2023年福建省闽侯第一中学物理高二第二学期期中经典试题含解析

2023年福建省闽侯第一中学物理高二第二学期期中经典试题注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2．答题时请按要求用笔。3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、关于机械振动和机械波的关系，下列说法正确的是A．有机械波必有机械振动B．有机械振动必有机械波C．介质中质点的振动速度与波的速度相同D．波源停止振动时，介质中的波立即消失2、假设我国发射的探月卫星“嫦娥一号”的绕月飞行轨道和载人飞船“神舟七号”的绕地运动轨道都可以看成圆轨道，且不计卫星到月球表面的距离和飞船到地球表面的距离，已知月球质量约为地球质量的，月球半径约为地球半径的四分之一，地球上的第一宇宙速度约为7.9km/s，卫星和飞船的轨道半径分别为和，周期分别为和，且，，则下列说法或结果正确的是（）A．神舟七号绕地运行的速率大于7.9km/sB．嫦娥一号绕月运行的速率为3.95km/sC．D．3、下列说法正确的是A．光子的能量由光的频率所决定B．结合能越大的原子核越稳定C．氡的半衰期为3.8天，若取4个氡原子核，经7.6天后就一定剩下1个原子核了D．按照玻尔理论，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子动能减小，电势能增大，原子的总能量减小4、下列与α粒子相关的说法中正确的是（）A．高速α粒子轰击氮核可从氮核中打出中子，核反应方程为He＋N→O＋nB．天然放射现象中产生的α射线速度与光速相当，穿透能力很强C．U（铀238）核放出一个α粒子后就变为Th（钍234）核D．丹麦物理学家玻尔进行了α粒子散射实验并首先提出了原子的核式结构模型5、如图甲所示，一个有固定转动轴的竖直圆盘转动时，固定在圆盘上的小圆柱带动一个形支架在竖直方向振动，形支架的下面系着一个由弹簧和小球组成的振动系统．圆盘静止时，让小球做简谐运动，其振动图像如图乙所示．圆盘匀速转动时，小球做受迫振动．小球振动稳定时．下列说法正确的是（）A．小球振动的固有频率是B．小球做受迫振动时周期一定是C．圆盘转动周期在附近时，小球振幅显著增大D．圆盘转动周期在附近时，小球振幅显著减小6、如图所示，甲分子固定在坐标原点O，乙分子位于x轴上.两分子之间的相互作用力的合力F与两分子间距离x的关系如图中曲线所示，F>0表现为斥力，F<0表现为引力，a、b、c、d为x轴上四个特定的位置.现把乙分子从a处由静止释放，则（）A．乙分子从a到b做加速运动，由b到c做减速运动B．乙分子从a到c做加速运动，经过c点时速度最小C．乙分子从a到c的过程中，两分子组成的系统的分子势能一直减少D．乙分子从a到d的过程中，两分子组成的系统的分子势能一直减少二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、下列对于运动的描述中正确的有（）A．点火后即将上升的火箭，因火箭还没有运动，所以加速度一定为零B．汽车匀速率通过一座拱桥，因为汽车做的是曲线运动，所以加速度不为零C．曲线运动中物体的位移大小可能等于路程D．在某一段时间内物体运动的路程为零，则该物体一定是静止的8、三个阻值都为6Ω的电阻，若它们任意组合连接，则总电阻可能为（）A．2Ω B．6Ω C．8Ω D．9Ω9、下列说法正确的是A．饱和汽压与温度和体积都有关B．绝对湿度的单位是Pa，相对湿度没有单位C．空气相对湿度越大时，空气中水蒸气压强越接近饱和汽压，水蒸发越快D．饱和汽和液体之间的动态平衡，是指汽化和液化同时进行的过程，且进行的速率相等10、如图所示，在一固定的条形磁铁上方有一铁圈，让铁圈由静止自由落下，若下落过程中铁圈始终水平.不及空气阻力.关于铁圈下落过程下列说法正确的是（）A．铁圈下落到磁铁中间位置时，加速度等于重力加速度B．铁圈的加速度始终大于重力加速度C．整个下落过程中，铁圈中的电流方向始终不变D．若把铁圈换成塑料圈，下落相同高度所需的时间变短三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）如图所示，用双缝干涉仪测红光的波长，选用间距d=0.2mm的双缝，测得像屏与双缝间的距离L=0.700m，相邻明条纹中心间距，根据=________（用d、L、表示），可求得所测红光波长为________m。12．（12分）利用斜槽轨道做“验证动量守恒定律”的实验，实验中小球运动轨迹及落点的情况简图如图所示。(1)除了图中的器材和刻度尺外还需要_________。A．秒表B．天平C．弹簧秤(2)下列关于实验的一些要求必要的是______。A．两个小球的质量应满足<<B．实验中重复多次，让球从斜槽上释放，应特别注意让a球从同一位置由静止释放C．斜槽轨道的末端必须调整水平D．需要测出轨道末端到水平地面的高度(3)若该碰撞过程中动量守恒，则一定有关系式___________成立。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）图中所示为吉利汽车参与赞助的超音速汽车，2018年其最高时速突破1000英里每小时，因为过于昂贵，该项目已经取消，该成绩很有可能成为地面最快速度永久性记录。该车搭载了一台欧洲“台风”战斗机专用的引擎以及一台火箭喷射发动机。由静止启动到140m/s用时14s，此阶段使用战斗机引擎在驱动，而车速一旦超过140m/s，车手就会启动火箭喷射发动机，再耗时25s可达到440m/s的极速，已知车重6.4吨，摩擦力和空气阻力之和为车重的0.2倍，将汽车加速和减速的过程简化为匀变速直线运动，求：（1）车辆在0～14s加速度a1，14～39s加速度a2；（2）加速阶段经过的位移大小；（3）战斗机引擎驱动力F1大小以及火箭喷射发动机驱动力大小F2。14．（16分）如图所示，在光滑水平高台AB上，一质量不计的水平弹簧左端固定，右端与一质量m=1kg物块靠在一起；倾角θ=37°、长度L=4m的斜面CD固定在光滑水平地面上，其底端D与地面平滑连接；物块在地面上的PQ段运动时会受到大小F=4N、方向水平向左的恒力作用。现用物块压缩弹簧使其具有Ep=5.12J的弹性势能，然后将物块由静止释放，物块从高台的B端飞出后恰好能到达斜面顶端C，且物块在C点的速度方向沿斜面向下。已知物块在地面上运动时不会越过Q点，不计空气阻力，物块可视为质点，重力加速度g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8。（1）求小物块从高台的B端飞出时的速度大小；（2）求高台B端和斜面顶端C的水平距离；（3）若斜面光滑，求PQ段的最短长度；（4）若小物块与斜面间的动摩擦因数μ满足0＜μ≤1.5，试分析讨论小物块第一次通过C点后可能的运动情况。15．（12分）单板滑雪起源于20世纪60年代美国，由于其速度快而深受滑雪爱好者喜爱。滑雪者通过控制滑雪板挤压雪内的空气，在滑雪板与雪地间形成一个暂时的“气垫”，从而大大减小雪地对滑雪板的摩擦。然而当滑雪板对雪地速度较小时，与雪地接触时间超过某一值就会陷下去，使得它们间的摩擦力增大。假设滑雪者的速度超过4m/s时，滑雪板与雪地间的动摩擦因数就会由=0.25变为=0.125.一滑雪者从倾角为=37°的坡顶A由静止开始自由下滑，滑至坡底B（B处为一光滑小圆弧）后又滑上一段足够长水平雪地直至停止（全程无动力自由滑行），如图所示。不计空气阻力，坡长l=26m，滑雪者和滑板总质量m=50kg。求：(1)滑雪者在斜坡AB上不同加速度的位移比值：(2)滑雪者在水平面BC上不同加速度所用时间的比值；(3)滑雪者从A滑到C的过程克服摩擦力所做的功。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】

AB．机械振动在介质中传播才形成机械波，所以有机械波必有机械振动，而有机械振动若没介质不会形成机械波，故A正确，B错误；C．波的传播速度与介质有关，而质点的振动速度与波的传播速度无关，故C错误；D．振源停止振动时，波在介质中的传播并不停止，故D错误。故选A。2、C【解析】

A.地球上的第一宇宙速度为地球表面的环绕速度，根据公式可得，而神舟七号的轨道半径大于地球半径，故神舟七号的环绕速度小于7.9km/s，A错误；B.嫦娥一号绕月运行的速率为故B错误；CD.根据公式可得故，代入，可得，C正确D错误；3、A【解析】

根据光子能量计算公式E=hυ可知其能量由光子频率决定，故A正确；比结合能越大的原子核越稳定，故B错误；半衰期是大量原子衰变时所表现出的统计规律，对少量原子核没有意义，故C错误；按玻尔理论，氢原子吸收光子向高能级跃时，半径增大，电子运动的动能减小，系统势能增加，总能量增加，故D错误；故选A4、C【解析】

A．高速α粒子轰击氮核可从氮核中打出质子，不是中子，核反应方程为：He＋N→O＋H故A错误；B．天然放射性现象中产生的α射线速度只有光速的十分之一，贯穿能力很弱，故B错误；C．根据α衰变的特点与规律可知，U（铀238）核放出一个α粒子后就变为Th（钍234）核，故C正确；D．卢瑟福进行了α粒子散射实验并首先提出了原子的核式结构模型，故D错误。故选C。5、C【解析】

A．小球振动的固有周期，则其固有频率为，A错误；B．小球做受迫振动时周期等于驱动力的周期，即等于圆盘转动周期，不一定等于固有周期，B错误；CD．圆盘转动周期在附近时，驱动力周期等于振动系统的固有周期，小球产生共振现象，振幅显著增大，C正确D错误。故选C。6、C【解析】

AB.从a到c分子间始终表现为引力，加速度始终方向不变，乙分子一直加速，到c位置加速度为0，速度达到最大，AB错误CD.乙分子从a到c的过程中，分子引力始终与运动方向一致，做正功，分子势能一直减小，从c到d，分子间斥力与运动方向相反，斥力做负功，分子势能增大，所以C正确，D错误二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】点火的瞬间，火箭获得向上的推力后立即获得加速度，而速度仍为零，故A错误；曲线运动的物体受到的合力与速度不在同一直线上，所以加速度一定不为零，故B正确；做曲线运动时，位移大小小于路程，当单向直线运动时，则位移大小才等于路程，故C错误；在某一段时间内物体运动的路程为零，则该物体一定是静止的，故D正确．所以BD正确，AC错误．8、AD【解析】

三个相同电阻可以有四种连接方式：三个电阻串联、三个电阻并联、两个电阻串联后与第三个电阻并联，两个电阻并联后与第三个电阻串联，分析求出阻值。【详解】当三个电阻串联时，获得的总阻值为R总1=3R=3×6Ω=18Ω；当三个电阻并联时，获得的总阻值为；当两个电阻串联后与第三个电阻并联，获得的总阻值为；当两个电阻并联后与第三个电阻串联，获得的总阻值为，故AD正确，BC错误。【点睛】本题考查串并联电路中电阻的计算，对于电阻的连接方式考虑要全面，不能遗漏。注意串并联电路中电阻的计算方法。9、BD【解析】

A项：饱和汽压与温度无关，与体积无关，故A错误；B项：绝对湿度指大气中水蒸汽的实际压强，空气的绝对湿度用空气中所含水蒸汽的压强表示，单位为，而空气的相对湿度是空气中水蒸气的绝对湿度与同温度水的饱和汽压的比值，所以空气的相对湿度没有单位，故B正确；C项：空气相对湿度越大时，空气中水蒸气压强越接近饱和汽压，水蒸发越慢，故C错误；D项：当气体汽化和液化同时进行的过程中进行的速率相等时，饱和汽和液体之间达到动态平衡，故D正确．10、AD【解析】由楞次定律可知，感应电流总是阻碍磁铁间的相对运动，在铁圈靠近磁铁的过程中为阻碍铁圈的靠近，线圈对磁铁的作用力竖直向上，在线圈穿过磁铁远离的过程中，为阻碍铁圈的远离，磁铁对线圈的作用力竖直向上，则在整个过程中，磁铁对线圈的作用力始终竖直向上，加速度小于或等于g，当铁圈下落到磁铁中间位置时，加速度等于重力加速度．故A正确，B错误；由图示可知，在铁圈下落过程中，穿过铁圈的磁场方向向上，在铁圈靠近磁铁时，穿过铁圈的磁通量变大，在铁圈远离磁铁时穿过铁圈的磁通量减小，由楞次定律可知，从上向下看，铁圈中的感应电流先沿顺时针方向，后沿逆时针方向，故C错误；若把铁圈换成塑料圈，塑料圈中没有电流，那么不会受到磁铁的阻碍，下落相同高度所需的时间会变短．故D正确．故选AD．点睛：本题考查了楞次定律的应用，正确理解楞次定律阻碍的含义是正确解题的关键，注意铁圈与塑料圈的不同．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、6.6×10-7【解析】

[1]．根据解得[2]．带入数据12、BBC【解析】

(1)[1]开始时不放置小球，小球以初速度平抛，落在点；放置小球后，小球从相同的高度从静止释放，碰撞后，小球以初速度平抛落在，小球以初速度平抛落在点，根据动量守恒定律有小球从斜槽末端平抛至落地，竖直方向做自由落体运动，根据可知落地时间均为所以平抛运动水平方向做匀速直线运动，则验证动量守恒的方程为所以除了图中的器材和刻度尺外还需要天平测量小球的质量，AC错误，B正确。故选B。(2)[2]A．为了防止小球碰后反向运动，需要满足，A错误；B．为确保小球每次碰撞前速度保持相同，所以需要让a球从同一位置由静止释放，B正确；C．小球离开斜槽后做平抛运动，所以斜槽轨道的末端必须调整水平，C正确；D．根据(1)中实验原理可知不需要测出轨道末端到水平地面的高度，D错误。故选BC。(3)[3]若该碰撞过程中动量守恒，则一定有关系式四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）10m/s2；12m/s2；（2）8230m；（3）7.68×104N；1.68×104N【解析】

（1）由加速度的公式得在0～14s加速度：a110m/s214～39s加速度a2=12m/s2（2）由位移公式得在0～14s内发生的位移x1980m根据公式v2﹣v02＝2a2x2得14～39s内发生的位移x2＝7250m总位移x＝x1+x2＝8230m（3）在0～14s内由牛顿第二定律得：F1﹣kmg＝ma1解得：F1＝7.68×104N14～39s内由牛顿第二定律得：F1+F2﹣kmg＝ma2，解得：F2＝1.68×104N14、（1）vB=3.2m/s；（2）xBD=0.768m；（3）L0=8m（4）当0＜μ＜0.125时，小物块往返一次后，从C点飞出后做抛体运动落到地面上；当0.125≤μ＜0.75时，小物块往返多次后，最终停在D点或P点；当0.75≤μ＜1时，小物块往返一次后，停在斜面上某处；当1≤μ≤1.5时，小物块第一次沿斜面下滑时，停在斜面上某处【解析】试题分析：从物块被释放到从B端飞出，由机械能守恒定律即可求出速度；物块从B点飞到C点做平抛运动，由平抛运动规律即可解题；从C点到Q点，由动能定理和速度的分解即可求出PQ段的最短长度；根据动能定理，讨论不同摩擦因数下的运动情况。（1）从物块被释放到从B端飞出，由机械能守恒定律有：E