2023年安徽省阜阳市颍河中学物理高二第二学期期中监测试题含解析

2023年安徽省阜阳市颍河中学物理高二第二学期期中监测试题注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，质量为m的人站在质量为M的车的一端，相对于地面静止．若车与地面间的摩擦可以不计，在人由一端走到另一端的过程中()A．人在车上行走时，车可以相对地面静止B．车的运动方向与人的运动方向相反C．人运动得越快，车运动得越慢D．车的运动方向可以与人的运动方向相同2、在北半球，朝南的钢窗原来关着，今将它突然朝外推开，转过一个小于90°的角度，考虑到地球磁场的影响，则钢窗活动的一条边（西边）中（）A．有自下而上的微弱电流B．有自上而下的微弱电流C．有微弱电流，方向是先自上而下，后自下而上D．有微弱电流，方向是先自下而上，后自上而下3、《中国诗词大会》带动全民重温曾经学过的古诗词，分享诗词之美，感受诗词之趣，从古人的智慧和情怀中汲取营养，涵养心灵．李白在《望天门山》一诗中写到“两岸青山相对出，孤帆一片日边来”．诗文中的“青山相对出”选择的参考系是A．青山 B．孤帆C．河岸 D．太阳4、下列各图中，已标出电流及电流所产生磁场的磁感应强度的方向，其中正确的是（）A．B．C．D．5、图甲是小型交流发电机的示意图，在匀强磁场中，一矩形金属线圈绕与磁场方向垂直的轴匀速转动，产生的电动势随时间变化的正弦规律图象如图乙所示．发电机线圈内阻为10Ω，外接一只电阻为90Ω的灯泡，不计电路的其他电阻，则A．t＝0时刻线圈平面与中性面垂直B．每秒钟内电流方向改变100次C．灯泡两端的电压为22VD．0～0.01s时间内通过灯泡的电荷量为06、如图所示，在光滑的水平面上宽度为L的区域内，有一竖直向下的匀强磁场．现有一个边长为a（a＜L）的正方形闭合线圈以垂直于磁场边界的初速度v0向右滑动，穿过磁场后速度减为v，那么当线圈完全处于磁场中时，其速度大小（）A．大于B．等于C．小于D．以上均有可能二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示为同一实验室中甲、乙两个单摆的振动图象，从图象可知（）A．两摆球质量相等B．两单摆的摆长相等C．两单摆相位相差D．在相同的时间内，两摆球通过的路程总有8、下列说法正确的是（）A．花粉颗粒在水中做布朗运动，反应了花粉分子在不停的做无规则运动B．外界对气体做正功，气体的内能不一定增加C．晶体熔化过程中，分子的平均动能保持不变，分子势能增大D．第二类永动机不能制成是因为它违反了能量守恒定律9、如图是表示一定质量的理想气体的状态变化过程图像，变化过程如图中箭头所示，则下列说法中，正确的是（）A．ab过程中气体的内能增加，密度不变B．bc过程中气体内能增大，气体对外做功C．cd过程中分子的平均动能不变，对外放热D．da过程中，气体内能增加，密度不变10、如图，卷扬机的绳索通过定滑轮用力Ｆ拉位于粗糙面上的木箱，使之沿斜面加速向上移动．在移动过程中，下列说法正确的是A．Ｆ对木箱做的功等于木箱增加的动能与木箱克服摩擦力所做的功之和B．Ｆ对木箱做的功等于木箱克服摩擦力和克服重力所做的功之和C．木箱克服重力所做的功等于木箱增加的重力势能D．Ｆ对木箱做的功等于木箱增加的机械能与木箱克服摩擦力做的功之和三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）为了探究加速度与力、质量的关系，甲、乙、丙三位同学分别设计了如图所示的实验装置，小车总质量用M表示(乙图中M包括小车与传感器，丙图中M包括小车和与小车固连的滑轮)，钩码总质量用m表示。(1).为便于测量合外力的大小，并得到小车总质量一定时，小车的加速度与所受合外力成正比的结论，下列说法正确的是（____）A．三组实验中只有甲需要平衡摩擦力B．三组实验都需要平衡摩擦力C．三组实验中只有甲需要满足所挂钩码的总质量m远小于小车的总质量M的条件D．三组实验都需要满足所挂钩码的总质量m远小于小车的总质量M的条件(2).图丁是用图甲装置中打点计时器所打的纸带的一部分，O、A、B、C、D和E为纸带上六个计数点，加速度大小用a表示。则OD间的距离为________cm。图戊是根据实验数据绘出的s－t2图线(s为各计数点至同一起点的距离)，则加速度大小a＝________m/s2(保留3位有效数字)。(3).若乙、丙两位同学发现某次测量中力传感器和弹簧测力计读数相同，通过计算得到小车加速度均为a，g为当地重力加速度，则乙、丙两位同学实验时所用小车总质量之比为__________。12．（12分）一个小灯泡的额定电压为2.0V，额定电流约为0.5A，选用下列实验器材进行实验，并利用实验数据描绘和研究小灯泡的伏安特性曲线A．电源E：电动势为3.0V，内阻不计B．电压表V1：量程为0～3V，内阻约为1kΩC．电压表V2：量程为0～15V，内阻约为4kΩD．电流表A1：量程为0～3A，内阻约为0.1ΩE．电流表A2：量程为0～0.6A，内阻约为0.6ΩF．滑动变阻器R1：最大阻值为10Ω，额定电流为1.0AG．滑动变阻器R2：最大阻值为150Ω，额定电流为1.0AH．开关S，导线若干①实验中使用的电压表应选用__________；电流表应选用__________；滑动变阻器应选用__________(请填写选项前对应的字母)．②实验中某同学连接实验电路如图所示，请你不要改动已连接的导线，在下面的实物连接图中把还需要连接的导线补上____________．闭合开关前，应使变阻器滑片放在最________(填“左”或“右”)端．③实验中得到的其中一组电压表与电流表示数如图所示，请将该组数据标记在U－I坐标中，其余实验数据已标记在坐标中，请你画出小灯泡的U－I图线_____________________．并简述该图线不是直线的主要原因________________．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，质量为m的木块A和质量为M的木块B用细线捆在一起，木块B与竖直悬挂的轻弹簧相连，它们一起在竖直方向上做简谐运动．在振动中两物体的接触面总处在竖直平面上，设弹簧的劲度系数为k，当它们经过平衡位置时，A、B之间的静摩擦力大小为f1．当它们向下离开平衡位置的位移为x时，A、B间的静摩擦力为fx．细线对木块的摩擦不计．求：（1）f1的大小；（2）fx的大小；14．（16分）如图所示，一列简谐横波沿x轴传播，t＝0.2s时刻的波形如下图中实线所示，t＝0.5s时刻的波形如图中虚线所示，t＝0时刻，x＝2m处的质点正处在波谷，周期T＞0.5s，求：(i)这列波传播的方向及传播的速度；(ii)从t＝0时刻开始，波传播3s后，＝2m处的质点运动的路程为3m，求该质点的振幅和经过2.5s的位移。15．（12分）x=0的质点在t=0时刻开始振动，产生的波沿x轴正方向传播，t1=0.14s时刻波的图像如图所示，质点A刚好开始振动。(1)求波在介质中的传播速度；(2)求x=4m的质点在0.14s内运动的路程。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】

对于人和车组成的系统，所受的合外力为零，系统的动量守恒，根据动量守恒定律得：，得：可见，人由一端走到另一端的过程中，车的速度方向与人的速度方向相反，而且车的速度大小与人的速度大小成正比，人快车也快；人在车上行走时，，故B正确．2、A【解析】

由于地磁场，则由南向北通过西边钢窗，当迅速朝外推开，导致穿过的磁通量变小，根据感应电流产生的条件是：只要穿过闭合电路的磁通量发生变化，闭合电路中就有感应电流；结合楞次定律可知，从室内观察则钢窗中，电流方向为逆时针方向，则钢窗活动的一条边（西边）中有自下而上的微弱电流，故A正确，BCD错误。故选A。3、B【解析】

以“青山”为参考系时，青山应是静止的，故A错误；“帆船”为参考系，“青山”和“帆船”之间的位置发生了变化，故“青山”是运动的；故B正确；以“河岸”为参照物，“青山”与“河岸”之间的位置没有发生变化，故“青山”是静止的；故C错误；在判断“青山”运动情况时，都是以“地面”为参考系，当以太阳为参考系是只能研究地球，而青山相对地球是静止的，故D错误；4、D【解析】

A.由右手螺旋定则可知，电流向外的直导线周围的磁场分布为逆时针的同心圆；故A错误；B.由右手螺旋定则可知，向上的电流左侧磁场应向外，右侧向里；故B错误；C.由右手螺旋定则可知，电流由右方流入，内部磁感线应向右；故C错误；D.由右手螺旋定则可知，环形电流的中心处磁场向上；故D正确；5、B【解析】

A．由题图乙电动势随时间变化的正弦规律图象可知：计时起点e＝0，即从中性面开始计时，A错误；B．由图象可知：电动势周期为0.02s，所以频率为50Hz，即每秒钟内电流方向改变100次，B正确；C．由图象可知：电动势的有效值为22V，所以灯泡两端的电压为:U＝×22V＝19.8V故C错误；D．0～0.01s时间内通过灯泡的电流均为正方向，所以电荷量不为0，D错误．6、B【解析】

对线框进入或穿出磁场过程，设初速度为，末速度为．由动量定理可知：又电量，得：得速度变化量：由可知，进入和穿出磁场过程，磁通量的变化量相等，则进入和穿出磁场的两个过程通过导线框横截面积的电量相等，故由上式得知，进入过程导线框的速度变化量等于离开过程导线框的速度变化量．设完全进入磁场中时，线圈的速度大小为，则有，解得：故本题选B。【点睛】线框进入和穿出磁场过程，受到安培力作用而做减速运动，根据动量定理和电量分析电量的关系．根据感应电量，分析可知两个过程线框磁通量变化量大小大小相等，两个过程电量相等．联立就可求出完全进入磁场中时线圈的速度二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】

A.单摆周期与质量无关，所以无法得到两球的质量关系；选项A不合题意.B.从图上知，则摆长相等；B项符合题意．C..两单摆相位相差，故C项符合题意.D.由于两个摆的初相位不同，所以只有从平衡位置或最大位移处开始计时，而且末位置也是在平衡位置或最大位移处的特殊情况下，经过相同时间，两摆球通过的路程才一定满足，若不能满足以上的要求，则不一定满足，故D项不合题意.8、BC【解析】

A项：花粉颗粒在水中做布朗运动，反映了水分子在不停的做无规则运动，故A错误；B项：外界对气体做正功，气体可能同时放热，由热力学第一定律公式，气体的内能不一定增加，故B正确；C项：晶体熔化过程中，温度不变，所以分子的平均动能不变，但吸收热量，说明内能增加，所以分子势能增大，故C正确；D项：第二类永动机不能制成是因为它违反了热力学第二定律，即自发的热现象具有方向性，故D错误．9、AB【解析】试题分析：根据气体状态方程和已知的变化量去判断其它的物理量．温度是分子平均动能变化的标志．一定质量的理想气体的密度变化看体积的变化．A、ab过程中T增大，分子平均动能增大，内能增大．根据气体状态方程知道V不变．质量不变，所以气体密度不变；正确B、bc过程中T增大，分子平均动能增大，内能增大．P不变，根据气体状态方程知道V增大，气体对外做功；正确C、cd过程中T不变，分子平均动能不变，P减小，据气体状态方程知道V增大，对外做功，应吸热；错误D、da过程中，T减小，分子平均动能减小，内能减小，P不变，根据气体状态方程知道V减小，质量不变，气体密度增大；错误故选AB考点：理想气体的状态方程点评：注意研究过程中哪些量不变，哪些量变化．能够用物理规律把所要研究的物理量表示出来．10、CD【解析】试题分析：对木箱进行受力分析，找出在木箱运动中有哪些力做功，做什么功，同时结合功能关系找出能量之间的转化，由动能定理及机械能守恒可得出各功及能量之间的关系．解：在木箱移动过程中，受力分析如图所示．这四个力中，有重力、拉力和摩擦力做功．重力做负功使重力势能增加，摩擦力做负功产生热能．因为物体加速运动，根据动能定理，合力做的功等于动能的增量．而机械能等于动能与重力势能之和，故F做的功等于木箱增加的动能与重力势能以及克服摩擦力所做的功，所以AB错误，CD正确答案：CD．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、BC；1.20；0.933；1:2；【解析】

(1)根据实验原理，即可判定是否需要平衡摩擦力，及确定所挂钩码的总质量m与小车的总质量M的关系；(2)由图示刻度尺求出OD间的距离，应用匀变速直线运动的速度位移公式可以求出图象的函数表达式，然后求出加速度；(3)根据牛顿第二定律，结合动滑轮的拉力是测力计的示数2倍，从而即可求解。【详解】(1)A、B项：为便于测量合外力的大小，甲图通过钩码的总质量对应的重力即为合外力，而乙图是力传感器的示数，丙图则是测力计的2倍，因此它们都必须平衡摩擦力，故A错误，B正确；C、D项：由于甲图通过钩码的总质量对应的重力即为合外力，因此三组实验中只有甲需要满足所挂钩码的总质量m远小于小车的总质量M的条件，故C正确，D错误。故选：BC。(2)由图示刻度尺可知，OD间的距离为：2.20cm-1.00cm=1.20cm；小车做初速度为零的匀加速直线运动，则：由图示图象可知：，则a=2k=2；(3)乙、丙两位同学发现某次测量中力传感器和测力计读数相同，且通过计算得到小车加速度均为a，根据牛顿第二定律，则有：F=M乙a，2F=M丙a；因此乙、丙两人实验时所用小车总质量之比为1：2；由牛顿第二定律，对砝码研究，则有m乙g-F=m乙a，而m丙g-F=m丙2a，解得，m乙：m丙=1：2。【点睛】考查不同实验中，是否平衡摩擦力，是依据实验原理，并不是统统平衡的，并掌握牛顿第二定律的应用，注意力传感器的作用，及理解测力计的读数与小车的合力的关系，是解题的关键。12、BEF左灯丝电阻随温度升高而增大【解析】①灯泡的额定电压为2.0V，额定电流约为0.5A，为读数方便和准确，电压表量程选择0～3V，电流表量程选择0～0.6A，即电压表选择B，电流表选择E.描绘伏安特性曲线，滑动变阻器选择分压式，所以滑动变阻器选择阻值小的即F；②滑动变阻器选择分压式，而待测灯泡电阻约为R=2V0.5A=4Ω，根据R2<RA·RV，电流表选择外接．闭合开关前，灯泡电压为0③由图示电压表可知，其量程为3V，分度值为0.1V，示数为1.2V，由图示电流表可知，其量程为0.6A，分度值为0.02A，示数为0.42A，在坐标系内描出根据坐标系中描出对应点，然后根据坐标系内