2022-2023学年浙江省衢州五校物理高二下期中达标检测试题含解析

2022-2023学年浙江省衢州五校物理高二下期中达标检测试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、下列说法中，正确的是（）A．变化的磁场一定产生变化的电场B．LC振荡回路电容C增加时，振荡频率增加C．机械波既能在空气中传播，也能在液体和固体中传播D．在一个周期内，介质中的振动质点通过的路程为一个波长2、关于物理学发展过程中的认识，下列说法正确的是（）A．奥斯特发现了电流的磁效应,并发现了电磁感应现象B．法拉第在分析了许多实验事实后提出,感应电流应具有这样的方向,即感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化C．楞次发现了电流的磁效应,揭示了磁现象和电现象之间的联系D．在法拉第、纽曼、韦伯等人工作的基础上,人们认识到：电路中感应电动势的大小,跟穿过这一电路的磁通量的变化率成正比,后人称之为法拉第电磁感应定律3、在匀强磁场中有一个静止的氡原子核（）,由于衰变它放出一个粒子,此粒子的径迹与反冲核的径迹是两个相互外切的圆,大圆与小圆的直径之比为42∶1,如图所示,那么氡核的衰变方程应为（）A．B．C．D．4、一列简谐横波沿直线由a向b传播,相距10.5m的a､b两处的质点振动图象如图中a､b所示,则()A．该波的振幅可能是20cmB．该波的波长可能是8.4mC．该波的波速可能是10.5m/sD．该波由a传播到b可能历时7s5、一个匀强磁场的边界是MN，MN左侧无磁场，右侧是范围足够大的匀强磁场区域，如图甲所示．现有一个金属线框沿ab(ab⊥MN)方向以恒定速度从MN左侧垂直进入匀强磁场区域，线框中的电流随时间变化的I-t图像如图乙所示，则线框可能是哪个（）A． B． C． D．6、先后用两种不同的单色光，在相同的条件下用同一双缝干涉装置做实验，在屏幕上相邻的两条亮纹间距不同，其中相邻两条亮纹间距较大的单色光比相邻两条亮纹间距较小的单色光（）A．其光子的能量较大B．在玻璃中传播速度较大C．在真空中的波长较短D．在玻璃中传播时，相邻两条亮纹间距较大的单色光在玻璃中折射率较大二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、关于晶体、液晶和饱和汽的理解，下列说法正确的是()A．液晶显示器利用了液晶对光具有各向异性的特点B．晶体都有规则的几何外形C．相对湿度越大，空气中水蒸气越接近饱和D．饱和汽压与温度和体积都有关8、一定质量的理想气体处于某一初始状态，若要使它经历两个状态变化过程，压强仍回到初始的数值，则下列过程中可以采用的是（）A．先等容降温，再等温压缩 B．先等容降温，再等温膨胀C．先等容升温，再等温膨胀 D．先等温膨胀，再等容升温9、如图所示，在点电荷Q形成的电场中，正电荷q只在电场力作用下从A移到B。在此过程中，下列说法正确的是()A．电场力对电荷做负功B．电场力对电荷做正功C．电荷的动能增加D．.电荷的动能减少10、如图所示的正方形线框abcd边长为L,线框总电阻为r,在磁感应强度为B的匀强磁场中绕轴以角速度ω转动，b、c两点与外电路相连，外电路电阻为R=r,则下列说法中正确的是(图中电表为理想电表)()A．从线圈处于中性面开始计时，线圈中感应电动势的瞬时值表达式为B．电压表读数为C．电流表读数为D．线框从图示位置转过过程中流过电流表的电荷量为三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）用单摆测定重力加速度的实验装置如图甲所示．（1）组装单摆时，应在下列器材中选用

______

（选填选项前的字母）．A．长度为1m左右的细线B．长度为30cm左右的细线C．直径为1.8cm的塑料球D．直径为1.8cm的铁球（2）测出悬点O至小球球心的距离（摆长）L及单摆完成n次全振动所用的时间t，则重力加速度g=

______

（用L、n、t

表示）．（3）用多组实验数据做出图象，也可以求出重力加速度g．已知三位同学做出的图线的示意图如图乙中的a、b、c所示，其中a和b平行，b和c都过原点，图线b对应的g值最接近当地重力加速度的值．则相对于图线b，下列分析正确的是

______

（选填选项前的字母）．A．出现图线a的原因可能是误将悬点到小球下端的距离记为摆长LB．出现图线c的原因可能是误将49次全振动记为50次C．图线c对应的g值小于图线b对应的g值D．图线a对应的g值大于图线b对应的g值（4）某同学测出不同摆长时对应的周期Y，作出图线，如图丙所示，再利用图线上任两点A、B的坐标（）、B（），可求得g=

______

．若该同学测摆长时漏加了小球半径，而其它测量、计算均无误，也不考虑实验误差，则用上述方法算得的g值和真实值相比是

______

的（选项“偏大”、“偏小”或“不变”）．12．（12分）某同学用如图甲所示的装置验证碰撞中动量守恒．一根长为L的轻质细线一端拴住质量为mA的小钢球A，细线的另一端固定在悬点O，在最低点的前后放置一光电门，光电门下的水平面上放一质量为mB的金属物块B，物块的上表面中央固定一轻质的遮光片．现将小球向右拉至细线水平后静止释放，小球在最低点与物块碰撞后反弹上升，测出小球反弹上升时细线的最大偏角为θ，光电门记录的时间为t，已知重力加速度为g．则（1）用50分度的游标卡尺测遮光片的宽度如图乙所示，则遮光片的宽度d=___________mm；（2）小球与物块的质量大小关系为mA______________mB（选填“>”“=”或“<”）；（3）验证小球与物块在碰撞过程中动量守恒的表达式为_________．（用字母mA、mB、L、d、θ、t、g表示）四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，一个面积为、匝数n=100匝的圆形线圈，在匀强磁场中绕通过圆心且垂直于磁场方向的轴匀速转动，转动角速度，匀强磁场的磁感应强度B=0.01T，线圈的总电阻r=0.1Ω．线圈的两个末端分别与两个彼此绝缘的铜环E、F（集流环）焊接在一起，并通过电刷与阻值R=0.9Ω的定值电阻连接．已知t=0时刻线圈平面与磁场方向平行，电路中其他电阻以及线圈的自感系数均可忽略不计．（1）穿过线圈的磁通量最大值为多大？（2）写出感应电动势e随时间变化的表达式；（3）线圈转动过程中电阻R的电功率为多大？14．（16分）某个小水电站的发电机的正方形线圈边长为50cm，匝数为100匝，线圈电阻为0.2Ω；线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的转轴00′匀速转动，转速为50r/s；电动势的最大值为250V.(结果有根号或的可以保留)(1)发电机中匀强磁场的磁感应强度为多大？(2)若线圈从图示位置开始计时，写出感应电动势随时间变化的函数表达式。(3)将阻值R=4.8Ω的外电阻接在线圈两端，如图所示，则交流电压表的示数是多大?此时发电机的输出功率为多大?(4)将该发电机通过升压变压器升压后向远处输电，如图所示，发电机的输出功率为100kW,输电线的总电阻为8Ω,在用户端用降压变压器把电压降为220V.要求在输电线上损失的功率控制为5kW.①请你设计水电站升压变压器原、副线圈匝数比和用户降压变压器原、副线圈匝数比(、均为理想变压器)，以达到控制损失功率的要求(匝数比写成整数之比);②夏天用电高峰期，常出现电器(例如空调)不能正常使用的情况。这一现象可以通过回答下面的这个问题来加以解释。如图所示是变压器给用户供电的示意图。变压器的输入电压是市区电网的电压，负载变化时输入电压不会有大的波动。输出电压通过输电线输送给用户，两条输电线的等效电阻为.当用电器增加时(即开关k由断开到接通时)，图中电流表和电压表的读数如何变化?并简单解释这样变化的原因.15．（12分）如图所示，质量为m=0.5kg的物体放在质量为M=4.5kg的平台上，随平台上、下做简谐运动。设在简谐运动过程中，二者始终保持相对静止。已知轻弹簧的精度系数为k=400N/m，振幅为A=0.1m，试求：(1)两者处于平衡位置时，弹簧形变量。(2)二者一起运动到最低点时，物体对平台的压力大小。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】

A．均匀变化的磁场产生稳定的电场，故A错误；B．根据可知，LC振荡回路中电容C增加时，振荡频率f减小，故B错误；C．机械波既能在空气中传播，也能在液体和固体中传播，故C正确；D．在一个周期内，介质中的振动质点通过的路程为4A，机械波传播一个波长，故D错误。故选C。2、D【解析】

AC．奥斯特发现了电流的磁效应，揭示了磁现象和电现象之间的联系，法拉第发现了电磁感应现象，故AC错误；B．楞次在分析了许多实验事实后提出，感应电流应具有这样的方向，即感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化，故B错误；D．纽曼、韦伯在对理论和实验资料进行严格分析后，先后指出：闭合电路中感应电动势的大小，跟穿过这一电路的磁通量的变化率成正比，后人称之为法拉第电磁感应定律，故D正确；3、B【解析】

原子核的衰变过程满足动量守恒，可得两带电粒子动量大小相等，方向相反，就动量大小而言有m1v1=m2v2由带电粒子在匀强磁场中圆周运动的半径公式可得所以分析ABCD四个选项，满足42：1关系的只有B，故B正确，ACD错误。4、D【解析】

根据振动图象读出质点的振幅，即为该波的振幅．由图读出同一时刻a、b两质点的位置和速度方向，结合波形分析质点间的距离与波长的关系，得到波长的通项，再求解波长的特殊值，求出波速的通项，求解波速的特殊值．【详解】A．由图读出，该波的振幅为A=10cm．故A错误；B．由图看出，在t=0时刻，质点b经过平衡位置向上运动，质点a位于波谷，波由a向b传播，结合波形得到：a、b间距离与波长的关系为：，得到波长为，；，n不是整数故B错误；C．波速为，，得4n+3=1；n不是整数故C错误；D．该波由a传播到b的时间为，由于n=1时，t等于7s，故D正确．5、D【解析】导体棒切割磁感线产生的感应电动势E=BLv，设线框总电阻是R，则感应电流由图乙所示图象可知，感应电流先均匀变大，后均匀变小，由于B、v、R是定值，由上式知I与有效切割长度成正比，则导体棒的有效长度L应先均匀变长，后均匀变短，A项：闭合圆环匀速进入磁场时，有效长度L先变大，后变小，但随时间作非均匀变化，故A错误；B项：正方形匀速进入磁场时，有效长度L不变，故B错误；C项：梯形线框匀速进入磁场时，有效长度L先均匀增加，后不变，最后均匀减小，故C错误；D项：三角形线框匀速进入磁场时，有效长度L先均匀增加，后均匀减小，故D正确．点晴：本题是一道关于感应电流的图象题，熟练应用导体棒切割磁感线产生的感应电动势公式、欧姆定律、分析清楚图象特点是正确解题的关键．6、B【解析】根据双缝干涉条纹的间距公式知，干涉条纹间距较大的单色光，波长较长，频率较低，根据知光子能量较小．故AC错误．频率较小，则折射率较小，根据知在玻璃中传播速度较大．故B正确，D错误．故选B．【点睛】根据双缝干涉条纹的间距公式判断出两种光的波长大小，从而确定频率大小、折射率大小以及在介质中传播的速度大小．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】液晶显示器是利用液晶对光具有各向异性的特点设计的，故A正确；单晶体具有各向异性，在各个不同的方向上的物理性质不同，分子的排列在空间上有周期性，有规则的几何外形；而多晶体具有各项同性，分子排列不一定是规则的，没有规则的几何外形，故B错误；相对湿度越大则表示绝对湿度比上饱和绝对湿度越大，绝对湿度就越接近饱和绝对湿度，空气中水蒸气越接近饱和，故C正确；同一种液体的饱和汽压仅与温度有关，与体积无关，故D错误；故选AC．【点睛】单晶体具有各向异性，在各个不同的方向上的物理性质不同，分子的排列在空间上有周期性，非晶体具有各项同性．液晶既像液体一样具有流动性，又跟某些晶体一样具有光学性质的各向异性．液体的饱和汽压仅与温度有关；空气相对湿度越大时，空气中水蒸气压强越接近饱和汽压，水蒸发越慢．8、ACD【解析】试题分析：据PV/T=K可知，先等容降温，导致压强减小，然后等温压缩导致压强增大，所以A选项可以采用；先等容降温，导致压强减小，然后等温膨胀导致压强减小，B选项不可采用；先等容升温，导致压强增大，然后等温膨胀导致压强减小，C选项可以采用；先等温膨胀，导致压强减小，然后等容升温导致压强增大，可以采用．考点：本题考查对理想气体状态方程的理解．9、BC【解析】

在正点电荷Q形成的电场中，电场方向指向外侧，正电荷q从A移到B，电场力做正功，电势能减小，动能增加，选项BC正确，AD错误；故选BC。10、BD【解析】A、若从线圈处于中性面开始计时，线圈中感应电动势的瞬时值表达式为，故A错误；B、电动势的有效值为，根据电路的分压原理可知电压表的读数为,故B正确；C、根据闭合电路欧姆定律知回路中电流为，故C错误；D、线框从图示位置转过过程中流过电流表的电荷量为，故D正确；故选BD点睛：线框在匀强磁场中匀速转动,产生正弦式交变电流,根据规律可列出感应电动势的瞬时表达式,最大值与有效值的倍;每当线框通过中性面时,电流方向改变;当磁通量为零时,线框切割速度最大,产生的电动势也最大.根据感应电荷量,求通过电阻R的电荷量.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、ADB不变【解析】

（1）为减小实验误差，摆线长度应适当长些，因此摆线应选择A而不选B；为减小空气阻力对实验的影响，摆球质量应大而体积较小，因此摆球应选择D而不选C，故选AD；（2）根据单摆周期公式和，联立解得：；（3）根据单摆周期公式，解得，故图象的斜率，则当地的重力加速度．A、若测量摆长时忘了加上摆球的半径，则摆长变成摆线的长度，则有，根据数学知识可知，对图象来说，与b线斜率相等，a、b图线平行，故两个图线测出的重力加速度是相同的，是纵截距，故做出的图象中a线的原因可能是误将悬点到小球上端的距离记为摆长L，故AD错误；实验中误将49次全振动记为50次，则周期的测量值偏小，导致重力加速度的测量值偏大，图线的斜率k偏小．故B正确；由图可知，图线c对应的斜率k偏小，根据的斜率，可得当地的重力加速度可知，g值大于图线b对应的g值．故C错误．故选B．（4）根据单摆的周期公式得，解得，知图线的斜率为，则，解得：，通过g的表达式可以知道，漏加了小球半径后，不变，故不影响最后结果．【点睛】根据单摆模型的要求，摆球密度要大，体积要小，细线要适当长，读数要提高精度；根据单摆的周期公式得出L与的关系式，通过图线的斜率求出重力加速度．漏加了小球半径后，直线的斜率不变，故不影响最后结果．设摆球的重心到线与球结点的距离为r，根据单摆周期的公式分别列出方程，求解重力加速度．12、3.06<【解析】

（1）[1]主尺读数为3mm，游标读数是3×0.02mm=0.06mm，故最后读数为：3mm+0.06mm=3.06mm（2）[2]小钢球