2022年新疆生产建设兵团中考物理试卷解析版

2022年新疆生产建设兵团中考物理试卷一、单项选择题（本大题共12小题，每小题2分，共24分。）1．（2分）下列物体中，空间尺度最小的是（）A．地球 B．原子 C．太阳系 D．原子核2．（2分）正在发烧的小军的体温可能是（）A．35℃ B．36℃ C．39℃ D．49℃3．（2分）新疆天池的风景在晓宁同学的视网膜上成的像是（）A．放大的实像 B．缩小的实像 C．放大的虚像 D．缩小的虚像4．（2分）男女两位歌唱家分低高音声部二重唱时，两位歌唱家的声音最有可能（）A．音调相近 B．音色相近 C．频率相近 D．响度相近5．（2分）位于沙漠边缘的罗布泊昼夜温差比沿海地区大，这是因为与水相比，砂石的（）A．比热容较小 B．比热容较大 C．密度较小 D．密度较大6．（2分）下列设备或用电器中，主要利用电磁感应原理工作的是（）A．电磁起重机 B．柴油发电机 C．滚筒洗衣机 D．家用吹风机7．（2分）在北京冬奥会U型池比赛中，某运动员在腾空后上升的过程中（不计空气阻力）（）A．动能转化为重力势能 B．重力势能转化为动能 C．动能与重力势能之和变大 D．动能与重力势能之和变小8．（2分）根据电工手册可知，通过人体的电流与通电时间的乘积大于30mA•s时，会对人体产生致命危险。下列4组通过人体的电流和通电时间中，会对人体产生致命危险的是（）A．30mA0.5s B．20mA1.2s C．25mA2.0s D．35mA0.2s9．（2分）某人习惯晚上睡觉前开始为手机充电，第二天早晨拔掉充电线插头。手机充满电后，会自动停止充电并处于待机状态，当电能消耗到一定程度后，又会自动充满……在待机和自动充电的循环过程中，待机时间为自动充电时间的50倍。已知手机在待机状态下消耗电能的功率为0.2W，充电器的充电电流为2.0A，则充电器的充电电压为（）A．2V B．3V C．4V D．5V10．（2分）如图所示，斜面的长为高的4倍，物体恰能在斜面上匀速下滑，下滑一段距离的过程中，该物体重力做的功和克服阻力做的功相等。若用平行于斜面向上的拉力F将物体匀速拉上斜面时，斜面的机械效率为（）A．20% B．25% C．50% D．75%11．（2分）如图甲所示的电路中，电源电压保持不变，R0为定值电阻，Rt为热敏电阻。在0℃～80℃的范围内，电压表的示数U随热敏电阻的温度t变化的关系如图乙所示。已知当温度t由10℃升高到30℃的过程中，热敏电阻Rt的阻值变化了20Ω，则温度t由30℃升高到50℃的过程中，热敏电阻Rt的阻值变化情况是（）A．阻值减小且阻值变化量小于20Ω B．阻值减小且阻值变化量大于20Ω C．阻值增大且阻值变化量小于20Ω D．阻值增大且阻值变化量大于20Ω12．（2分）正六边形钢质螺母的质量为7.9g，其空心圆的面积为正六边形的面积的，当螺母如图甲所示平放在水平地面上时，螺母对地面的压强为p；当螺母如图乙所示立放在水平地面上时，螺母对地面的压强为4p。已知钢的密度为7.9×103kg/m3，则正六边形的边长为（）A．cm B．cm C．cm D．cm二、填空题（本大题共4小题，每空1分，共26分。）13．（6分）中国“人造太阳”——大型核实验装置（EAST）取得重大突破，奠定了我国在核聚变研究领域的世界领先地位。（1）EAST利用氘、氚原子核，在超高温下结合成氦原子核，同时释放出巨大的核能。这与我国正在运行的核电站获得核能的方式（填“相同”或“不同”）。结合成氦原子核时，带正电的氘、氚原子核间具有很强的静电（填“引”或“斥”）力。在利用核能过程中，能量的转移和转化具有（填“方向”或“可逆”）性。（2）EAST装置中，超导线圈中的强大（填“电压”或“电流”）产生强磁场，氘、氚原子核在磁力作用下被约束在真空室的环形轨道内运动，运动方向始终与磁力方向垂直。磁力对氘、氚原子核（填“做功”或“不做功”），该过程（填“能”或“不能”）说明磁力可以改变物体的运动状态。14．（6分）张北柔性直流电网工程不仅满足了北京冬奥会100%的清洁电力需求，还点亮了京城的万家灯火。（1）该工程全部利用张家口地区的大规模风能、太阳能等（填“可再生”或“不可再生”）能源发电，保障了北京冬奥会场馆100%的绿色电力供应。电能输送到北京后，通过换流站为运动员居住的房间和北京部分家庭提供（填“直流”或“交流”）电。该工程为了保障供电的“柔性”，在承德丰宁修建了世界上最大的抽水蓄能电站，电力富余时，通过（填“发电机”或“电动机”）将水抽到高处，电力短缺时，利用水力发电保障电网的稳定性。（2）北京冬奥会人工造雪所需的电能全部由该工程提供。北京首钢大跳台赛道的人工雪为密度较大的冰状雪，这有利于（填“增大”或“减小”）运动员与赛道间的摩擦力。小红在研究比赛过程中大气对运动员身体压强情况时，通过查阅资料得到气体的压强p与流速v的关系式为（其中C为常量，ρ为空气密度）。由关系式可知，空气流速越大的位置，压强（填“越大”或“越小”），在北京首钢大跳台场馆内，常量C约为（填“103”“105或“107”）Pa。15．（6分）大型运输机运﹣20对我国建设战略空军具有重要意义。（1）运﹣20的巨大轰鸣声能将小鸟震晕，说明声音可以传递（填“信息”或“能量”）。运﹣20设计师通过改进发动机的结构，以实现从（填“声源”或“人耳”）处减弱噪声。飞行员通过（填“无线电波”或“超声波”）与机场的塔台进行联系。（2）一架运﹣20在一次执行任务的过程中，飞行距离为4000km，消耗航空煤油的质量为50t，若飞机飞行时受到的平均阻力的大小为2.5×105N，该过程中飞机发动机的推力做的功为J，发动机的效率为%（航空煤油的热值为4×107J/kg）。若运﹣20换装效率为60%的新发动机后，一架运﹣20每飞行100km，可节约航空煤油约为t（保留1位小数）。16．（8分）中国空间站的建造和运营对人类太空研究具有重大意义。（1）空间站在太空中（填“有”或“没有”）惯性。以空间站为参照物，考场中的小明是（填“运动”或“静止”）的；翟志刚在空间站出舱作业时，他看到的星星（填“会”或“不会”）一闪一闪的“眨眼睛”。（2）由于太空接近于真空，所以在太空中水的沸点很（填“高”或“低”）。若在空间站的夜间（太阳光照不到空间站的时间），将水排入太空，水会瞬间（填物态变化名称），然后又立即凝华成冰晶。整个过程中，排入太空中的水（填“放出”或“吸收”）的热量较多。（3）已知空间站绕地球转一圈的路程为4.25×104km，运行时间为92min，空间站运动的速度大小约为km/s（保留1位小数）。若从某时刻开始计时，王亚平在24h内经历了15次日出，则开始计时的时刻是空间站的（填“白天”或“夜间”）。三、作图题（每图2分，共6分）17．（2分）一束光经过凸透镜后的折射光线如图所示，请在图中画出其入射光线。18．（2分）请在图中画出木棒此时所受重力的示意图以及重力的力臂（O点为转轴，O′点为木棒的重心）。19．（2分）请在图中标出开关S闭合后的通电螺线管的N极四、实验与探究题（本大题共3小题，每空、图2分，共24分）20．（6分）如图所示为“探究光的反射规律”的实验装置。采用可转折的两部分纸板是为了研究、入射光线和法线是否在同一平面内；实验中，从纸板前不同的方向都能看到纸板上光的径迹，是因为光在纸板上发生了（填“镜面”或“漫”）反射；入射光线AO靠近法线ON时，反射光线OB将（填“靠近”或“远离”）法线ON。21．（8分）如图所示为“探究浮力大小与哪些因素有关”的实验装置。实验过程如下：先将盛有盐水的容器放在电子秤上，然后用手提着系有细线的圆柱体将其缓缓地浸入盐水中（盐水足够深），同时记下圆柱体下表面所处的深度h和电子秤显示的相应的质量m，记录数据如下表所示。已知圆柱体的高度为15cm，当h＝8cm时，用弹簧秤测得细线对圆柱体的拉力为1.2N。h/cm024681012……m/kg2.0002.0402.0802.1202.1602.2002.240……（1）实验过程中，电子秤示数逐渐增大时，细线对圆柱体的拉力逐渐（填“增大”或“减小”）。（2）当h＝8cm时，圆柱体受到的浮力大小为（填“21.6”或“1.6”）N。分析表中数据可知：圆柱体受到的浮力大小与浸入盐水的体积成比。（3）圆柱体的密度与盐水的密度之比为。22．（10分）某兴趣小组用如图甲所示的电路测量滑动变阻器R1的最大电阻，电源电压保持不变。该小组通过实验测得6组电压表示数U和电流表示数I的数据并在I﹣U图像中描点，如图乙所示。（1）闭合开关S前，应将滑动变阻器（填“R1”或“R2”）的滑片调至最右端。（2）请根据描点数据，在图乙中做出滑动变阻器R1的最大电阻的I﹣U图像。（3）根据做出的图像，求得R1的最大阻值为Ω。（4）滑动变阻器R2的最大阻值至少为Ω。（填“20”“25”或“30”）（5）实验中发现，当滑动变阻器R2接入电路的电阻为零时，电压表的示数小于电源电压。该小组通过讨论，对产生此现象的原因提出了多种猜想。他们提出的下列猜想中，最不合理的一项是（填序号）。A.电流表本身有电阻B.导线本身有电阻C.电压表本身的电阻不够大D.电压表使用前未调零五、计算题（本大题共2小题，每小题5分，共10分。解题时要有必要的公式和文字说明，只写出结果不得分）23．（5分）如图所示的电路中电源电压恒为3V。闭合开关S后，电阻R1的电功率为3W，电阻R2的电功率为4.5W。求：（1）通过电阻R1的电流；（2）电阻R2的阻值；（3）整个电路在10s内产生的热量。24．（5分）某工厂长方体储液池被一块密封隔板隔成左右两部分，其截面图如图所示。隔板上下两部分的厚度不同，隔板较厚部分相对于较薄部分左右两侧凸出的厚度均为0.1m。已知隔板的长为10m，左储液池内储有密度为1.1×103kg/m3的液体。右储液池内储有密度为1.3×103kg/m3的液体。隔板左侧凸出部分的下表面所在的深度为0.5m，隔板凸出部分两侧的下表面受到的液体的压强差与整个隔板最低处受到的两侧液体的压强差均为1.0×103Pa。求：（1）隔板左侧凸出部分的下表面受到的液体压强；（2）隔板右侧凸出部分的下表面受到的液体竖直向上的压力；（3）左储液池中液体的深度。

2022年新疆生产建设兵团中考物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（本大题共12小题，每小题2分，共24分。）1．（2分）下列物体中，空间尺度最小的是（）A．地球 B．原子 C．太阳系 D．原子核【解答】解：太阳是太阳系中的一个恒星，地球是太阳的一个行星，地球是有物质组成的，物质是由分子组成的，分子是由原子组成的，原子是由原子核和电子组成的，所以空间尺度最小的是原子核。故选：D。【点评】本题考查了学生对宏观、微观世界的了解，是一道基础性题目。2．（2分）正在发烧的小军的体温可能是（）A．35℃ B．36℃ C．39℃ D．49℃【解答】解：人的正常体温约为36.5℃，变化不大；发烧时，人的体温略高于正常的体温，所以39℃是发烧时的体温；而49℃远远高于了人的体温，是错误的；综上所述，C正确。故选：C。【点评】本题考查了人的体温的大小，属于基础题。3．（2分）新疆天池的风景在晓宁同学的视网膜上成的像是（）A．放大的实像 B．缩小的实像 C．放大的虚像 D．缩小的虚像【解答】解：人眼的晶状体相当于一个凸透镜，视网膜相当于光屏。人观察物体时，物距往往要远大于2倍焦距，因此新疆天池的风景在视网膜上成倒立、缩小的实像。故选：B。【点评】弄清眼睛的视物原理，并熟记凸透镜的成像规律，是解答此类问题的关键。4．（2分）男女两位歌唱家分低高音声部二重唱时，两位歌唱家的声音最有可能（）A．音调相近 B．音色相近 C．频率相近 D．响度相近【解答】解：不同人的声带发声结构不同，所以男女两位歌唱家发出声音的音色不同；男女两位歌唱家唱歌时声带振动的频率不同，音调不同；男女两位歌唱家唱歌时，声带振动的幅度相近，响度相近，故D正确。故选：D。【点评】解决此类问题要会根据响度、音色和音调的定义区分乐音特征的三个因素。5．（2分）位于沙漠边缘的罗布泊昼夜温差比沿海地区大，这是因为与水相比，砂石的（）A．比热容较小 B．比热容较大 C．密度较小 D．密度较大【解答】解：因为水的比热容较大，砂石的比热容小，相同质量的水和沙石比较，白天吸收相同的热量时，水的温度升高得少，砂石的温度升高的多；夜晚放出相同的热量时，水的温度降低得少，砂石降低的温度多，使得沿海地区昼夜温差小、罗布泊昼夜温差大，故A符合题意，BCD不符合题意。故选：A。【点评】本题考查了水的比热容大的应用，相对比较简单，属于基础题。6．（2分）下列设备或用电器中，主要利用电磁感应原理工作的是（）A．电磁起重机 B．柴油发电机 C．滚筒洗衣机 D．家用吹风机【解答】解：A、电磁起重机的主要部件是电磁铁，利用的是电流的磁效应，故A错误；B、发电机工作时线圈做切割磁感线运动，产生电流，利用的是电磁感应原理，故B正确；CD、洗衣机、吹风机的主要部件是电动机，电动机的前提是供电，结果是产生运动，利用通电导体在磁场中受力运动，故CD错误。故选：B。【点评】在电和磁这一部分中，学到了很多电学设备，每个设备的制成原理是经常考查的知识点，要在理解的基础上，记住这些基础知识。7．（2分）在北京冬奥会U型池比赛中，某运动员在腾空后上升的过程中（不计空气阻力）（）A．动能转化为重力势能 B．重力势能转化为动能 C．动能与重力势能之和变大 D．动能与重力势能之和变小【解答】解：某运动员在腾空后上升的过程中，不计空气阻力，机械能是守恒的，动能与重力势能之和不变；运动员的质量不变，速度变小，动能变小；质量不变，高度变大，重力势能变大，是动能转化为重力势能；综上所述，A正确，BCD错误。故选：A。【点评】此题考查的是动能和重力势能的转化及机械能守恒，掌握动能、重力势能的影响因素是分析问题的基础。8．（2分）根据电工手册可知，通过人体的电流与通电时间的乘积大于30mA•s时，会对人体产生致命危险。下列4组通过人体的电流和通电时间中，会对人体产生致命危险的是（）A．30mA0.5s B．20mA1.2s C．25mA2.0s D．35mA0.2s【解答】解：得出电流与通电时间的乘积，分别为：A、30mA×0.5s＝15mA•s，B、20mA×1.2s＝24mA•s，C、25mA×2.0s＝50mA•s，D、35mA×0.2s＝7mA•s。故C中电流与通电时间的乘积大于30mA•s，会对人体产生致命危险。故选C。【点评】本题考查触电危害等知识，难度较小。9．（2分）某人习惯晚上睡觉前开始为手机充电，第二天早晨拔掉充电线插头。手机充满电后，会自动停止充电并处于待机状态，当电能消耗到一定程度后，又会自动充满……在待机和自动充电的循环过程中，待机时间为自动充电时间的50倍。已知手机在待机状态下消耗电能的功率为0.2W，充电器的充电电流为2.0A，则充电器的充电电压为（）A．2V B．3V C．4V D．5V【解答】解：在待机和自动充电的循环过程中，待机时间为自动充电时间的50倍，且充电电能等于待机电能，已知手机在待机状态下消耗电能的功率为0.2W，可知充电功率P′＝50P＝50×0.2W＝10W，根据P＝UI可知充电器的充电电压U＝＝＝5V。故选D。【点评】本题考查电功的计算，综合性强，难度适中。10．（2分）如图所示，斜面的长为高的4倍，物体恰能在斜面上匀速下滑，下滑一段距离的过程中，该物体重力做的功和克服阻力做的功相等。若用平行于斜面向上的拉力F将物体匀速拉上斜面时，斜面的机械效率为（）A．20% B．25% C．50% D．75%【解答】解：运动过程中克服物体的重力做的功为W有用，克服摩擦力所做的功W额，又该物体重力做的功和克服阻力做的功相等，则W有用＝W额，W总＝W额+W有用＝2W有用，所以斜面的机械效率η＝×100%＝×100%＝50%。故选：C。【点评】熟练运用计算功、机械效率的计算公式，明确额外功是用来克服斜面上的摩擦，是解答此题的关键。11．（2分）如图甲所示的电路中，电源电压保持不变，R0为定值电阻，Rt为热敏电阻。在0℃～80℃的范围内，电压表的示数U随热敏电阻的温度t变化的关系如图乙所示。已知当温度t由10℃升高到30℃的过程中，热敏电阻Rt的阻值变化了20Ω，则温度t由30℃升高到50℃的过程中，热敏电阻Rt的阻值变化情况是（）A．阻值减小且阻值变化量小于20Ω B．阻值减小且阻值变化量大于20Ω C．阻值增大且阻值变化量小于20Ω D．阻值增大且阻值变化量大于20Ω【解答】解：由乙图可知，热敏电阻R两端的电压UR跟温度t之间的关系是温度越高，热敏电阻R两端的电压越小，则热敏电阻的阻值随温度的增加而减小；当温度是10℃时，I1＝＝；Rt1＝＝，故Rt＝＝，Rt和UV是反比例函数关系；当温度t由10℃升高到30℃的过程中，变化量为ΔU，热敏电阻Rt的阻值变化量ΔRt＝20Ω；所以温度t由30℃升高到50℃的过程中，由于电压表的示数U随热敏电阻的温度t变化的关系是一次函数关系，变化量仍为ΔU，由于Rt和UV是反比例函数关系，根据反比例图形可知，热敏电阻Rt的阻值变化量小于ΔRt。故选：A。【点评】本题是一道关于图象分析题，能否根据图象分析热敏电阻的变化趋势是本题的解题关键所在。12．（2分）正六边形钢质螺母的质量为7.9g，其空心圆的面积为正六边形的面积的，当螺母如图甲所示平放在水平地面上时，螺母对地面的压强为p；当螺母如图乙所示立放在水平地面上时，螺母对地面的压强为4p。已知钢的密度为7.9×103kg/m3，则正六边形的边长为（）A．cm B．cm C．cm D．cm【解答】解：平放在水平地面上时，螺母对地面的压强为p，p＝＝；立放在水平地面上时，螺母对地面的压强为4p，4p＝；两式相比可得＝；设六边形边长为a，高度为h，则S边＝ah，S六＝a2×6；结合上面式子化简可得h＝；正六边形中钢的体积V＝＝＝1cm3；六边形体积为2V，2V＝S六h；2×1cm3＝a2×6×h＝；解得a＝cm；故A、C、D错误，B正确；故选：B。【点评】本题考查了固体压强公式、密度公式和六边形面积公式，综合性大，计算量增加了难度。二、填空题（本大题共4小题，每空1分，共26分。）13．（6分）中国“人造太阳”——大型核实验装置（EAST）取得重大突破，奠定了我国在核聚变研究领域的世界领先地位。（1）EAST利用氘、氚原子核，在超高温下结合成氦原子核，同时释放出巨大的核能。这与我国正在运行的核电站获得核能的方式不同（填“相同”或“不同”）。结合成氦原子核时，带正电的氘、氚原子核间具有很强的静电斥（填“引”或“斥”）力。在利用核能过程中，能量的转移和转化具有方向（填“方向”或“可逆”）性。（2）EAST装置中，超导线圈中的强大电流（填“电压”或“电流”）产生强磁场，氘、氚原子核在磁力作用下被约束在真空室的环形轨道内运动，运动方向始终与磁力方向垂直。磁力对氘、氚原子核不做功（填“做功”或“不做功”），该过程能（填“能”或“不能”）说明磁力可以改变物体的运动状态。【解答】解：（1）利用氘、氚原子核，在超高温下结合成氦原子核，是将小的原子核合成大的原子核，属于核聚变，核电站是通过核裂变释放核能，所以两者方式不同；同种电荷相互排斥，所以带正电的氘、氚原子核间具有很强的静电斥力；能量的转移和转化具有方向性；（2）通电导体周围存在磁场，所以超导线圈中的强大电流产生强磁场，运动方向和力的方向始终垂直，属于垂直不做功的情况，但运动方向发生了改变，即运动状态发生变化，说明磁力可以改变物体的运动状态。故答案为：（1）不同；斥；方向；（2）电流；不做功；能；【点评】本题考查了核聚变和核裂变的区别、同种电荷相互排斥、能量转化和转移具有方向性、做功的判定。属于中档题。14．（6分）张北柔性直流电网工程不仅满足了北京冬奥会100%的清洁电力需求，还点亮了京城的万家灯火。（1）该工程全部利用张家口地区的大规模风能、太阳能等可再生（填“可再生”或“不可再生”）能源发电，保障了北京冬奥会场馆100%的绿色电力供应。电能输送到北京后，通过换流站为运动员居住的房间和北京部分家庭提供交流（填“直流”或“交流”）电。该工程为了保障供电的“柔性”，在承德丰宁修建了世界上最大的抽水蓄能电站，电力富余时，通过电动机（填“发电机”或“电动机”）将水抽到高处，电力短缺时，利用水力发电保障电网的稳定性。（2）北京冬奥会人工造雪所需的电能全部由该工程提供。北京首钢大跳台赛道的人工雪为密度较大的冰状雪，这有利于减小（填“增大”或“减小”）运动员与赛道间的摩擦力。小红在研究比赛过程中大气对运动员身体压强情况时，通过查阅资料得到气体的压强p与流速v的关系式为（其中C为常量，ρ为空气密度）。由关系式可知，空气流速越大的位置，压强越小（填“越大”或“越小”），在北京首钢大跳台场馆内，常量C约为105（填“103”“105或“107”）Pa。【解答】解：（1）风能、太阳能能从自然界源源不断了得到，是可再生能源；电能输送到北京后，通过换流站为运动员居住的房间和北京部分家庭提供交流电；抽水蓄能电站，电力富余时，通过电动机将水抽到高处，电力短缺时，利用水力发电保障电网的稳定性；（2）大跳台赛道的人工雪为密度较大的冰状雪，其表面光滑，在压力一定时，这样能减小运动员与赛道间的摩擦力；由公式p＝C﹣ρv2，（式中C是常量，ρ表示空气密度）可知：空气流速越大的位置，压强越小；在北京首钢大跳台场馆内，空气流速非常小，气体压强接近大气压，所以常量C≈105Pa。故答案为：（1）可再生；交流；电动机；（2）减小；越小；105。【点评】本题考查对能源分类、发电机、电动机、滑动摩擦力大小因素、流体压强以及大气压的认识，考查知识点多，综合性强。15．（6分）大型运输机运﹣20对我国建设战略空军具有重要意义。（1）运﹣20的巨大轰鸣声能将小鸟震晕，说明声音可以传递能量（填“信息”或“能量”）。运﹣20设计师通过改进发动机的结构，以实现从声源（填“声源”或“人耳”）处减弱噪声。飞行员通过无线电波（填“无线电波”或“超声波”）与机场的塔台进行联系。（2）一架运﹣20在一次执行任务的过程中，飞行距离为4000km，消耗航空煤油的质量为50t，若飞机飞行时受到的平均阻力的大小为2.5×105N，该过程中飞机发动机的推力做的功为1012J，发动机的效率为50%（航空煤油的热值为4×107J/kg）。若运﹣20换装效率为60%的新发动机后，一架运﹣20每飞行100km，可节约航空煤油约为0.2t（保留1位小数）。【解答】解：（1）运﹣20的巨大轰鸣声能将小鸟震晕，说明声音可以传递能量。运﹣20设计师通过改进发动机的结构，以实现从声源处减弱噪声。飞行员通过无线电波与机场的塔台进行联系。（2）该过程中飞机发动机的推力做的功W＝Fs＝2.5×105N×4000×1000m＝1012J，航空煤油完全燃烧产生的热量Q放＝qm＝4×107J/kg×50×1000kg＝2×1012J，发动机的效率η＝＝＝50%；每飞行100km，飞机发动机的推力做的功W＝Fs′＝2.5×105N×100×1000m＝2.5×1010J，原来消耗的航空煤油的质量m′＝＝＝＝1250kg＝1.25t，运﹣20换装效率为60%的新发动机后，消耗的航空煤油的质量m″＝＝＝1041.7kg＝1.0417t，可节约航空煤油的质量Δm＝m′﹣m″＝1.25t﹣1.0417t≈0.2t。故答案为：（1）能量；声源；无线电波；（2）1012；50%；0.2。【点评】本题考查功、热值、效率的计算，并考查声音和电磁波的有关知识，综合性强，难度适中。16．（8分）中国空间站的建造和运营对人类太空研究具有重大意义。（1）空间站在太空中有（填“有”或“没有”）惯性。以空间站为参照物，考场中的小明是运动（填“运动”或“静止”）的；翟志刚在空间站出舱作业时，他看到的星星不会（填“会”或“不会”）一闪一闪的“眨眼睛”。（2）由于太空接近于真空，所以在太空中水的沸点很低（填“高”或“低”）。若在空间站的夜间（太阳光照不到空间站的时间），将水排入太空，水会瞬间汽化（填物态变化名称），然后又立即凝华成冰晶。整个过程中，排入太空中的水放出（填“放出”或“吸收”）的热量较多。（3）已知空间站绕地球转一圈的路程为4.25×104km，运行时间为92min，空间站运动的速度大小约为7.7km/s（保留1位小数）。若从某时刻开始计时，王亚平在24h内经历了15次日出，则开始计时的时刻是空间站的白天（填“白天”或“夜间”）。【解答】解：（1）一切物体都具有惯性，所以空间站在太空中有惯性；以空间站为参照物，考场中的小明的位置发生改变，所以小明是运动的；我们看到一闪一闪的星星是因为光通过大气层发生折射的缘故，太空接近于真空，所以翟志刚在空间站出舱作业时，他看到的星星不会一闪一闪的“眨眼睛”；（2）太空接近于真空，气压低则水的沸点低，将水排入太空，水会瞬间汽化，然后又立即凝华成冰晶。整个过程中，水由初始的液体变为固态，所以排入太空中的水放出的热量较多；（3）空间站运动的速度：v＝＝＝7.7km/s；已知绕地球转一圈的运行时间为92min，24h内绕地的次数：≈15.7次，则开始计时的时刻是空间站的白天。故答案为：（1）有；运动；不会；（2）低；汽化；放出；（3）7.7；白天。【点评】本题考查运动和静止的相对性，速度公式的灵活运用，物态变化等，综合性强。三、作图题（每图2分，共6分）17．（2分）一束光经过凸透镜后的折射光线如图所示，请在图中画出其入射光线。【解答】解：平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点，所以入射光线是平行于主光轴的，如图所示：【点评】凸透镜有三条特殊光线：过光心的光线其传播方向不变；过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴；平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点。18．（2分）请在图中画出木棒此时所受重力的示意图以及重力的力臂（O点为转轴，O′点为木棒的重心）。【解答】解：重力方向是竖直向下的，过O′竖直向下画一条带箭头的线段，并标出G；然后过支点向重力作用线作垂线，垂线段的长即可力臂L；如图所示：。【点评】本题考查了杠杆的相关作图，难点在于力臂画法。19．（2分）请在图中标出开关S闭合后的通电螺线管的N极【解答】解：由图知：闭合开关，电流从螺线管左侧流入，从右侧流出。用右手握住螺线管，四指指向电流方向，则大拇指所指的方向即通电螺线管的左端为N极，另一端为S极。如下图所示：【点评】本题考查了安培定则的应用，利用安培定则时，一定要用右手握住螺线管，四指指向电流方向，当电流流入的导线在螺线管背面时，手心在上；反之，手背在上。四、实验与探究题（本大题共3小题，每空、图2分，共24分）20．（6分）如图所示为“探究光的反射规律”的实验装置。采用可转折的两部分纸板是为了研究反射光线、入射光线和法线是否在同一平面内；实验中，从纸板前不同的方向都能看到纸板上光的径迹，是因为光在纸板上发生了漫（填“镜面”或“漫”）反射；入射光线AO靠近法线ON时，反射光线OB将靠近（填“靠近”或“远离”）法线ON。【解答】解：由于反射光线、入射光线和法线都在同一平面内，当将纸板向前向后折，纸板所在平面与反射、入射光线、法线所在平面不在一个平面上，纸板上就看不到反射光线。所以采用可转折的两部分纸板是为了研究反射光线与入射光和法线是否在同一平面内；实验时从光屏前不同的方向都能看到光的传播路径，是由于光屏表面凹凸不平，光在这里发生了漫反射的缘故；根据反射定律的内容可得，反射角等于入射角。因此当入射光线AO靠近法线时，反射光线OB也靠近法线。故答案为：反射光线；漫；靠近。【点评】此题是探究光的反射定律的内容。要掌握光的反射定律的内容，知道反射光线、入射光线、法线在同一平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角。21．（8分）如图所示为“探究浮力大小与哪些因素有关”的实验装置。实验过程如下：先将盛有盐水的容器放在电子秤上，然后用手提着系有细线的圆柱体将其缓缓地浸入盐水中（盐水足够深），同时记下圆柱体下表面所处的深度h和电子秤显示的相应的质量m，记录数据如下表所示。已知圆柱体的高度为15cm，当h＝8cm时，用弹簧秤测得细线对圆柱体的拉力为1.2N。h/cm024681012……m/kg2.0002.0402.0802.1202.1602.2002.240……（1）实验过程中，电子秤示数逐渐增大时，细线对圆柱体的拉力逐渐减小（填“增大”或“减小”）。（2）当h＝8cm时，圆柱体受到的浮力大小为1.6（填“21.6”或“1.6”）N。分析表中数据可知：圆柱体受到的浮力大小与浸入盐水的体积成正比。（3）圆柱体的密度与盐水的密度之比为14：15。【解答】解：（1）设容器和盐水的总重力为G0，圆柱体重力为G，电子秤受到压力为F，细线对圆柱体拉力为F拉，则有：F＝G0+G﹣F拉，即：m示g＝G0+G﹣F拉，G0、G一定，当电子秤示数（m示）逐渐增大时，细线对圆柱体的拉力逐渐减小；（2）由表格数据知，当h＝0时，圆柱体还没有浸入盐水中，不受浮力，此时m示g＝G0＝2.000kg×10N/kg＝20N，当h＝8cm时，电子秤示数为2.160kg，由m示g＝G0+G﹣F拉，有：G﹣F拉＝m示g﹣G0＝2.160kg×10N/kg﹣20N＝1.6N；所以圆柱体受到的浮力F浮＝G﹣F拉＝1.6N；圆柱体浸入某一深度时，电子秤示数与h＝0时电子秤示数的差为Δm，因为F浮＝G﹣F拉＝m示g﹣G0＝Δmg，当h＝2、4、6、8......12cm时，圆柱体浸入液体的体积与浸入深度成正比，受到的浮力分别为：2.040kg×10N/kg﹣20N＝0.4N，2.080kg×10N/kg﹣20N＝0.8N，2.120kg×10N/kg﹣20N＝1.2N，1.6N，....2.240×10N/kg﹣20N＝2.4N，据此可知，圆柱体受到的浮力大小与浸入盐水的体积成正比；（3）h＝8cm时，圆柱体受到的拉力为1.2N，浮力为1.6N，所以圆柱体的重力G＝F浮+F拉＝1.6N+1.2N＝2.8N，由G＝mg和ρ＝可得，G＝ρ物Vg，即：2.8N＝ρ物Vg•••①由阿基米德原理可得，圆柱体受到的浮力：F浮＝ρ盐gV排，即：1.6N＝ρ盐g×V•••②①÷②可得：ρ物：ρ盐＝15：14。故答案为：（1）减小；（2）正比；（3）15：14。【点评】本题是探究浮力大小与哪些因素有关的实验，考查了数据分析、阿基米德原理、密度公式、重力公式和称重法求浮力等，是一道好题。22．（10分）某兴趣小组用如图甲所示的电路测量滑动变阻器R1的最大电阻，电源电压保持不变。该小组通过实验测得6组电压表示数U和电流表示数I的数据并在I﹣U图像中描点，如图乙所示。（1）闭合开关S前，应将滑动变阻器R2（填“R1”或“R2”）的滑片调至最右端。（2）请根据描点数据，在图乙中做出滑动变阻器R1的最大电阻的I﹣U图像。（3）根据做出的图像，求得R1的最大阻值为5Ω。（4）滑动变阻器R2的最大阻值至少为25Ω。（填“20”“25”或“30”）（5）实验中发现，当滑动变阻器R2接入电路的电阻为零时，电压表的示数小于电源电压。该小组通过讨论，对产生此现象的原因提出了多种猜想。他们提出的下列猜想中，最不合理的一项是C（填序号）。A.电流表本身有电阻B.导线本身有电阻C.电压表本身的电阻不够大D.电压表使用前未调零【解答】解：（1）实验中是测量滑动变阻器R1的最大电阻，因此R1相当于一个定值电阻，因此起滑动变阻器的作用的是滑动变阻器R2，因此为了保护电路，闭合开关S前，应将滑动变阻器R2的滑片调至阻值最大的最右端；（2）用平滑的线将图中所描点连起来，如图所示：；（3）由图像中可知，6组电压表示数U和电流表示数I的数据分别为：（2V，0.4A）、（4V，0.8A）、（6V，1.2A）、（8V，1.6A）、（10V，2.0A）、（12V，2.4A），由欧姆定律可知，6次实验的滑动变阻器R1的最大电阻为：R1＝＝＝…＝＝5Ω，因此滑动变阻器R1的最大电阻为5Ω；（4）由图像可知，电源电压至少为12V，电路中的最小为0.4A，此时对应的电压为2V，由串联电路的电压特点和欧姆定律可知，此时滑动变阻器R2接入电路的阻值：R2＝＝