2023年浙江省余姚市高考冲刺模拟物理试题含解析

2023学年高考物理模拟试卷

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再

选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。

3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、如图所示，金属框架ABC。（框架电阻忽略不计）固定在水平面内，处于竖直方向的磁感应强度大小为8的匀强

磁场中，其中与CQ平行且足够长，和CD夹角。（8V90。），光滑均匀导体棒Ef■（垂直于CQ）紧贴框架，

在外力作用下向右匀速运动，y垂直于导体棒E凡若以经过C点作为计时起点，导体棒EF的电阻与长度成正比，则

电路中电流大小/与时间。消耗的电功率P与导体棒水平移动的距离x变化规律的图象是

2、氢原子光谱在可见光区域内有四条谱线％、都是氢原子中电子从量子数〃>2的能级跃迁到«=2的能级

发出的光，它们在真空中的波长由长到短，可以判定

A."a对应的前后能级之差最小

B.同一介质对的折射率最大

C.同一介质中“6的传播速度最大

D.用Hy照射某一金属能发生光电效应，贝！I”。也一定能

3、如图，A、B两盏电灯完全相同.当滑动变阻器的滑动头向右移动时，则（）

A.A灯变亮，B灯变亮B.A灯变暗，B灯变亮

C.A灯变暗，3灯变暗D.A灯变亮，3灯变暗

4、如图甲所示，矩形导线框曲cd放在垂直纸面的匀强磁场中，磁感应强度8随时间变化的图像如图乙所示。规定垂

直纸面向里为磁感应强度的正方向，水平向右为安培力的正方向，在0~4s内，线框外边受到的安培力尸随时间变化

的图像正确的是（）

5、如图所示，在同一平面内有①、②、③三根长直导线等间距的水平平行放置，通入的电流强度分别为1A,2A、1A,

已知②的电流方向为且受到安培力的合力方向竖直向下，以下判断中正确的是（）

②2A

C一一•

③IA

e—

下

A.①的电流方向为

B.③的电流方向为

C.①受到安培力的合力方向竖直向上

D.③受到安培力的合力方向竖直向下

6、将某劲度系数为k的轻质弹簧一端固定在墙上，另一端用100N的力来拉，弹簧的伸长量为10cm；若对该弹簧两

端同时用50N的力反向拉时，弹簧的伸长量为AL„则（）

A.A=10N/m,AL=10cm

B.Ar=100N/m,AL=10cm

C.*=200N/m,AL=5cm

D.hlOOON/m,AL=5cm

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

7、天文学家观测发现的双子星系统“开普勒一47”有一对互相围绕运行的恒星，其中一颗大恒星的质量为M,另一颗

小恒星只有大恒星质量的三分之一，引力常量为G,据此可知（）

A.大、小两颗恒星的转动周期之比为1：3B.大、小两颗恒星的转动角速度之比为1：1

C.大、小两颗恒星的转动半径之比为3：1D.大、小两颗恒星的转动半径之比为1：3

8、如图所示，光滑且足够长的金属导轨MN、PQ平行地固定在同一水平面上，两导轨间距L=0.20m,两导轨的左端

之间连接的电阻R=0.40C,导轨上停放一质量机=0.10kg的金属杆ab,位于两导轨之间的金属杆的电阻LO.IOQ,导

轨的电阻可忽略不计。整个装置处于磁感应强度B=0.50T的匀强磁场中，磁场方向竖直向下。现用一水平外力厂水平

向右拉金属杆，使之由静止开始运动，在整个运动过程中金属杆始终与导轨垂直并接触良好，若理想电压表的示数U

随时间f变化的关系如图乙所示。则（）

A.U5s时通过金属杆的感应电流的大小为1A,方向由a指向》

B.Z=3s时金属杆的速率为3m/s

C.U5s时外力厂的瞬时功率为0.5W

D.0~5s内通过R的电荷量为2.5C

9、关于固体、液体和物态变化，下列说法正确的是

A.当人们感到潮湿时，空气的绝对湿度一定较大

B.当分子间距离增大时，分子间的引力减少、斥力增大

C.一定量的理想气体，在压强不变时，气体分子每秒对器壁单位面积平均碰撞次数随着温度升高而减少

D.水的饱和汽压随温度的升高而增大

E.叶面上的小露珠呈球形是由于液体表面张力的作用

10、如图所示，在坐标系xoy平面的第I象限内存在垂直纸面向外的匀强磁场Bl,在第IV象限内存在垂直纸面向里

的另一个匀强磁场在x轴上有一点。（2屈,0）、在y轴上有一点尸现有一质量为小，电量为+g的带电

粒子（不计重力），从尸点处垂直y轴以速度为射入匀强磁场外中，并以与x轴正向成60'角的方向进入x轴下方的

匀强磁场曲中，在不中偏转后刚好打在。点。以下判断正确的是（）

A.磁感应强度裳

B.磁感应强度2鬻

C.粒子从P点运动到Q点所用的时间Ar=-

D.粒子从尸点运动到Q点所用的时间加=答

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）精密测量工具的原理及读数

（1）o甲同学用游标卡尺测量某物体的厚度2，如图所示，则该物体厚度测量值为一cm；

hMML

.um

T丁

o

1020

（2）乙同学用螺旋测微器测量铅笔芯的直径。如图所示，读数。=mm。

/

-「

三

-

三

-一

T三20

o-一

三10

一)

一

、

12.（12分）用图（a）所示的实验装置，探究小车匀加速运动的加速度“与其质量加及所受拉力尸的关系。实验所

用交变电流的频率为50Hz。

6.076.707.337.97

单位：cm

（1）保持沙桶及沙的总质量不变，改变小车上祛码的质量，分别做了5次实验。在图（b）所示的a-'坐标系中标出

m

了相应的实验数据。

（2）再进行第6次实验，测得小车及祛码总质量为0.25kg,实验得到图（c）所示的纸带。纸带上相邻计数点之间还有

4个点未画出，由纸带数据计算加速度为m/s2«（保留3位有效数字）

⑶请把第6次实验的数据标在图（b）所示的坐标系中，并作出实验的图像.

mm

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）如图所示，轻弹簧一端固定在与斜面垂直的挡板上，另一端点在O位置.质量为机的物块A（可视为质

点）以初速度师从斜面的顶端尸点沿斜面向下运动，与弹簧接触后压缩弹簧，将弹簧右端压到。点位置后，A又被弹

簧弹回。物块A离开弹簧后，恰好回到P点.已知。尸的距离为xo,物块A与斜面间的动摩擦因数为〃，斜面倾角为

0c求：

（1）。点和。'点间的距离XI；

（2）弹簧在最低点0,处的弹性势能；

（3）设B的质量为“/”，“=tanO,­=3Jg/sin6.在尸点处放置一个弹性挡板，将A与另一个与A材料相同的物

块B（可视为质点与弹簧右端不拴接）并排一起，使两根弹簧仍压缩到。，点位置，然后从静止释放，若A离开B后给

A外加恒力/=〃2gsin。，沿斜面向上，若A不会与B发生碰撞，求夕需满足的条件？

14.（16分）如图所示，一带电微粒质量为m=2.0xU）rikg、电荷量q=+1.0xl0Tc,从静止开始经电压为Ui=100V的

电场加速后，水平进入两平行金属板间的偏转电场中，微粒射出电场时的偏转角。=30。，并接着进入一个方向垂直纸

面向里、宽度为D=34.6cm的匀强磁场区域.已知偏转电场中金属板长L=20cm,两板间距d=17.3cm,重力忽略不计.求:

；XXXXI

B.

〃：XXXX；

U,11

'------------------1；XXXX;

-•JI.；XXXX；

r.xxx；

1—I—Hxxxx；

；xxxx!

•XXXX!

I*D------»|

(1)带电微粒进入偏转电场时的速率VI；

(2)偏转电场中两金属板间的电压U2；

(3)为使带电微粒不会由磁场右边射出，该匀强磁场的磁感应强度B至少多少.

15.(12分)如图甲所示，Si、S2为两波源，产生的连续机械波可沿两波源的连线传播，传播速度v=100m/s,M为两

波源连线上的质点，"离&较近。0时刻两波源同时开始振动，得到质点M的振动图象如图乙所示，求：

(1)两波源Si、S2间的距离；

(2)在图中画出U6s时两波源&、S2间的波形图，并简要说明作图理由。

ylem

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、D

【解析】

AB.设48与。间间距为L,导体棒E厂单位长度的电阻为小在x<一1时，电路中电流大小

tan<9

.BvxtanOBv

"i=------------------二—

在XN—1时，电路中电流大小

tan(9

,BLvBv

"2="—=-

以r0

所以电路中电流大小不变，故AB两项错误;

CD.在x<—匕时，电路中消耗的电功率

tan，

22

2BV

F\=i^xtan0=------xtanO

%

在XN—匕时，电路中消耗的电功率

tan<9

所以电路中消耗的电功率先随x均匀增加后不变，故C项错误，D项正确。

2、A

C

【解析】试题分析：根据"v=4，，-玛分析前后能级差的大小；根据折射率与频率的关系分析折射率的大小；根据'"7

判断传播速度的大小；根据发生光电效应现象的条件是入射光的频率大于该光的极限频率判断是否会发生光电效应.

波长越大，频率越小，故〃。的频率最小，根据E=加可知对应的能量最小，根据加=耳厂£〃可知对应的前后能级

C

之差最小，A正确；纥的频率最小，同一介质对应的折射率最小，根据」［可知的传播速度最大，BC错误；4的

波长小于％的波长，故生的频率大于”〃的频率，若用％照射某一金属能发生光电效应，则为不一定能，D错误.

【点睛】光的波长越大，频率越小，同一介质对其的折射率越小，光子的能量越小.

3、D

【解析】

当滑出向右移动时，滑动变阻器连入电路的电阻增大，所以外电路电阻增大，路端电压增大，总电流减小，即3中的

电流减小，所以5变暗，5两端的电压减小，而路端电压是增大的，所以并联电路两端的电压增大，即A两端的电压

增大，所以A变亮，D正确.

4、D

【解析】

由图可知l-2s内，线圈中磁通量的变化率相同，由七=——=S——可知电路中电流大小时恒定不变，由楞次定律可

AfAr

知，电路中电流方向为顺时针；由E=可知F与B成正比；由左手定律可知线框出?边受到的安培力/水平向右，

为正值，故D正确，A、B、C错误；

故选D。

5、C

【解析】

AB.因为②的电流方向为CTD且受到安培力的合力方向竖直向下，根据左手定则可知导线②处的合磁场方向垂直纸

面向外，而三根长直导线等间距，故导线①和③在导线②处产生的磁场大小相等，方向均垂直纸面向外，再由安培定

则可知①的电流方向为分一"，③的电流方向为eT，故A错误，B错误；

C.根据安培定则可知②和③在①处产生的磁场方向垂直纸面向外，而①的电流方向为根据左手定则可知①受

到安培力的合力方向竖直向上，故C正确；

D.根据安培定则可知②在③处产生的磁场方向垂直纸面向里，①在③处产生的磁场方向垂直纸面向外，根据电流产

生磁场特点可知③处的合磁场方向垂直纸面向里，又因为③的电流方向为eT，故根据左手定则可知③受到安培力的

合力方向竖直向上，故D错误。

故选C。

6、D

【解析】

弹簧上的弹力为100N,伸长量

x=10cm=0.1m

由F=kx得

=—=—N/m=lOOON/m

x0.1

用SON力拉时

F50

AL=—=——m=0.05m=5cm

k1000

故选D。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、BD

【解析】

AB.互相围绕运行的恒星属于双星系统，大、小两颗恒星的转动周期和角速度均相等，故A错误，B正

确；

CD.设大恒星距离两恒星转动轨迹的圆心为司，小恒星距离两恒星转动轨迹的圆心为W，由

..2M2

Meo玉=—<yx2

可得大，小两颗恒星的转动半径之比为1：3,故C错误、D正确。

故选BD»

8、BD

【解析】

A.由图像可知，U5.0s时，t/=0.40V,此时电路中的电流（即通过金属杆的电流）为

,U0.40,

I--=-----AA=1AA

R0.40

用右手定则判断出，此时电流的方向由力指向故A错误

B.由图可知，U3s时，电压表示数为

()4

U'=—x3V=0.24V

5

则有

U'=-^-E

R+r

得

r+7?•0.1+0.4

E=------U=-----------x0.24V=0.3V

R0.4

由公式E=BLv得

E0.3,.,

v=——=----------m/s=3m/s

BL0.50x0.20

故B正确；

C.金属杆速度为v时，电压表的示数应为

U=±BLv

R+r

由图像可知，U与f成正比，由于R、八5及L均与不变量，所以v与/成正比，即金属杆应沿水平方向向右做初速

度为零的匀加速直线运动，金属杆运动的加速度为

a=-=-m/s2=lm/s2

t3

根据牛顿第二定律，在5.0s末时对金属杆有

F-BIL-ma

得

F=BIL+ma=(0.50x1x0.20+0.10xl)N=0.20N

此时F的瞬时功率为

p=Fv=^r=0.2xlx5W=1.0W

故c错误；

D.U5.0s时间内金属杆移动的位移为

x--at2=—xlx52m=12.5m

22

通过R的电荷量为

△①BLx0.5x0.2x12.5^

q=------=-------=------------------C=2.5C

R+rR+r0.4+0.1

故D正确。

故选BDo

9、CDE

【解析】

A.在一定气温条件下，大气中相对湿度越大，水气蒸发也就越慢，人就感受到越潮湿，故当人们感到潮湿时，空气

的相对湿度一定较大，但绝对湿度不一定大，故A错误；

B.分子间距离增大时，分子间的引力和斥力均减小，故B错误；

C.温度升高，分子对器壁的平均撞击力增大，要保证压强不变，分子单位时间对器壁单位面积平均碰撞次数必减少,

故C正确；

D.饱和汽压与液体种类和温度有关，水的饱和汽压随温度的升高而增大，故D正确；

E.叶面上的小露珠呈球形是由于液体表面张力的作用，故E正确。

故选CDE.

【点睛】

绝对湿度是指一定空间中水蒸气的绝对含量，可用空气中水的蒸气压来表示；相对湿度为某一被测蒸气压与相同温度

下的饱和蒸气压的比值的百分数；相对湿度较大，但是绝对湿度不一定大；水的饱和汽压随温度的升高而增大；分子

间距离增大时，分子间的引力和斥力均减小，根据压强的微观解释分析分子每秒对器壁单位面积平均碰撞次数变化；

叶面上的小露珠呈球形是由于液体表面张力的作用.

10、BC

【解析】

AB.粒子运动轨迹如图所示，由几何知识可知

4=4cos60、+a

解得

4=2。

在电磁场中根据几何知识有

2弓sin600=2y[3a-qsin60

解得

r2=a

粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得

qv^B=m—

r

将半径代入解得

B尸吆,B一吗

2qa-qa

故A错误，B正确；

_2兀厂

CD.粒子做圆周运动的周期为7=—,粒子的运动时间为

%

1263

解得

4兀。

t=--

3%

故C正确，D错误。

故选BC»

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、0.2252.150(2.150+0.002)

【解析】

根据游标卡尺的读数方法可知其读数为

d=2mm+5x0.05mm=2.25mm=0.225cm

(2)[2]根据螺旋测微器的读数方法可知其读数为

D=2mm+15.0x0.01mm=2.150mm

12、0.633

【解析】

(2)[1]相邻计数点时间间隔为

△r=0.02sx5=0.1s

由逐差法计算加速度有

7.97+7.33-(6.70+6.07)

acm/s2«0.633m/s2

(24

(3)[2]本次实验的数据为:

=4.0kg-1

m0.25kg

a=0.633m/s2

将其在坐标系内描点，坐标系上全部的6个点均有效。画-条平滑的、细的直线，使各点对称分布在直线的两侧，且

直线过坐标原点。图像如图所示：

・:

・:

•:

・:

・:4

・

•：一

・：

・：

•：

・一

・二

・

・：

•

♦

•：

・

二

・

・

：III

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13-.(1)x=----------X。；(2)E=—mi)Q4-----tan0；(3)——P<—-

t14〃gcos。°°4°4〃235

【解析】

(1)从A到O,由动能定理可得

mg(x()+xjsin。一g(x()+xJcosO-W=①

物块A离开弹簧后回到P点的过程，由动能定理得

W-mg(与+%)sin6-jjimg(曲+与)cos。=0②

解得

X'4〃gcos。

(2)将玉带入②式可得，弹簧弹力做功为

W='+理也tan0

4°4〃

即弹簧的弹性势能为

12

E.=W=—mvi+tan0

P404〃

(3)两物体分离的瞬间有%=%,两物体之间的弹力为0,由牛顿第二定律可得

mgsin0+囚ngcos9=maA

/imgsin0+珅mgcos0-2T=litnaB

解得7=0,即弹簧恢复原长的瞬间，两物体分离。

设分离瞬间，两物体的速度为u,由能量守恒可得

2Ep=(l+/?)"2gxsin®+〃(l+A)mgX]cos9+g(l+/?)A?w2

砺5。带入解得

将〃=tan夕，1)。=3Jg/sin°,xl

13—56.A

V=ipgXoSin。

由于〃=tan。，F=mgsin0,故分离后两物体的加速大小分别为

mgsin0+/nmgcos。一尸_gsin8

m

/mgsin。+〃⑶咫cos<9=sin(9

Bm

由此可知，分离后两物体均做减速运动，且B的加速度大于A,故在A物体上升阶段，两物体不会碰撞；B速度减为

0后，由于〃=tan。，故B物体会保持静止状态，B物体上升的位移为

4gsin。

若A物体与挡板碰撞前速度就减为0,则此后A物体保持静止状态，两物体一定不会碰撞；若A物体能与挡板相碰,

当物体A与挡板碰撞后，继续以加速度gsin。向下做减速运动，直到速度减为0,保持静止;

A物体速度减为0的总路程为

2gsin。

若A物体不与挡板碰撞，则

若A物体能与挡板碰撞，则两物体不相撞的条件为A物体速度减为0时不与B物体相撞，即

3必卫

723

由于t?>0,故

a13

综上所述，£的取值范围为

3113

—<joB<—

235

14、(1)1.0x104mzs(2)66.7V(3)0.1T

【解析】

(1)粒子在加速电场中，电场力做功，由动能定理求出速度VI.

(2)粒子进入偏转电场后，做类平抛运动，运用运动的合成与分解求出电压.

(3)粒子进入磁场后，做匀速圆周运动，结合条件，画出轨迹，由几何知识求半径，再求B.

【详解】

(1)带电微粒经加速电场加速后速度为v,根据动能定理：gS=；/nvi2

川\=1.0x104zs

解得：n=2