安徽省涡阳县第一中学2022-2023学年物理高一下期中监测模拟试题含解析

安徽省涡阳县第一中学2022-2023学年物理高一下期中监测模拟试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、美国宇航局宣布，他们发现了太阳系外第一颗类似地球的、可适合居住的行星——“开普勒—22b”，其直径约为地球的2.4倍．至今其确切质量和表面成分仍不清楚，假设该行星的密度和地球相当，根据以上信息，估算该行星的第一宇宙速度等于（）A． B．C． D．2、如图所示，人在岸上拉船，已知船的质量为m，水的阻力恒为f，当轻绳与水平面的夹角为θ时，船的速度为v，此时人的拉力大小为F，则（）A．人拉绳行走的速度为vsinθB．人拉绳行走的速度为C．船的加速度为D．船的加速度为3、如图所示，在匀速转动的圆盘上有一个与转盘相对静止的物体，物体相对于转盘的运动趋势是A．沿切线方向 B．沿半径指向圆心C．沿半径背离圆心 D．没有运动趋势4、如图所示，用平抛竖落仪做演示实验，a小球做平抛运动的同时b小球做自由落体运动，观察到的实验现象是（）A．两小球同时到达地面B．a小球先到达地面C．b小球先到达地面D．a小球初速度越大在空中运动时间越长5、下列不是用比值法定义的物理量的是（）A．用E=定义电场强度B．用C=定义电容器的电容C．用定义电容器的电容D．用I=定义电流强度6、如图所示，初速为零的电子经电压U1加速后，垂直进入偏转电场偏转，离开偏转电场时侧向位移是y，偏转板间距离为d，偏转电压为U2，板长为L．为了提高偏转灵敏度（每单位偏转电压引起的侧向位移即y/U2），可采用下面哪些办法A．增大偏转电压U2B．增大板长LC．减小板间距离dD．增大加速电压U17、做匀速圆周运动的物体，关于向心力的说法中正确的是（）A．向心力总是沿半径指向圆心，且大小不变B．向心力是根据力的作用效果命名的C．向心力可以是重力、弹力、摩擦力等各种力的合力，也可以是其中某个力的分力D．向心力本质上是拉力8、下列说法正确的是（）A．某公路急转弯路面外侧高、内侧低，当汽车行驶的速率为v0时，汽车恰好没有向公路内外两侧滑动的趋势。车速只要低于v0，车辆便会向内侧滑动B．已知万有引力常量G、月球绕地球运动的周期T及月球到地球中心的距离R，可以算出地球的质量MC．在空间站工作的宇航员可以自由悬浮在空中，处于失重状态，这时宇航员不受力的作用D．洗衣机的脱水筒是利用离心运动把湿衣服甩干的9、绕地球做匀速圆周运动的卫星，离地面越近的卫星其（）A．线速度越大B．角速度越小C．周期越小D．加速度越小10、质量为2kg的物体置于水平面上，在运动方向上受拉力作用沿水平方向做匀变速直线运动，拉力作用2s后撤去，物体运动的速度图象如图所示，则下列说法中正确的是（）A．拉力F做功150JB．拉力F做功500JC．物体克服摩擦力做功100JD．物体克服摩擦力做功175J二、实验题11、（4分）如图所示，沿水平方向喷出的细水流的数码相片，照片中刻度尺的最小分度是1mm。当地的重力加速度为10m/s2。试根据该照片研究：(1)水流离开喷嘴时的速度大小为_____m/s。(2)水高开喷嘴，运动到（6.00cm，9.00cm）位置时，水流速度跟水平方向夹角的正切为_____。12、（10分）在“利用单摆测重力加速度”的实验中：（1）测得摆线长l0，小球直径D，小球完成n次全振动的时间为t，则实验测得的重力加速度的表达式g=___（2）实验中如果重力加速度的测量值偏大，其可能的原因是（_____）A．把摆线的长度l0当成了摆长B．摆线上端未牢固地固定于O点，振动中出现松动，使摆线变长C．测量周期时，误将摆球（n-l）次全振动的时间t记成了n次全振动的时间D．摆球的质量过大（3）如图所示，停表读数为___s．（4）同学因为粗心忘记测量摆球直径，实验中将悬点到小球下端的距离作为摆长l，测得多组周期T和l的数据，作出图象，如图所示．则该小球的直径是___cm(保留一位小数)；实验测得当地重力加速度大小是___m/s2(取三位有效数字)．三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、（9分）如图所示，传送带以一定速度沿水平方向匀速运动，将质量m=1.0kg的小物块轻轻放在传送带上的P点，物块运动到A点后被水平抛出，小物块恰好无碰撞地沿圆弧切线从B点进入竖直光滑圆弧轨道下滑．B、C为圆弧的两端点，其连线水平，轨道最低点为O，已知到达O点的速度大小为m/s；已知圆弧对应圆心角θ=106°，圆弧半径R=1.0m，A点距水平面的高度h=0.8m，第一次到C点的速度大小和B点的速度大小相等．小物块离开C点后恰好能无碰撞地沿固定斜面向上滑动，经过0.8s小物块第二次经过D点，已知小物块与斜面间的动摩擦因数．(取sin53°=0.8，g=10m/s2)求：(1)小物块离开A点时的水平速度大小和B点的速度大小；(2)小物块经过O点时，轨道对它的支持力大小；(3)斜面上C、D间的距离．14、（14分）某中子星的质量大约与太阳的质量相等，为,但是它的半径才不过10km，(已知引力常量为,)求:(1)此中子星表面的自由落体加速度.(2)此中子星的第一宇宙速度.15、（13分）某同学在高处以初速度v0=2m/s水平抛出10kg的物体，g=10m/s2求（1）0.2s时重力的瞬时功率（2）0.2s内重力的平均功率（3）0.2s时物体的动能

参考答案一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、D【解析】

第一宇宙速度是行星表面的运行速度，根据万有引力提供向心力得：解得：而星球质量为：解得：该行星的密度和地球相当，其直径约为地球的2.4倍．所以该行星的第一宇宙速度是地球的第一宇宙速度的2.4倍.所以该行星的第一宇宙速度等于.A.与计算结果不相符；故A项不合题意.B.与计算结果不相符；故B项不合题意.C.与计算结果不相符；故C项不合题意.D.与计算结果相符；故D项符合题意.2、D【解析】

AB．人和船沿绳子方向的速度相等，因此AB错误；CD．将绳子拉力分解到水平和竖直两个方向，根据牛顿第二定律因此船的加速度C错误，D正确。故选D。3、C【解析】

物体在圆盘上做圆周运动，相对于转盘的运动趋势是沿半径背离圆心，B对；4、A【解析】解：平抛运动在竖直方向上的运动规律为自由落体运动，可知两球同时落地，故B、C错误，A正确；平抛运动的时间由高度决定，与初速度无关，故D错误．故选A．【点评】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，知道平抛运动的时间由高度决定．5、C【解析】解:A、是电场强度的定义式,采用比值定义法,定义出的电场强度E与F、q无关.故A不符合题意.

B、电容是电容器容纳电荷的本领,与所带的电量、以及极板之间的电势差无关,所以是比值定义法,故B不符合题意.

C、是电容的决定式,C与ɛ、S成正比,与d成反比,这个公式不是比值定义法,故C符合题意.

D、电流强度与流过截面的电量和时间无无直接关系,所以属于比值定义法,故D不符合6、BC【解析】粒子经电场加速后，根据动能定理有：得电子加速后的速度粒子进入偏转电场做类平抛运动：水平方向：L=vt可得粒子运动时间竖直方向：所以要增加侧向位移y，可以增大偏转电压U2，增加板长L，或减小极板距离d，或减小加速电压U1故BC正确．点晴：粒子经电场加速后根据动能定理可以求出加速后的表达式，粒子进入偏转电场做类平抛运动，根据类平抛知识求解粒子偏转的侧向位移，由此分析即可．7、ABC【解析】

A、物体做匀速圆周运动需要的向心力，总是沿半径指向圆心，且大小不变。故A正确。BCD、做匀速圆周运动的物体向心力是以效果命名的。它可以是几个力的合力也可以是某个力的分力，故BC正确，D错误。8、BD【解析】

A．转弯路面外高内低，此时重力和支持力的合力指向内侧，可以提供圆周运动向心力。若车速低于v0，所需的向心力减小，此时摩擦力可以指向外侧，减小提供的向心力，车辆不会向内侧滑动，A错误；B．已知万有引力常量G、月球绕地球运动的周期T及月球到地球中心的距离R，根据万有引力提供向心力有解得地球的质量B正确；C．在空间站工作的宇航员可以自由悬浮在空中，处于失重状态，但这时宇航员仍受重力的作用，C错误；D．洗衣机的脱水筒是利用离心运动把湿衣服甩干的，D正确。故选BD。9、AC【解析】根据万有引力提供向心力，GMmr2=ma=mv2r=mrω点睛：解决本题的关键利用万有引力提供向心力这一知识点，即GMm10、AD【解析】

速度图象的斜率等于物体的加速度，则前2秒的加速度2～6秒的加速度大小对于两段运动过程，由牛顿第二定律得：F+Ff=ma1；Ff=ma2解得F=10N，Ff=-5N负号表示与选定的正方向相反前2秒位移x1=×（5+10）×2m=15m2秒～6秒位移x2=×（10+0）×4m=20m拉力做功为WF=Fx1=150J整个过程中摩擦力做功为Wf=-Ff（x1+x2）=-175J克服摩擦力做功175J故选AD。二、实验题11、3【解析】

(1)[1]取一水柱微元，做平抛运动，取图中三点如图细水在竖直方向做自由落体运动，根据可知解得水平方向做匀速直线运动(2)[2]平抛运动末速度的反向延长线必过水平位移中点，所以12、C99.8s1.29.86【解析】

（1）［1］单摆的周期，摆长，根据可得重力加速度的表达式g＝（2）［2］A.若把摆线的长度当成了摆长，计算时摆长将变短，根据重力加速度的表达式知，重力加速度的测量值将偏小；故A错误；B.摆线上端未牢固地固定于O点，振动中出现松动，使摆长变大，则单摆的周期变大，而计算时仍采用原摆长l，由g=知，则重力加速度的测量值将偏小，故B错误；C.测量周期时，误将摆球（n-1）次全振动的时间t记成了n次全振动的时间，则算得的周期变小，重力加速度的测量值将偏大；故C正确D.摆球的质量过大不影响单摆的周期，则算得的重力加速度不受影响；故D错误．（3）［3］停表的长针是秒针，转一周是30s．因为机械表采用的齿轮传动，指针不可能停留在两小格之间，所以不能估读出比0.1s更短的时间，位于表上部中间的小圆圈里面的短针是分针，表针走一周是15min，每一小格为0.5min．由图知，短针读数为1.5min，长针读数为9.8s，所以停表的读数为99.8s．（4）［4］由单摆的周期T=2可知l=+根据图象与纵轴的截距知=0.6cm，则该小球的直径D=1.2cm．［5］图象的斜率k=，实验测得当地重力加速度大小g=42k=42m/s2=9.86m/s2三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、（1），（2）（3）【解析】

小物块离开A点后做平抛运动,根据经过B点的速度方向与竖直下落高度,求A点水平初速度的大小；根据牛顿第二定律求解轨道对小物块的支持力；根据牛顿第二定律求出物块在斜面上运动的加速度,由运动学公式求解C、D间的距离．解：(1)对于小物块，由A到B做平抛运动，在B点竖直方向上有①在B点时有②由①②解得小物体在B点的速度为(2)由B点到O点动能定理在O点由牛顿第二定律得解得(3