厚度均忽略不计，求：

（1）物体甲对水平地面的压力；

（2）物体乙所受的浮力；

（3）若从容器中缓缓抽出水，直至甲对水平地面的压强为2000Pa，此时水对容器底部的压力变化值。

四、作图题（本大题共2小题，共4.0分）在图中画出这条入射光线经过透镜后的射出的光线。

如图所示，轻质曲形杠杆AOB在动力F1的作用下可绕O点顺时针转动，请在杠杆上画出阻碍其转动的最小阻力F2及其力臂L2的示意图。

--------答案与解析--------1.答案：D

解析：解：

A、一个正常中学生的质量约为50kg，体重约G=mg=50kg×10N/kg=500N，故A正确；

B、光年表示光一年通过的距离，是距离单位，故B正确；

C、青年人步行速度约5km/h左右，故C正确；

D、一个纸团的重力约为0.1N，五楼的高度大约为12m，则所做的功为：W=Gh=0.1N×12m=1.2J，故D错误。

故选：D。

估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法，这就要求同学们要学会从生活体验中理解物理知识和物理规律，并且能将物理知识和物理规律用于对生活现象和生活常识的简单解释。

估测是一种科学的近似计算，它不仅是一种常用的解题方法和思维方法，而且是一种重要的科学研究方法，在生产和生活中也有着重要作用。

2.答案：B

解析：解：A、手机摄像头属于凸透镜，利用手机摄像头拍摄照片属于光的折射现象的应用；故A不合题意；

B、城市玻璃幕墙对阳光发生镜面反射，造成“光污染”，属于光的反射，故B符合题意；

C、平静水面下的鱼看似变浅了，属于光的折射现象的应用；故C不合题意。

D、“针孔相机”的成像原理是光沿直线传播。故D不合题意。

故选：B。

利用光沿直线传播、光的反射、光的折射和凸透镜成像的应用等对各选项列举的现象进行分析，明确其原理，然后做出选择。

此题通过不同的现象考查了学生对光的反射、光的直线传播及光的折射的理解，在学习中要注意区分，并要学会用所学知识解释有关的物理现象。

3.答案：C

解析：解：A、夏季炎热的阳光烤化了柏油马路，沥青从固态到液态属于熔化现象，故A不合题意；

B、汗水一会就干掉，是液态的水变成气态的水蒸气，属于汽化现象，故B不合题意；

C、汽车的挡风玻璃有时变模糊，是空气中的水蒸气遇到温度较低的玻璃凝结成的小水滴，属于液化现象，故C符合题意；

D、点燃的蜡烛流出的“蜡油”，在桌面上一会就变硬了，是液态到固态，是凝固现象，故D不合题意；

故选：C。

物质由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固；由液态变为气态叫汽化，由气态变为液态叫液化；由固态直接变为气态叫升华，由气态直接变为固态叫凝华。

本题考查了学生对生活中物态变化现象的掌握，注重了物理和生活的联系，考查了学生的知识应用能力。

4.答案：C

解析：解：

A、蓝球在飞行过程中，虽然通过了距离，但没有再受到人的力的作用，所以人对球没有做功。故A错误。

B、球与地面接触时，地面对球有作用力，使球由于发生弹性形变而产生弹力。故B错误。

C、球向上飞行的过程中，质量不变，高度增加，重力势能增大，同时速度减小，动能减小，是动能转化为重力势能。故C正确。

D、球离开球拍后继续向前运动，是由于惯性还要保持原来的运动状态。惯性不是力，不能说受到惯性作用。故D错误。

故选：C。

（1）做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是在力的方向上移动的距离。

（2）弹力是发生弹性形变的物体，由于要恢复原状，而对与它接触的物体产生的作用力。

（3）判断是哪种能量转化成了另一种能量的标准是：减小的转化为增多的。

（4）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性是物体的一种属性。

此题考查动能和势能的转化与守恒、弹力、惯性和力是否做功的判断，是一道力学综合题，正确、全面理解概念或规律是解答的基础。

5.答案：D

解析：解：

A、由图知n=2，不计绳重和摩擦，拉力F=（G+G动），则动滑轮的重力：

G动=nF-G=2×200N-300N=100N；故A正确；

B、绳端移动的距离：

s=2h=2×2m=4m，

拉力做的功：

W总=Fs=200N×4m=800J，

拉力F的功率：

P===40W；故B正确；

C、拉力做的有用功：

W有=Gh=300N×2m=600J，

滑轮组的机械效率：

η=×100%=×100%=75%，故C正确；

D、不计绳重和摩擦，提升物重变为400N，提升的物重增大，则滑轮组的机械效率增大，即有用功与总功的百分比变大，则额外功与总功的百分比变小，故D错误。

故选：D。

（1）由图知，n=2，不计绳重和摩擦，拉力F=（G+G动），据此求动滑轮的重力；

（2）绳端移动的距离s=2h，利用W=Fs求拉力做的总功，再利用P=求拉力F的功率；

（3）利用W=Gh求拉力做的有用功，滑轮组的机械效率等于有用功与总功之比；

（4）增大滑轮组机械效率的方法：一是增大提升的物重，二是减小动滑轮重、减小摩擦。

本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、功率、机械效率的计算，关键是利用好关系式：不计绳重和摩擦，拉力F=（G+G动）。

6.答案：C

解析：解：

当电流为I1=2A时

电源电压为U=2A×0.6Ω+

当电流为I2=3A时，设滑动变阻器的功率为Px

电源电压为U=3A×0.6Ω+

已知电源电压相等，即2A×0.6Ω+=3A×0.6Ω+

解得Px=3.6W

故选C

不论电流大小，定值电阻和滑动变阻器都是串联．前后两种情况下，定值电阻与滑动变阻器两端电压之和都等于电源电压，据此列出方程即可求解．

利用方程法解决电学计算题时，关键是找准不同情况下不变的物理量（一般是电源电压或定值电阻的阻值），利用相应的电学规律列出方程或方程组求解．

7.答案：杠杆平衡条件

阿基米德原理

解析：解：

阿基米德提出了杠杆原理，即杠杆的平衡条件；

阿基米德通过实验研究，发现了阿基米德原理，即浸在液体中的物体受到浮力的大小等于物体排开的液体所受的重力。

故答案为：杠杆平衡条件；阿基米德原理。

根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可。

本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一。

8.答案：9.2×107；铜块

解析：解：

（1）汽油完全燃烧放出的热量：

Q放=mq=2kg×4.6×107J/kg=9.2×107J；

（2）已知铁的比热容大于铜的比热容，在质量相等、吸收相等的热量时，由Q吸=cm△t可知，铜块升高的温度高。

故答案为：9.2×107；铜块。

（1）已知汽油的热值和质量，利用Q放=mq求汽油完全燃烧放出的热量；

（2）根据Q吸=cm△t比较质量相等的铁块和铜块吸收相同的热量后温度的变化量。

本题考查了燃料完全燃烧放热公式和吸热公式的应用，比较铁块和铜块升高温度时容易颠倒，最好借助Q吸=cm△t分析，易错题

9.答案：6；4.5

解析：解：（1）当滑动变阻器的滑片P移至最右端时，滑动变阻器的最大阻值和灯泡串联，

由图象可知，当小灯泡电压为3V时，电路中的电流I=0.3A，

由I=可得，滑动变阻器两端的电压：

U滑=IR滑=0.3A×20Ω=6V，

因串联电路中总电压等于各分电压之和，

所以，电源的电压：

U=UL+U滑=3V+6V=9V；

由图象可知，灯泡两端的电压为3V时，电路中的电流I′=0.5A，

由I=可得，小灯泡的电阻：

RL===6Ω，

（2）小灯泡的额定电流是电路中最大电流：Imax=I′=0.5A，

整个电路消耗的最大电功率为：

P=UImax=9V×0.5A=4.5W。

故答案为：6；4.5。

（1）当滑动变阻器的滑片P移至B端时，滑动变阻器的最大阻值和灯泡串联，根据图象读出电路中的电流，根据欧姆定律求出小灯泡两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压；

（2）由图象可知电压表的示数为3V时对应的电流，根据欧姆定律求出小灯泡的电阻，根据P=UI求出此时电路消耗的最大电功率。

本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是根据图象得出电压对应的电流，要注意额定电压下灯泡的实际功率和额定功率相等。

10.答案：13.5

12

解析：解：（1）P在中点时（连入电阻为R），灯泡正常发光，说明此时灯泡两端的电压为9V，变阻器两端的电压为9V，即变阻器的最大阻值R为灯泡电阻RL的两倍，RL=R′=R。

（2）当P移动到最右端时（电阻全连入为R），I==即：=

解得：R=12Ω；

RL=R′=R=6Ω。

P额===13.5W

故答案为：13.5；12。

分析电路图，知道当P在中点和右端时的电路组成（都是串联）和已知量，当P在中点（连入电阻为R）和右端时（电阻全连入为R），根据欧姆定律和串联电路的特点分析求解。

会分析当P在中点（连入电阻为R）和右端时（电阻全连入为R）的电路组成，使用欧姆定律时注意三量（I、U、R）同体。

11.答案：小于

等于

解析：解：（1）∵塑料瓶漂浮，

∴F甲=F乙=G。

（2）甲图：F浮=ρ甲V排g=ρAVAg，

∵V排甲＞VA，

∴ρ甲＜ρA；

（3）乙图：F浮=ρ乙V排g=ρAVAg，

∵V排乙＜VA，

∴ρ乙＞ρA；

故答案为：小于；等于。

（1）甲、乙图中，同一物体都漂浮，有漂浮条件可知物体所受浮力F甲、F乙的关系；

（2）在甲图中，液体A装入塑料瓶内放入甲液体中，排开甲液体的体积大于A液体的体积，可知甲液体的密度比A的密度小；

（3）在乙图中，液体A装入塑料瓶内放入乙液体中，排开乙液体的体积小于A液体的体积，可知乙液体的密度比A的密度大。

本题考查了漂浮条件和浮力大小的计算，理解：同样的浮力，液体密度大的，排开液体的体积小是关键。

12.答案：0.24

不正确，因为灯的电阻随温度变化而变化

解析：解：（1）根据实验要求电压表与灯泡并联，电流表串联在电路中，要求滑动变阻器的滑片向左滑动时，连入电路的电阻变大，连接电路，如下图；

（2）由于小灯泡的额定电压为2.5V，阻值为5Ω左右，所以I===0.5A左右，则电流表选择的是0～0.6A量程，分度值为0.02A，

此时示数为：0.24A；

（3）灯泡的灯丝是用电阻随温度变化较大的材料制成的；随灯泡两端电压的增大，灯泡的灯丝温度变化较大，导致灯丝的电阻变化也较大，所以该同学的计算方法是错误的。

故答案为：（1）

（2）0.24；

（3）不正确，因为灯的电阻随温度变化而变化。

（1）根据实验要求电压表与灯泡并联，电流表串联在电路中，要求滑动变阻器的滑片向左滑动时，连入电路的电阻变大，连接电路；

（2）确定电流表量程和分度值，读出示数；

（3）小灯泡的电阻随着温度的变化而变化。

此题考查了有关电路的连接、电表的读书，灯丝电阻和温度的关系在该实验中的应用，由于灯丝的电阻随温度的变化而变化，所以用变化的电压与变化的电流比值求解电阻是不可以的。

13.答案：解：由图可知，R与滑动变阻器R′串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；

当滑动变阻器接入电路的电阻变大时，总电阻变大，电路中的电流减小，根据串联电路的分压特点可知电压表的示数变大，则

当I=1A时，U′=9V，

电源的电压U=9V+1A×R-------①

当I=2A时，U′=6V，

电源的电压U=6V+2A×R-------②

∵电源的电压不变，

∴由①②可得：R=3Ω，U=12V．

答：定值电阻R的阻值为3Ω，电源的电压为12V．

解析：由图可知，R与滑动变阻器R′串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；当滑动变阻器接入电路的电阻变大时，总电阻变大，电路中的电流减小，根据串联电路的分压特点可知电压表的示数变大，据此判断两电表对应的示数；分别根据欧姆定律和串联电路的电压特点表示出电源的电压，再根据电源的电压不变得出等式即可得出答案．

本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是两电表示数对应的判断和电源电压不变条件的应用．

14.答案：解：（1）甲对水平地面的压强为2500Pa，受力面积为S=（0.1m）2=10-2m2，

物体甲对水平地面的压力：

F=pS=2500Pa×10-2m2=25N；

（2）乙在装有水的容器内刚好浸没，根据阿基米德原理，物体乙所受的浮力：

F浮乙=ρ水gV=1.0×103kg/m3×10N/kg×（0.1m）3=10N；

（3）物体甲对水平地面的压力为25N，这个力大于甲的重力为20N，

故轻质硬杆对甲的竖直向下的作用力为：

T=F-GA=25N-20N=5N，根据力的作用是相互的，A对轻质硬杆的竖直向上的作用力为5N，即轻质硬杆作用在A点的竖直向上的力FA=5N---①，

根据动力阻力的定义，作用在杠杆B点的力FB竖直向上，

以B为参照物，受到平衡力的作用，即受到轻质硬杆竖直向上的拉力与受到的浮力之和等于B的重力，

FB′+F浮乙=FB′+10N=GB-----②，

因FB′与FB大小相等，

根据杠杆的平衡条件，FA×OA=FB×OB，故FA=FB，------③

由①②③得：GB=15N，

若从容器中缓缓抽出水，直至甲对水平地面的压强为2000Pa，

此时甲对水平地面的压力：

F′=p′S=2000Pa×10-2m2=20N=G甲，

即此时作用在A的力为0，故此时作用B端的力为0，根据此时物体B受到的浮力等于GB=15N，而原来受到的浮力为10N，根据力的作用是相互的，水对容器底部的压力变化值为15N-10N=5N。

答：（1）物体甲对水平地面的压力25N；

（2）物体乙所受的浮力为10N；

（3）若从容器中缓缓抽出水，直至甲对水平地面的压强为2000Pa，此时水对容器底部的压力变化值为5N。

解析：（1）已知甲对水平地面的压强为2500Pa，求出受力面积，根据F=pS求物体甲