浙江省慈溪市三山高级中学等六校2023年高一物理第二学期期中复习检测模拟试题含解析

浙江省慈溪市三山高级中学等六校2023年高一物理第二学期期中复习检测模拟试题注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2．答题时请按要求用笔。3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、假如一做圆周运动的人造地球卫星的轨道半径增大到原来的2倍，仍做圆周运动．则（）A．根据公式，可知卫星运动的线速度将增大到原来的2倍B．根据公式，可知卫星所受的向心力将减小到原来的1/2C．根据公式，可知地球提供的向心力将减小到原来的l/4D．根据公式T=2πr/V,可知卫星运动周期变为原来2倍2、如图，AB两点为奶茶塑封机手压杆上的两点，A在杆的顶端，O为杆转动的轴，且AB=BC=CO。杆在向下转动的过程中，下列说法正确的是（）A．A、B两点线速度大小之比为1:3 B．B、C两点周期大小之比为1:1C．A、B两点角速度大小之比为3:2 D．B、C两点向心加速度大小之比为1:23、如图所示，在光滑的漏斗内部一个水平面上，小球以角速度ω做半径为r的匀速圆周运动．则小球运动的加速度a的大小为()A．B．C．ωrD．rω24、下列说法正确的是（）A．合运动的速度方向就是物体实际运动的方向B．合运动的速度一定大于分运动的速度C．合运动的时间不一定跟分运动的时间相等D．合运动的加速度方向一定跟合运动的速度方向相同5、已知地球的质量约为火星质量的10倍，地球的半径约为火星半径的2倍，则航天器在火星表面附近绕火星做匀速圆周运动的速率约为（）A．3.5km/s B．5.0km/s C．17.7km/s D．35.2km/s6、如图所示，粗糙的A、B长方体木块叠放在一起，放在水平桌面上，B木块受到一个水平方向的牵引力，但仍然保持静止，则B木块受力个数为A．4 B．5 C．6 D．37、如图所示，A、B、C三个物体放在旋转圆台上，最大静摩擦因数均为，已知A的质量为，B、C的质量均为，A、B离轴的距离均为R，C离轴的距离为2R，则当圆台旋转时（）A．C的向心加速度最大B．B的摩擦力最小C．当圆台转速增加时，C比B先滑动D．当圆台转速增加时，B比A先滑动8、“蹦极”运动是一项冒险者的游戏。在很高的地方用弹性良好的一定长度的橡皮绳捆住人的双脚，橡皮绳的另一端固定，然后冒险者从高处跳下。绳松弛时弹性势能为0，不计空气阻力。则在人下落到最低点之前的过程中（）A．人的机械能守恒B．人的机械能先不变后减小C．绳弹性势能总小于人减少的重力势能D．弹性势能的最大值大于动能的最大值9、如图所示，滑块A和B叠放在固定的斜面体上，从静止开始以相同的加速度一起沿斜面加速下滑。已知B与斜面体之间光滑接触，则在AB下滑的过程中，下列说法正确的是()A．B对A的支持力不做功B．B对A的支持力做负功C．B对A的摩擦力做正功D．B对A的摩擦力做负功10、某人将1kg的物体由静止向上匀加速提起1m，这时物体的速度为2m/s（），则下列说法正确的是（）A．物体重力势能增加10J B．物体所受的合外力做功12JC．物体所受的合外力做功2J D．人对物体做功12J11、如图所示，小球从高处下落到竖直放置的轻弹簧上，那么小球从接触弹簧开始到将弹簧压缩到最短的过程中（弹簧保持竖直），下列关于能的叙述正确的是（）A．弹簧的弹性势能先增大后减小B．小球的动能先增大后减小C．小球的机械能守恒D．小球与弹簧所组成的系统机械能守恒12、关于静电场的以下说法中正确的是：（）A．沿电场线方向各点电势不可能相同；B．沿电场线方向电场强度一定是减小的；C．等势面上各点电场强度不可能相同；D．等势面上各点电场强度方向一定垂直于该等势面．二．填空题(每小题6分，共18分)13、如图甲所示是某同学探究做圆周运动的物体质量、向心力、轨道半径及线速度关系的实验装置，圆柱体放置在水平光滑圆盘上做匀速圆周运动力传感器测量向心力F，速度传感器测量圆柱体的线速度v，该同学通过保持圆柱体质量和运动半径不变，来探究向心力F与线速度v的关系：(1)该同学采用的实验方法为________。A．等效替代法B．控制变量法C．理想化模型法(2)改变线速度v，多次测量，该同学测出了五组F、v数据，如表所示：①作出图线如图乙所示；②若圆柱体运动半径，由作出的的图线可得圆柱体的质量________kg。结果保留两位有效数字14、某同学要测量一均勻新材料制成的圆柱形导体的电阻．步骤如下：(1)用游标卡尺和螺旋测微器测量其长度和直径如下图所示，由图可知其长度为______mm.直径为________mm；(2)用多用电表的电阻“×100”挡，按正确的操作步骤测其电阻，发现指针偏角过大，他应先将倍率调为___(填“×10”或“×1000”)，紧接着的操作步骤是_____________，正确操作后，表盘的示数如图，则该电阻的阻值约为_________Ω；(3)该同学想用伏安法更精确地测量其电阻R，现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻R；电流表A1(量程1mA，内阻约50Ω)；电流表A2(量程20mA，内阻约10Ω)；电压表V1(量程3V，内阻约10kΩ)；电压表V2(量程I5V，内阻约25kΩ)；直流电源E(电动势4V，内阻不计)；滑动变阻器R1(最大阻值15Ω，允许通过的最大电流2.0A)；滑动变阻器R2(最大阻值50kΩ，允许通过的最大电流0.5A)；开关S、导线若干为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，则电流表应该选择______，电压表应该选择______，滑动变阻器应该选择______；(4)该同学用伏安法测该电阻的实验误差主要来源于_______(填“电流”或“电压”)；表的读数与被测电阻的真实值不同，导致被测电阻R测_______R真(选填“>”“=”或“<”)，该误差属于_______(选填“系统”“偶然”)误差．15、某同学用如图所示的实验装置验证机械能守恒定律．(1)供实验选择的重物有以下三个，应选择_____________．A．质量为100g的木球B．质量为100g的铁球C．质量为100g的塑料球(1)某同学按照正确操作得到纸带如图所示，其中O是起始点，M、N、P为从合适位置开始选取的连续点中的三个点，打点周期T=0.01s，该同学用毫米刻度尺测量O到M、N、P各点的距离，并记录在图中，重物的质量为m=0.1kg，重力加速度g=9.80m/s1．根据图上所得的数据，取图中O点到N点来验证机械能守恒定律，则重物重力势能的减少量为ΔEp=______________J，其动能的增加量为ΔEk=_____________J(结果均保留三位有效数字)．(3)若测出纸带上所有各点到O点之间的距离，根据纸带算出各点的速度v及重物下落的高度x，则以v1为纵轴、x为横轴，画出的图象是下图中的_____________．三．计算题(22分)16、（12分）如图所示，一轻质细绳与小球相连，一起在竖直平面内做圆周运动，小球质量m=0.5kg，球心到转轴的距离l=50cm．（取g=10m/s2，不计空气阻力）（1）若小球在最高点不掉下来，求其在最高点的最小速率；（2）若小球在最高点的速率v=3m/s，求绳子的拉力．17、（10分）某双星系统中两个星体A、B的质量都是m，且A、B相距L，它们正围绕两者连线上的某一点做匀速圆周运动．实际观测该系统的周期T要小于按照力学理论计算出的周期理论值T0，且k(），于是有人猜测这可能是受到了一颗未发现的星体C的影响，并认为C位于双星A、B的连线中点．求：(1)两个星体A、B组成的双星系统周期理论值；(2)星体C的质量．

参考答案一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、C【解析】

A、人造地球卫星的轨道半径增大到原来2倍时，角速度减小，根据公式v=ωr，则卫星运动的线速度将小于原来的2倍，故A错误；B、根据公式，知轨道半径增大为原来的2倍，由于线速度变化，向心力不是减小为原来的，故B错误；C、根据公式，因为万有引力提供向心力，可知球提供的向心力将减小到原来的倍，故C正确；D、根据公式，由于半径增大原来的2倍，但是线速度要减小，故周期增大的倍数比2倍大，故D错误．2、B【解析】

AC．因为AB两点是同轴转动，所以A、B两点的角速度是相等的；由v=rω，可知线速度之比等于半径之比，故A、B两点线速度大小之比为3：2，故AC错误；BD．因为BC两点是同轴转动，所以B、C两点的角速度是相等的，周期相等，向心加速度，B、C两点向心加速度大小之比为2：1，故B正确D错误。故选B。3、D【解析】小球做匀速圆周运动，转动的半径为r，角速度为ω，故向心加速度为an＝ω2r．故选D.【点睛】本题关键是明确小球的运动性质，然后结合向心加速度的公式求解．4、A【解析】A、合运动的速度方向就是物体实际运动的方向，故A正确；B、速度是矢量,速度的合成与分解也遵从平行四边形定则,合运动的速度可以大于,也可以小于,也可以等于分运动的速度，故B错误；

C、合运动与分运动具有等时性,合运动的时间等于分运动的时间,且分运动的时间也相等，故C错误；

D、合运动的加速度方向跟合运动的速度方向可能相同，可能相反，可能不共线，故D错误；故选A．【点睛】位移、速度、加速度都是矢量,合成分解遵循平行四边形定则.合运动与分运动具有等时性．5、A【解析】试题分析：设航天器的质量为m，地球的质量为M1，半径为R1，火星的质量为M2，半径为R2，航天器在它们表面附近绕它们运动的速率分别为v1、v′1，其向心力由它们对航天器的万有引力提供，根据牛顿第二定律和万有引力定律有：，＝，解得：＝＝，在地球表面附近做圆周运动的速度为第一宇宙速度，即：v1＝7.9km/s，解得航天器在火星表面附近绕火星做匀速圆周运动的速率约为：v′1＝v1＝3.5km/s，故选项A正确．考点：本题主要考查了牛顿第二定律、万有引力定律的应用和第一宇宙速度的识记问题，属于中档题．6、B【解析】

先以A为研究对象受力分析，处于静止即平衡状态，根据平衡条件所受合力为零，则A水平方向不受摩擦力，否则合力将不为零，即AB之间没有摩擦力；与物体B发生相互作用的有地球、水平桌面及A物体，则B物体受重力、桌面的支持力、A对B的压力及水平力F，因在拉力作用下，物体B相对于地面有相对运动的趋势，所以B受地面对物体B的摩擦力，故B受五个力，故B正确，A、C、D错误；故选B．7、ABC【解析】

AB．三个物体都做匀速圆周运动，合力指向圆心，对任意一个受力分析，如图

支持力与重力平衡，F合=f=F向；由于a、b、c三个物体共轴转动，角速度ω相等，根据题意，rc=2ra=2rb=2R；根据a=ω2r可知C的向心加速度最大；由向心力公式F向=mω2r，得三物体的向心力分别为Fa=2mω2RFb=mω2RFc=mω2（2R）=2mω2R故A、B正确；C．对任意一物体，由于摩擦力提供向心力，有μmg=mω2r；当ω变大时，所需要的向心力也变大，当达到最大静摩擦力时，物体开始滑动，当转速增加时，B、C所需向心力都增加，但是C增加的较大，但因BC的最大静摩擦力相等，C比B先滑动．故C正确；D．当转速增加时，A、B所需向心力也都增加，且保持2：1关系，但因A、B最大静摩擦力也满足2：1关系，因此A、B会同时滑动，故D错误．故选ABC.点睛：本题可从三个物体中选择任意一个物体，建立物理模型后分析比较，而不需要对三个物体分别分析；要知道当向心力大于最大静摩擦力时，物体就做离心运动，产生滑动．8、BCD【解析】A、由于弹性绳先不做功后对人做负功，所以人的机械能先不变后减小，故A错B正确；C、在落到最低点之前，由于人有动能，根据能量守恒可知：减少的重力势能转化为增加的弹性势能和人的动能，所以弹性势能总小于人减少的重力势能，故C正确；D、当加速度等于零时，速度有最大值，此时还没有运动到最低点，在继续向下运动的过程中，弹性势能继续增大，而动能减小，所以弹性势能的最大值大于动能的最大值，故D正确；故选BCD9、BC【解析】

A、B对A的支持力竖直向上，A和B一起沿着斜面下滑的，所以B对A的支持力与运动方向之间的夹角大于90°，所以B对A的支持力做负功，所以A错误；

B、B对A的摩擦力是沿着水平面向左的，与运动方向之间的夹角小于90°，所以B对A的摩擦力做正功，故B正确；C、B对A的作用力包括B对A的支持力和摩擦力的作用，它们的合力的方向垂直斜面向上，所以B对A的作用力不做功，故CD错误。10、ACD【解析】

A．物体上升过程中重力势能增加选项A正确；BC．由动能定理知，物体合力做的功等于动能变化，故合外力做的功为选项C正确，B错误；D．物体克服重力做功等于重力势能的增加，则有所以人对物体做功选项D正确。故选ACD。11、BD【解析】

小球在下落过程中弹簧被压缩，压缩量不断增大，故弹簧的弹性势能不断增大，故A错误；小球和弹簧接触过程中，开始阶段，弹簧的弹力小于重力，后来弹力大于重力，小球的合力先向下后向上，小球先加速后减速，则小球的动能先增大后减小，故B正确；由于弹簧的弹力对小球做负功，故小球的机械能减少，故C错误；小球与弹簧所组成的系统只有重力和弹簧的弹力做功，则机械能守恒，选项D正确；故选BD．【点睛】弹簧问题往往是动态变化的，分析这类问题时用动态变化的观点进行，抓住弹力的可变性分析小球的运动情况．同时注意过程中能量转化情况．12、AD【解析】

A．沿电场线的方向电势逐渐降低，所以沿电场线的方向各点电势不可能相同，A正确；B．电场线的方向不能反映电场线的疏密，所以沿电场线方向电场强度不一定是减小，也可能增大或不变，B错误；C．电场强度与电势是描述电场的两个不同方面性质的物理量．在匀强电场中，各等势面上电场强度都是相等的，C错误；D．电场线与等势面一定是相互垂直的，这是它们的特点之一，D正确．故选AD。二．填空题(每小题6分，共18分)13、B（0.17-0.19均可）【解析】

(1)[1]．实验中研究向心力和速度的关系，保持圆柱体质量和运动半径不变，采用的实验方法是控制变量法，故选B；(2)②[2]．根据知，图线的斜率则有代入数据解得14、50.154.700(±0.002)×10将红黑表笔短接，重新进行欧姆调零220A2V1R1电流<系统【解析】（1）长度为:5cm+0.05mm×3=50.15mm；直径为：4.5mm+0.01mm×20.0=4.700mm；（2）用多用电表的电阻“×100”挡，按正确的操作步骤测其电阻，发现指针偏角过大，说明倍率档选择的过大，则他应先将倍率调为“×10”，紧接着的操作步骤是将红黑表笔短接，重新进行欧姆调零，该电阻的阻值约为22×10Ω=220Ω；（3）直流电源电动势