济宁市邹城一中2020-2021学年高二上学期9月物理测试题含解析

学必求其心得，业必贵于专精学必求其心得，业必贵于专精学必求其心得，业必贵于专精山东省济宁市邹城一中2020-2021学年高二上学期9月物理测试题含解析2020年山东邹城一中高二9月考物理测试卷本试卷分第Ⅰ卷(选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，满分100分,考试时间90分钟.第Ⅰ卷（选择题，共48分）一、单项选择题:本题共8小题,每小题4分，共32分。每小题只有一个选项符合题目要求。1.电路中，每分钟有6×1013个自由电子通过横截面积为0.64×10－6mA.0。016mA B.C。0。16μA D。16μA【答案】C【解析】【详解】根据公式可得C正确.2.第56届日本电池大会上华为发布了5分钟即可充满3000mA•h电池50%电荷量的快充技术成果,引起业界广泛关注。如图是华为某智能手机电池上的信息，支持低压大电流充电，则()A。4.35V表示该电池的电动势B。该电池充满电后以100mA的电流工作时,可连续工作30小时C。11.4W·h表示该电池能提供的电荷量D。3000mA·h表示该电池能提供电能【答案】B【解析】【详解】A．4。35V为充电电压，不是该电池的电动势，故A错误；B．该电池充满电后以后以100mA的电流工作时，可连续工作故B正确；C．11.4Wh为电池的充电电能,不是该电池的电量,故C错误；D．mAh为电量的单位，所以3000mAh表示该电池能提供的电量，故D错误．故选B。3。一根细橡胶管中灌满盐水，两端用短粗铜丝塞住管口．管中盐水柱长为40cm时测得电阻为R，若溶液的电阻随长度、横截面积的变化规律与金属导体相同．则将管中盐水柱均匀拉长到50cm（盐水体积不变，仍充满橡胶管），盐水柱电阻变为（）A。 B. C。 D.【答案】D【解析】【详解】由于总体积不变，设40cm长时的横截面积为S．所以长度变为50cm后，横截面积根据电阻定律可知解得故D正确4。如图所示电路的三根导线中有一根是断的。电源、电阻器R1、R2及另外两根导线都是好的。为了查出断导线，某学生想先用万用表的红表笔连接在电源的正极a，再将黑表笔分别连接在电阻器R1的b端和R2的c端，并观察万用表指针的示数.在下列选挡中，符合操作规程的是：（）A.直流10V挡 B。直流0.5A挡C。直流2。5V挡 D。欧姆挡【答案】A【解析】【详解】用欧姆档要把电源断开，本题操作没有，所以不用欧姆档;用电流档要用较大量程，本题的电流表量程的0.5A太小；由于电源的电动势为6V，用电压档检测其量程要大于6V，故A正确,B、C、D错误;故选A.5.图为多用表欧姆挡的原理示意图，其中电流表的满偏电流为，内阻，调零电阻的最大值，串联的固定电阻，电池电动势，用它测量电阻,能准确测量的阻值范围是()A.B。C。D。【答案】A【解析】【详解】多用表欧姆挡的中值电阻附近刻度最均匀，读数误差最小，欧姆表的中值电阻R中等于欧姆表的内电阻R总，由闭合电路欧姆定律可知:满偏时：;半偏时：；联立解得：R中＝R内＝＝5000Ω；欧姆表的中值电阻为5kΩ，欧姆表能准确测量的阻值范围是：3kΩ～8kΩ；故选A．【点睛】本题关键明确欧姆表的中值电阻附近刻度相对最均匀,读数误差最小；知道中值电阻等于欧姆表内电阻．6.如图所示直线OAC为某一直流电源的总功率P随总电流I变化的图线;抛物线OBC为同一电源内部消耗的功率Pr随总电流I变化的图线，则当通过电源的电流为1A时，该电源的输出功率为(）A。1W B。3W C。2W D。2。5W【答案】C【解析】【详解】从图象可知：有两个交点．O点处是没有通电，而C处它们的电功率相等，说明外电阻没有消耗功率．因此电流为3A时，外电阻阻值为零．由P=I2R可算出r=Ω=1Ω所以内阻的阻值为1Ω．电动势E=Ir=3×1V=3V当电流为1Ａ时故选Ｃ。7。在如图所示的电路中，当开关S闭合且电路稳定时,电容器C的带电荷量为；当开关S断开且电路稳定时，电容器C的带电量为，则()A。 B. C。 D.【答案】A【解析】【详解】开关断开稳定时，电路中没有电流,电容器的电压等于电源的电动势，即，开关闭合稳定时，电容器的电压等于电阻两端的电压，则,对于给定电容器，电容不变，由得，A正确．8.根据都匀一中学生宿舍管理条例，严禁学生使用功率超过的电吹风，否则将对学生做出没收电吹风和记过处分的双重惩罚．如图所示是一次行动中没收的某大功率的电吹风的电路图,它主要由电动机和电热丝构成．当闭合开关、后，电动机驱动风叶旋转，将空气从进风口吸入，经电热丝加热，形成热风后从出风口吹出．已知电吹风的额定电压为,吹冷风时的功率为，吹热风时的功率为．关于该电吹风，下列说法正确的是（）A。电热丝的电阻为B。电动机线圈的电阻无法计算C.当电吹风吹热风时，电热丝每秒钟消耗的电能为D.当电吹风吹热风时,电动机每秒钟消耗的电能为【答案】B【解析】【分析】吹热风时，电热丝和电动机都工作，它们是并联的，电路的总功率等于它们功率之和，根据并联电路的特点即可求解电动机每秒钟消耗的电能．【详解】电机和电阻并联，当吹热风时，电阻消耗的功率为P=P热-P冷=1400-190W=1210W，根据，可得电热丝的电阻为：，故A错误；电机为非纯电阻电路，所以不能计算其电阻，故B正确；当电吹风吹热风时，电热丝每秒钟消耗的电能为Q=Pt=1210×1=1210J,故C错误;当电吹风吹热风时,电动机M和电热丝R并联,电动机的功率为190W，所以每秒钟消耗的电能Q=Pt=190×1=190J，故D错误．所以B正确，ACD错误．【点睛】本题考查了电吹风电路结构及电功率的计算问题；对于这类结合生活中的电器考查电路连接情况的题目，要结合串并联电路的电流流向特点进行分析．二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。每小题有多个选项符合题目要求。全部选对得4分，选对但不全的得2分,有选错的得0分。9.有三个电阻的阻值及额定电流分别为R1＝10Ω，I1＝1A，R2＝20Ω,I2＝2A，R3＝5Ω，I3＝2A.它们组成的电路如图中甲、乙、丙所示,下列关于各图的说法中正确的是（）A。图甲中电路两端允许加的最大电压为60VB。图乙中电路允许通过的最大电流为3.5AC.图丙中电路两端允许加的最大电压为17.5VD.图丙中电路允许通过的最大电流为2A【答案】BC【解析】【详解】A．对图甲分析：根据I1＝1A可知，最大电压Umax＝I1（R1＋R2＋R3）＝35V选项A错误．B．对图乙分析：先根据U＝IR计算出各元件的额定电压．U1＝10V，U2＝40V，U3＝10V．三个电阻最小的额定电压为10V，10V就是并联电路允许加的最大电压值，即Umax＝10V。电路允许通过的最大总电流Imax＝＋＋＝（＋＋）A＝3。5A选项B正确。CD．对图丙分析：在图甲和图乙的分析中,已经知道,R1、R2的额定电压分别是10V和40V，故并联部分允许承受的最大电压U′max＝10V，该部分的最大电流I′max＝＋＝A＝1.5A又知R3的额定电流I3＝2A，故整个电路允许通过的最大电流I″max＝I′max＝1电路两端允许加的最大电压Umax＝I″maxR3＋I″maxR并＝17。5V选项C正确，选项D错误.故选BC。10.小灯泡通电后其电流I随所加电压U变化的I—U图线如图所示，P为图线上一点，PN为图线的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线，下列说法中正确的是（

）A.随着所加电压的增大，小灯泡的电阻减小B.对应P点，小灯泡的电阻为C.对应P点，小灯泡的电阻为D。对应P点，小灯泡的功率为图中矩形PQOM所围“面积”【答案】BD【解析】【分析】小灯泡的伏安特性曲线上的各点与原点连线的斜率表示电阻，斜率增大，灯泡的电阻增大；任一状态灯泡的电阻，并依据U与I图象面积大小表示功率，从而即可求解。对于线性元件欧姆定律成立,对于非线性元件欧姆定律不成立。【详解】A．I-U图线中各点与原点连线的斜率表示电阻的倒数，由题可知斜率减小，说明随着所加电压的增大,小灯泡的电阻增大，故A错误；BC．根据电阻的定义可知，对应P点的电压为U1，电流为I2，则小灯泡的电阻为，而R不等于切线斜率，故B正确，C错误；D．根据功率表达式，则有小灯泡功率为图中矩形PQOM所围“面积”数值,故D正确；故选BD.11。有一灵敏电流计,其表头内阻Rg＝1000Ω，满偏电流Ig＝100μA，以下说法正确的是（）A.把它改成量程为1。5V的电压表，应串联一个14kΩ的电阻B。把它改成量程为1。0A的电流表，应并联一个1Ω的电阻C.把它改成量程为1。0A的电流表，测量某电流时读数为0。5A，此时流过表头的电流为50μAD.把它改成量程为1.5V的电压表，测量某电压时读数为1。5V,此时流过表头的电流为100μA【答案】ACD【解析】【详解】A．改装成电压表要串联电阻分压,串联阻值为故A项正确；B．改装成电流表要并联分流，并联阻值故B项错误；C．把它改成量程为1.0A的电流表,用它去测量某电流时，读数为0.5A，则指针正好是满偏的一半，即为50μA，故C项正确；D．把它改成量程为1.5V的电压表，测量某电压时读数为1.5V,说明此时电流表达到满偏，此时流过表头的电流为100μA,故D项正确。故选ACD.12.如图所示，平行板电容器两极板间带电质点P原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器的滑片向b端移动时,则(）A.电压表读数减小B。电流表读数减小C.质点P将向上运动D。上消耗的功率减小【答案】AD【解析】由图可知，R2与滑动变阻器R4串联后与R3并联后,再和R1串连接在电源两端;电容器与R3并联;当滑片向b移动时，滑动变阻器接入电阻减小,则电路中总电阻减小；由闭合电路欧姆定律可知，电路中电流增大；路端电压减小，同时R1两端的电压也增大；故并联部分的电压减小;由欧姆定律可知流过R3的电流减小，则流过并联部分的电流增大，故电流表示数增大；故B错误；因并联部分电压减小，而R2中的电流增大，电压增大,故电压表示数减小，故A正确；因电容器两端电压等于并联电路两端的电压,电压减小，故电荷受到的向上电场力减小，则重力大于电场力，合力向下，质点P向下运动，故C错误；因R3两端的电压减小，由，可知,R3上消耗的功率减小，故D正确．所以AD正确，BC错误．第Ⅱ卷（选择题，共52分）三、非选择题：本题共5小题，共52分。13。在“测定金属的电阻率”的实验中：①用螺旋测微器测量金属丝的直径,其示数如图1所示,则该金属丝直径的测量值__________;②按如图2所示的电路图测量金属丝的电阻（阻值约为)．实验中除开关、若干导线之外还提供下列器材：电压表（量程，内阻约);电流表（量程，内阻约）;电流表(量程，内阻约）;滑动变阻器(）；滑动变阻器()；电源(电动势为，内阻不计）．为了调节方便,测量准确,实验中电流表应选__________，滑动变阻器应选__________．(选填器材的名称符号)③请根据如图2所示电路图,用连线代替导线将图3中的实验器材连接起来,并使滑动变阻器的滑片置于端时接通电路后的电流最小________．④若通过测量可知,金属丝的长度为，直径为，通过金属丝的电流为，金属丝两端的电压为,由此可计算得出金属丝的电阻率__________．(用题目所给字母和通用数学符号表示）【答案】(1).①0.383(0。382—0.385）（2）.②A1(3)。R1（4）.③如图；（5).④【解析】①对螺旋测微器，以鼓轮边缘为准在固定刻度上读出整毫米数零,从可动刻度上读出毫米以下的小数：，测量长度为上述二者之和，需注意的是该螺旋测微仪精度为，读数需估读一位；②由于通过待测电阻的最大电流为，所以电流表应选择；

根据闭合电路欧姆定律可求出电路中需要的最大电阻应为：，则变阻器需要的最大电阻为，所以为调节方便，变阻器应选择；③滑动变阻器滑片置于端时电流最小，则此时滑动变阻器的阻值最大，接法如图．④根据欧姆定律应有，，联立可得．点睛：本题考查测量导体电阻率的实验,要注意正确分析题目中给出的物理量，从面确定出可用的仪表．14.(1）用如图所示的多用电表测量电阻，要用到选择开关K和两个部件S、T。请根据下列步骤完成电阻测量:（把部件符号填入空中）①旋动部件______，使指针对准电流的“0”刻线.②将K旋转到电阻挡“×100"的位置。③将插入“＋"“－"插孔的表笔短接，旋动部件______,使指针对准电阻的______刻线(选填“0刻线"或“∞刻线")．④将两表笔分别与待测电阻相接，发现指针偏转角度过小．为了得到比较准确的测量结果，请从下列选项中挑出合理的步骤，并按______的顺序进行操作，再完成读数测量。A．将K旋转到电阻挡“×1k”的位置B．将K旋转到电阻挡“×10”的位置C．将两表笔的金属部分分别与被测电阻的两根引线相接D．将两表笔短接，旋动合适部件,对电表进行校准（2)如图所示,为多用电表的表盘，测电阻时，若用的是“×100”挡,这时指针所示被测电阻的阻值应为________Ω;测直流电流时,用的是100mA的量程，指针所示电流值为________mA；测直流电压时,用的是50V量程，则指针所示的电压值为________V.【答案】(1）.S(2）。T(3).0刻线（4）.ADC(5).1700（6）.47(7).23.5【解析】【详解】（1）[1][2][3]机械调零应旋动S，使指针对准或.欧姆调零应旋动T，使指针对准电阻的“0刻线”.［4］指针偏转角度小，说明待测电阻大，所选倍率小,应改选更大的倍率,重新进行欧姆调零，所以应按ADC顺序操作.（2)［5］欧姆表读数等于刻度盘读数乘以倍率，即为［6]选用量程为50mA的电流挡，读数选取中间刻度第二排，读数为:23.5mA，故100mA的量程时的读数为:47mA。［7］选用量程为50V的电压挡,读数选取中间刻度第二排，读数为：23.5V。15。夏季某日午后，某地区距地面约1km的空中有两块乌云，相距3km，它们因与空气摩擦带电，致使两块乌云之间的电势差能保持约为3×109V不变．已知空气的电场击穿场强为3×106V/m．请对以下问题进行估算．（1）当两块乌云相距多少米时会发生电闪雷鸣？(2)当电闪雷鸣时,若两块乌云之间通过的电量为500C,可释放多少能量?(3)这次放电现象历时约0。01s，则其平均电流约为多大?【答案】（1)1000m(2）1。5×1012J(3）5×10【解析】（1)由E＝得d＝＝m＝1000m。（2）释放的能量E能＝qU＝500×3×109J＝1.5×1012J．（3）由电流定义得I＝＝A＝5×