2023年中考化学真题分类汇编：质量守恒定律

2023-2023年中考化学真题分类汇编：质量守恒定律2023-2023年中考化学真题分类汇编：质量守恒定律一、选择题1.〔xx•郴州〕化学方程式 中X的化学式为A．NaOH B．C．NaH D．解：由质量守恒定律：反响前后，原子种类、数目均不变，由反响的化学方程式2NaO+2HO=4X+O4、6、4，反响后的生成物中钠、22 2 2氧、氢原子个数分别为0、2、0，4X分子中含有4个钠原子、4个氢原子和4个氧原子，则每个X分子由1个钠原子、1个氢原子和1个氧原子构成，则物质X的化学式为NaOH．应选：A2.〔xx•衡阳〕“三效催化转换器”可将汽车尾气中的有害气体转化为无毒气体，其中某个反响的微观示意图如图．从图示获得的以下信息错误的选项是〔 〕该图示能反映质量守恒定律反响前后共有四种分子甲和丁中同种元素的化合价不同乙和丙中所含原子种类一样考点：微粒观点及模型图的应用；有关元素化合价的计算；质量守恒定律及其应用．.专题：化学反响模拟图型．微粒的构成分析分子、原子的种类物质的类别等．解答：解：AAB、由微粒的构成可知，反响前后共有四种分子，故BC+4、0，同种元素的化合价不同，故CD、由微粒的构成可知，乙和丙中都含有碳原子和氧原子，原子种类一样，故D正确．A．物质abcd点评：此题属于微观示意图的考察解题的关键是能够娴熟分析微观粒子表示的物质的特征构成一样的分子为同种物质的分子由同种原子构成的分子为单质的分子由不同种原子构成的分子为化合物的分子，只有把握这些才能顺当解题．物质abcd反响前的质量〔g〕6.4 3.24.02.8反响后的质量〔g〕5.2 XA．ac是反响物B．d7.22.8C．X=2.0 D．该反响是化合反响考点：质量守恒定律及其应用；催化剂的特点与催化作用；反响类型的判定．.专题：化学用语和质量守恒定律．c7.2g﹣4g=3.2a6.4g﹣5.2g=1.2d2克，所以b是反响物，所以反响后物质b3.2g﹣2g=1.2gab，c，反响符合“多变一”的特点，从而可以解答．解答：解：A、由表格信息和分析可知反响物是ab；故AB、dBC、bb3.2g﹣2g=1.2g，故CD、由分析可知反响物是a和b，生成物是c，反响符合“多变一”的特点，为化合反响，故DD．3点评：解此题需认真分析各物质的质量变化状况，依据质量守恒定律认真推敲，即可求解．依据质量守恒定律认真分析各物质反响前后的质量变化状况解答此类题的关键．4.〔xx•怀化〕铜与稀硝酸反响可产生一种气体X3Cu+8HNO3═3Cu〔NO〕32+2X↑+4H2OX的化学式是〔〕A．H2O B．NO C．Cu D．N2考点：质量守恒定律及其应用．专题：化学用语和质量守恒定律．断生成物X的化学式．解答：解：由质量守恒定律：反响前后，原子种类、数目均不变，由反响的化学方程式3Cu+8HNO3═3Cu〔NO3〕2+2X↑+4H2O，反响前铜、氢、氮、氧原子个数分别为3、8、8、24，反响后的生成物中铜、氢、氮、氧原子个数分别为3、8、6、22，依据反响前后原子种2X22X1个氮原子和1个氧原子构成，则物质X的化学式为NO．应选：B．点评：此题难度不大的关键．5.〔xx•邵阳〕黑火药的主要成分是硝酸钾、木炭粉、硫磺粉等，点燃时发生爆炸的化学方程式为：2KNO3+S+3CK2S+3CO2↑+X↑，其中X的化学式是〔 〕A．N B．NOC．NOD．NO2 2 2考点：质量守恒定律及其应用．.专题：化学用语和质量守恒定律．分析：依据化学方程式为2KNO+S+3CKS+3CO↑+X↑，利用质量守恒定律来分析解答；3 2 2解答：解：由化学方程式为2KNO3+S+3CK2S+3CO2↑+X↑，依据质量守恒定律可知，反响前后元素种类、原子个数相等，K、O、C、S而反响物中有N元素，生成物中应肯定有NXN2N原子，则x2个NX1，则X的化学式为N2A点评：此题考察利用化学方程式来确定某物质的化学式学生应能依据质量守恒定律中的元素守恒、原子守恒来确定物质的化学式，留意守恒思想在解题中的重要应用．6.〔xx•永州〕如图是某化学反响前后的微观反响示意图，以下说法不正确的选项是〔 〕化学反响前后分子数目发生了转变生成物可能是氧化物反响前后元素的种类没有转变反响物中有一种单质和一种化合物的实质．.专题：化学反响模拟图型．化等；依据微粒的构成分析物质的类别等．解答：解：A、由微粒的变化可知，反响前后原子的种类、数目都不变．故AB、由微粒的构成可知，生成物的分子是由两种原子构成的，假设一种原子是氧原子，就是氧化物，故BC、由微粒的变化可知，反响前后原子的种类不变，元素的种类也不变，故CD、由微粒的构成可知，两种反响物的分子都是有同种的原子构成的，都属于单质，故D错误．D．示意图把宏观物质和微观粒子联系起来关键．7.〔xx•岳阳〕使用催化净扮装置，可降低汽车尾气中CO和NO的排放，其反响原理为2NO+2CO□+2CO2，则□内应填〔〕A．N B．N2 C．2ND．2N2考点：质量守恒定律及其应用．.专题：化学用语和质量守恒定律．断□内生成物的化学式．解答：解：由质量守恒定律：反响前后，原子种类、数目均不变，由反响的化学方程式2NO+2CO□+2CO2，反响前氮、氧、碳原子个数分别为2、4、2，反响后的生成物中氮、氧、碳原子个数分别为0、4、2，依据反响前后原子种类、数目不变，则每个□分子由2个氮原子构成，则□内物质的化学式为N2．应选：B．点评：此题难度不大的关键．8.〔xx•张家界主要发生催化剂的化学反响方程式为：2NO+2CO2CO2+N2以下对该化学反响的说法不正确的选项是〔 〕反响物都属于氧化物该反响使有害气体转化为无害物质反响前后元素的种类、原子和分子个数都不变化学反响方程式中所表示的反响物和生成物中只有一种物质是单质学反响的实质．专题：化学用语和质量守恒定律．分析：A、依据氧化物的定义分析；B、该反响使有害气体转化为无害物质；C、反响前后分子个数转变；D、反响物和生成物中只有氮气是单质．解答：解：A、NOCOB、该反响使有害气体转化为无害物质，正确；C、反响前后分子个数转变，故错误；D、反响物和生成物中只有氮气是单质，故正确；C．律的元素守恒处理问题．9.〔xx•张家界〕质量守恒定律是帮助我们生疏化学反响实质的重要理论．某物质R与水和氧气反响的化学方程式为：2R+2H2O+7O2═2FeSO4+2H2SO4则R的化学式应为〔 〕A．FeSB．FeS C．FeOD．FeS23 2考点：质量守恒定律及其应用．专题：化学用语和质量守恒定律．推断反响物R解答：解：依据反响的化学方程式2R+2HO+7O═2FeSO+2HSO2 2 4 2 4数分别为4、16，反响后的生成物中氢、硫、氧、铁原子个数分别为4、4、16、2，依据反2R24个硫原子，则每个R12XFeS2故答案为：D．解题的关键．10.〔xx•株洲〕如图表示两种物质发生的化学反响，其中一样的球代表同种原子，小球间的短线代表原子间的结合．以下说法中不正确的选项是〔 〕A．4种分子B．图示反响前后原子个数不变C．图示发生了复分解反响 D．图示产物为混合物考点：分子、原子、离子、元素与物质之间的关系；纯洁物和混合物的判别；反响类型的判定．.专题：化学反响模拟图型．分析：A、观看微粒的微观构成，推断分子的种类；B、依据反响前后原子的种类、数目分析；C、依据复分解反响的生成物的特点分析；D、依据微粒的构成，分析物质种类．解答：解：A44AB、比照反响前后，原子的种类、数目不变，符合质量守恒定律．故BC、由该反响的生成物的微观模型示意图可知，反响物为一种化合物一种单质，生成物为两种化合物；复分解反响的反响物、生成物都是化合物．所以，该反响不属于复分解反响．故不正确；D、由微粒的变化可知．生成物中有两种化合物，是混合物．故D正确．C．属于单质分子，由不同种原子构成的分子属于化合物的分子．11.〔xx•株洲〕：X和Y两种物质共80g，在肯定条件下恰好完全反响，生成Z与W的质量比为1且反响中消耗X的质量是生成W的质量的则反响中消耗Y的质量〔 A．16gB．36gC．44gD．64g考点：质量守恒定律及其应用．.专题：化学用语和质量守恒定律．分析：依据质量守恒定律可知参与化学反响的各物质质量总和等于反响后生成的各物质质量总和，即参与反响的XYZW解答：解：由质量守恒定律，XY80g，则生成ZW80g，而Z、W11：9W80g×=36gX量是：36g×4/9=16g，则反响中消耗Y80g﹣16g=64g．D．点评：此题主要考察质量守恒定律中的物质总质量不变的特点，难度较小．二、非选择题1.〔xx•益阳〕“”代表碳原子，“”代表氢原子．请补充该物质燃烧的化学方程式：C5H4 +6O25CO2+ 2H2O ．考点：书写化学方程式、文字表达式、电离方程式．.专题：化学用语和质量守恒定律．分析：由题意，由一种化合物的分子模型图，154氢原子构成的，则该化合物的化学式为C5H4；燃烧生成二氧化碳和水，写出反响的化学方程式即可．解答：解：由一种化合物的分子模型图，154子构成的，则该化合物的化学式为CH54CH+6O5CO+2HO．54 2 2 2故答案为：CH2HO．54 2化学式是正确解答此题的关键．〔xx〕1.〔xx•常德〕试验室可用高锰酸钾与浓盐酸反响制取氯气，反响的化学方程式为：2KMnO4+16HCl〔浓〕═2KCl+2MnCl2+8X+5Cl2↑，其中X的化学式为〔 〕A．HOB．HOC．HClO D．O2 22 2考点：质量守恒定律及其应用．专题：化学用语和质量守恒定律．分析：化学反响前后，元素的种类不变，原子的种类、总个数不变．解答：解：2KMnO+16HCl〔浓〕═2KCl+2MnCl+8X+5Cl4 2 22222888X16168X1616由分析可知，每个X21HO．2应选：A．个数不变，这是书写化学方程式、进展相关方面计算的根底．物质A反响前的质量〔克〕物质A反响前的质量〔克〕17反响后的质量〔克〕mB640C246D036以下说法错误的选项是〔 〕A．m=1B．反响生成的CD11：9C．该反响肯定属于复分解反响 D．该反响可表示为：A+B→C+D考点：质量守恒定律及其应用；反响类型的判定．专题：化学用语和质量守恒定律．分析：反响后B64g，是反响物；反响后C44g，是生成物；反响后D36g，是生成物；依据质量守恒定律可知，A是反响物，参与反响的质量为：44g+36g﹣64g=16g．解答：解：A、m=17﹣16=1，该选项说法正确；B、反响生成的C与D44g：36g=11：9，该选项说法正确；C、虽然反响物和生成物都是两种，但是不知道反响物和生成物的所属类别，因此该反响不肯定属于复分解反响，该选项说法错误；D、该反响可表示为：A+B→C+D，该选项说法正确．应选：C．个数不变，这是书写化学方程式、进展相关方面计算的根底．3.〔xx•郴州〕在一密闭容器内发生某反响，反响过程中各物质的质量变化如下表，其中未知数据正确的选项是〔物质a〕bcd反响前60g60g00反响中36g12g18g①反响后②0③④A．30gB．20gC22.5gD77.5g考点：质量守恒定律及其应用．专题：化学用语和质量守恒定律．质量守恒定律确定db60g﹣0g=60gb参与反响的b60g．A、由质量守恒定律，反响后①的质量为〔60g﹣36g〕+〔60g﹣12g〕﹣〔18g﹣0g〕=54g，应选项说法错误．Babab60﹣36〔6012g〕=1：2；完全反响后参与反响的b60g，则完全反响时参与反响的a30g；60g﹣30g=30g，应选项说法错误．C、由反响前与反响中bcb与生成的c〔60g﹣12g〕：〔18g﹣0g〕=8：3，则完全反响后生成的c60g×=22.5g22.5g，应选项说法正确．D、完全反响后生成d30g+60g﹣22.5g=67.5g，应选项说法错误．应选：C．运用质量守恒定律．4.〔xx•衡阳〕在肯定条件下发生反响：2R+2H2O+7O2═2FeSO4+2H2SO4R的化学式是〔 〕A．FeSB．Fe2S3 C．FeOD．FeS2考点：质量守恒定律及其应用．专题：化学用语和质量守恒定律．分析：由题意知反响的化学方程式为2R+2H2O+7O2═2FeSO4+2H2SO4，依据质量守恒定律：①宏观意义：反响物和生成物的总质量不变；元素种类、质量不变；②微观意义：原子种类不变；原子数目不变；原子质量不变；故可推想R的化学式．解答：解：依据质量守恒定律：①宏观意义：反响物和生成物的总质量不变；元素种类、质量不变；②微观意义：原子种类不变；原子数目不变；原子质量不变；可知“2R”中含4个硫原子、2个亚铁离子，故其化学式为FeS2．应选D．点评：把握有关化学式的计算和推断方法；把握质量守恒定律的内容及其应用．5.〔xx•衡阳〕如图是两种物质反响的微观示意图，从示意图中猎取的以下信息不正确的选项是〔 〕ABC．反响前后原子数目发生转变 D．化学反响是原子重组合的过程考点：微粒观点及模型图的应用；化学反响的实质；反响类型的判定．专题：化学反响模拟图型．分析：A、依据原子的种类分析元素的种类；B、依据反响的特点分析反响的类型；C、依据微粒变化分析原子的变化；D、依据微粒的变化分析化学反响的实质．解答：解：A、反响前的两种分子中共含有三种原子，反响后生成的两种物质的分子中也含有这三种原子；依据元素为同种原子的总称，可推断该反响中涉及三种元素．故A正确；B、通过反响的图示可知，反响物和生成物都是一种单质和一种化合物，属于置换反响．故B正确；C、由反响的微观示意图可知，反响前有44个原子，反响前后原子数目发生没有转变．故C不正确；D、由反响微观图可知，生成物的分子是由反响物分子中原子重结合而构成的，即该反响是两种分子的原子重组合的过程；故D正确．应选C．点评：解答此题的关键是要充分理解图中供给的信息，充分理解“一种小球代表一种原子，依据微粒的变化会分析分子、原子的变化等．只有这样才能对问题做出正确的推断6.〔xx•衡阳〕4.6g某化合物在足量氧气中充分燃烧，生成8.8g二氧化碳和5.4g水．以下对该化合物组成的推断中，正确的选项是〔 〕由碳、氢两种元素组成由碳、氧两种元素组成由碳、氢、氧两种元素组成肯定含有碳、氢两种元素，可能含有氧元素考点：质量守恒定律及其应用；化合物中某元素的质量计算．专题：化学用语和质量守恒定律．质的质量之和．解答：解：依据质量守恒定律，参与反响的氧气质量为：8.8g+5.4g﹣4.6g=9.6g；g二氧化碳中氧元素的质量为：8.8g××100%=6.4g，5.4g水中氧元素的质量为：5.4g××100%=4.8g，该化合物中氧元素的质量为：6.4g+4.8g﹣9.6g=1.6g，和氧元素．应选：C．的根底．7.〔xx•娄底〕如图是某化学反响的微观模型，“”、“”分别表示不同元素的原子．以下对图示模型理解正确的选项是〔 〕反响前后分子的种类发生了转变反响物和生成物中只有一种单质反响前后原子的种类与数目发生了转变参与反响的两种物质分子个数之比为1：2考点：微粒观点及模型图的应用；单质和化合物的判别．.专题：化学反响模拟图型．分析：A、依据微粒的变化分析分子的变化；B、依据物质的微观构成，分析物质的类别；C、依据微粒的变化分析原子的变化；D、依据化学反响的微观模型和质量守恒定律分析参与反响的两种物质分子个数之比．解答：解：A、由微粒的变化可知，反响前后分子的种类发生了转变．故AB、单质的分子由一种原子构成，化合物的分子由多种原子构成，由图示可知看出反响物是两种单质，而生成物是一种化合物．故BC、由微粒的变化可知，反响前后原子的种类与数目没有发生转变．故CD、由反响的图示结合质量守恒定律可知，参与反响的两种物质分子个数之比为1：3D错误．A．点评：该题关键是从模型图中看出各物质分子的构成分子有几个参与反响，利用反响时的微粒个数关系及构造可很轻松的推断．8.〔xx•娄底〕在一密闭容器里放入四种物质，使其在肯定条件下充分反响，测得数据如下：四种物质四种物质反响前质量〔g〕反响后质量〔g〕甲2511乙15未测丙11丁522则以下表述正确的选项是〔 〕A．未测值为2 B．丙可能是催化剂C．乙全部发生了反响 D．甲与乙反响的质量比为25：15考点：质量守恒定律及其应用；催化剂的特点与催化作用．.专题：化学用语和质量守恒定律．质的质量；依据反响前后各物质的质量关系，对反响中各物质参与反响状况进展推断．解答：解：A〔25+15+1+5〕g﹣〔11+1+22〕g=12gA确；B、物质丙在反响前后质量不变，依据催化剂在反响前后质量和化学性质不变的特点，可推想该物质可能为反响的催化剂；故BC、反响后乙物质的质量为12g，依据反响前后物质质量差可得知反响中只有15g﹣12g=3g乙物质发生了反响；故C不正确；D、参与反响的甲、乙物质的质量比=〔25g﹣11g〕：〔15g﹣12g〕=14：3D错误；应选：B．先解决的量．9.〔xx•邵阳〕两种气体发生化学反响的微观示意图如下，其中一样的球代表同种原子，以下说法正确的选项是〔 〕A．该反响是置换反响 B．生成物肯定是氧化物C．化学反响前后分子的种类不变D．化学反响前后原子的种类不变考点：微粒观点及模型图的应用；从组成上识别氧化物；反响类型的判定．专题：化学反响模拟图型．分析：依据化学反响的微观示意图，比照反响前后微粒的变化，分析分子、原子的变化；分析生成物的组成；分析反响的特点，推断反响的类型．解答：解：A、由化学反响的微观示意图可知，该反响由两种物质生成了一种物质，属于化合反响．故AB、由生成物的微观构成可知，反响后生成了一种的化合物，但不肯定其中一种元素是氧元素，不能说明是氧化物．故BC、由反响前后微粒的变化可知，分子在化学变化中发生了变化，说明白分子的种类发生了变化．故CD、由反响前后微粒的变化可知，化学反响前后原子的种类和数量都不变．故D说法正确．D．示意图把宏观物质和微观粒子联系起来关键．10.〔xx•湘潭〕如图是某化学反响的微观示意图，从图中获得的信息错误的选项是〔〕该图表示的是一个化合反响该图表示反响物和生成物都有两种原子是化学变化中的最小粒子化学反响中，反响物、生成物的微粒个数比可表示为2：1：2考点：微粒观点及模型图的应用；反响类型的判定．专题：化学反响模拟图型．为一种单质的分子和一种化合物的分子通过分成的原子的再重组合而形成一种化合物的分子，据此分析解答即可．解答：解：可得实际参与反响的微观示意图为，A、依据化学反响的微观模拟示意图，得到该反响为一种单质的分子和一种化合物的分子通过分成的原子的再重组合而形成一种化合物的分子，故为化合反响；故AB、依据化学反响的微观模拟示意图，得到该反响为一种单质的分子和一种化合物的分子通过分成的原子的再重组合而形成一种化合物的分子，故BC、由图示可知反响前后原子种类没有变化，故C正确；分子是由原子构成的，故CD、从图示可知化学反响中，反响物、生成物的微粒个数比可表示为2：1：2；故D正确．B．决此类题目的关键．物质反响前质量/g反响后质量/gX物质反响前质量/g反响后质量/gX230O270待测CO2145H2O027该反响为分解反响反响生成的CO和HO45：272 221X考点：质量守恒定律及其应用；反响类型的判定．专题：化学用语和质量守恒定律．分析：反响后X23g，是反响物；44g，是生成物；反响后水的质量增加了27g，是生成物；依据质量守恒定律可知氧气是反响物，参与反响的氧气质量为：44g+27g﹣23g=48g．解答：解：A、反响物和生成物都是两种，不属于分解反响，该选项说法不正确；B、反响生成的CO2H2O44g：27g=44：27，该选项说法不正确；C、表中“待测”值为：70g﹣48g=22g，该选项说法不正确；D、X44g××100%+27g××100%﹣48g=8gX项说法正确．应选：D．个数不变，这是书写化学方程式、进展相关方面计算的根底．12.〔xx•益阳〕某物质X与O2发生反响的化学方程式是：X+3O22CO2+2H2O．以下说法中错误的选项是〔 〕A．X的化学式为C2H4 B．X具有可燃性C．该反响为置换反响 D．X是一种有机物考点：质量守恒定律及其应用；有机物与无机物的区分；反响类型的判定．专题：化学用语和质量守恒定律．分析：A、由质量守恒定律：反响前后，原子种类、数目均不变，据此由反响的化学方程式推断反响物X的化学式．B、由反响条件是点燃进展分析推断．C、置换反响是一种单质和一种化合物反响生成另一种单质和另一种化合物的反响．D、含有碳元素的化合物叫有机化合物，简称有机物．解答：解：A、依据反响的化学方程式X+3O22CO2+2H2O，反响物中氧S原子个数为6，2、6、4则每个X24个氢原子构成，则物质X的化学式为C2H4，应选项说法正确．B、该反响的反响条件是点燃，可知X具有可燃性，应选项说法正确．C、该反响的生成物均为化合物，不属于置换反响，应选项说法错误．D、X是含碳元素的化合物，属于有机物，应选项说法正确．应选：C．点评：此题难度不大把握利用化学反响前后元原子守恒来确定物质的化学式的方法置换反响与有机物的特征等是正确解题的关键．13.〔xx•永州〕如图是电解水的微观示意图，从中获得的信息错误的选项是〔 〕化学变化中，分子可分为原子，原子不能再分反响前后分子的种类和数目没有转变生成的氢分子与氧分子的分子个数比为2：12考点：微粒观点及模型图的应用；化学反响的实质．专题：化学反响模拟图型．2：1，以及物质的分类分析解答即可．解答：解：依据图示可知，水分解的方程式为：2HO2H↑+O2 2 2A、从该反响的图示可知在该反响中水分子能分解生成氢、氧两种原子，而氢、氧两种原子没有再分，从而可知化学反响中，分子分为原子，原子不能再分．故A正确；B、由电解水的微观示意图，在通电的条件下，每两个水分子变化成了两个氢分子和一个氧分子，反响前后分子的种类和数目发生了转变．故BC、由方程式可以看出，该反响生成的氢气与氧氧气的分子个数比是2：1．故CD、由氧分子的微观构成可知，一个氧分子由2个氧原子构．故D正确．B．点评：解答此题的关键是要充分理解图中供给的信息方面的学问，并书写相关的方程式，然后对相关选项进展分析推断即可．物质甲乙丙丁14.物质甲乙丙丁50.10.4以下说法正确的选项是〔〕515xA．乙是反响物B．丁是催化剂C．该反响为化合反响 D．X=10考点：质量守恒定律及其应用；催化剂的特点与催化作用；反响类型的判定．专题：化学用语和质量守恒定律．质量守恒定律可以完成反响物和生成物的推断可．解答：解：由表格的数据结合质量守恒定律，可知：24.5g+5g+0.1g+0.4g=5g+15g+x，则x=10g，物质质量削减的为反响物，故甲为反响物，而质量增加的丙、丁为生成物；即反响物为一种，而生成物为两种，符合“一变多”的特点，故属于分解反响．A、乙的质量不变，可能为催化剂，可能没有参与反响；B0.4g10g，不行能是催化剂；C、由分析可知：反响物为一种，而生成物为两种，符合“一变多”的特点，故属于分解反响；D、由分析可知：由表格的数据结合质量守恒定律，可知：24.5g+5g+0.1g+0.4g=5g+15g+x，x=10g．应选：D．点评：此题是结合质量守恒定律和化合反响的特征来推断反响类型解此题的关键是要会正确分析推断那些物质是反响物，那些物质是生成物．15.〔xx•张家界〕小汽车在发生猛烈碰撞时，安全气囊会瞬间弹出，在0.01秒内引发以下化学反响：2NaN+NHNO═3X↑+2Na+NO↑+2HO，则X的化学式为〔 〕3 4 3 2 2A．NOB．NOC．N D．NaOH2 2考点：质量守恒定律及其应用．专题：化学用语和质量守恒定律．分析：化学反响前后，元素的种类不变，原子的种类、总个数不变．228863X4433由分析可知，每个X2N2应选：C．点评：化学反响遵循质量守恒定律，即化学反响前后，元素的种类不变，原子的种类、总个数不变，这是书写化学方程式、进展相关方面计算的根底．16.〔xx•张家界如图是两种气体发生化学反响的微观示意图其中一样大小的球代表同种原子．以下说法正确的选项是〔 〕A．生成物有两种 B．分子在化学变化中不行再分C．化学反响前后原子的种类不变D．化学反响前后分子的种类不变考点：微粒观点及模型图的应用；化学反响的实质．专题：化学反响模拟图型．分析：依据化学反响的微观示意图，比照反响前后微粒的变化，分析分子、原子的变化；分析生成物的种类；分析反响的特点．解答：解：A、由生成物的微观构成可知，反响后生成了一种的化合物．故AB、由反响前后微粒的变化可知，分子在化学变化中发生了变化，说明白分子在化学变化中可以分割．故BC、由反响前后微粒的变化可知，化学反响前后原子的种类和数量不变．故CD、由化学反响的微观示意图可知，该反响由两种物质生成了一种物质，化学反响前后分子的种类发生转变，故D答案：C力量和对根本概念的理解与运用力量．17.〔xx•株洲〕在光照或点燃条件下，氢气和氯气发生反响生成氯化氢，其反响的微观示意图如下图．以下说法正确的选项是〔 〕全部化学反响在反响前后分子个数都不发生变化此反响过程中只有物质变化，没有能量变化在任何条件下，H和Cl均不能大量共存2 2由微观示意图可知：2gH2

71gCl2

73gHCl考点：微粒观点及模型图的应用；物质发生化学变化时的能量变化．专题：化学反响模拟图型．分析：依据微观模型结合反响的化学方程式进展分析解答即可．解答：解：据图可以看出，该反响是H2+Cl22HCl2 71A、反响前后分子的数目都是2有时不变；故A错误；B、此反响过程中氢气在氯气中燃烧会放出热量，故B错误；没有能量变化反响前氢气和氯气均是单质，氢元素和氯元素的化合价是0，反响后氯化氢中+1，氯元素是C、氢气和氯气发生反响生成氯化氢，是需要在光照或点燃条件下发生的，故C错误；D、反响中氢气和氯气的质量比是2：71，故D正确；应选D．进展．18.〔xx•株洲〕某物质W在空气中完全燃烧后的产物只有二氧化碳和水依据以上信息，以下关于物质W组成的说法中正确的选项是〔 〕A．含有C、H、O三种元素 B．只含C、H元素C．含有C、H元素，可能含有O元素D．含有C元素，可能含有H、O元素考点：质量守恒定律及其应用．专题：化学用语和质量守恒定律．分析：依据质量守恒定律，反响前后元素种类不变，结合题意进展分析解答．解答：解：某物质W在空气中完全燃烧后的产物只有二氧化碳和水，氧气是由氧元素组成的；CO和HO中含有碳、氧、氢、三种元素，依据质量守恒定律，反响前后，元素种2 2类不变，则W再肯定含有碳元素和氢元素，可能含有氧元素．应选：C．点评：此题难度不大，把握质量守恒定律〔反响前后，元素种类不变〕并能敏捷运用是正确解答此题的关键．19.〔xx•株洲〕：某密闭容器中，12gA加热完全分解产生B和C，其中B的质量为2g，同时C又能局部分解产生0.1gD和7.9gE，则最终该密闭容器中B和C的质量比为〔 〕A．1：1 B．1：2 C．1：4 D．1：5考点：质量守恒定律及其应用．专题：化学用语和质量守恒定律．分析：由题意可知，A的质量等于生成的B和C的质量之和，生成的D和E的质量之和等于反响掉的C的质量，然后分析计算进展解答．解答：解：由于参与反响的A的质量等于生成的B和CA的质量为12gB的质量为2gC的质量为10C又局部分解为0.1gD和则反响掉的C0.1g+7.9g=8g，还剩余C10g﹣8g=2g．则最终该密闭容器B2g，C2g，质量比为：1：1．应选A．点评：本考点考察了质量守恒定律的应用和有关的计算中常常消灭，还要留意有关的计算要准确，本考点常常消灭在选择题和试验题中．2.xx•张家界今年3月30PXPX的中文名称是对二甲苯〔化学式为CH ．从组成上看对二甲苯属于化合物 ，它在氧气中完全燃烧的产物是8 10二氧化碳和水．考点：单质和化合物的判别；质量守恒定律及其应用．专题：化学用语和质量守恒定律；物质的分类．分析：依据物质的组成和质量守恒定律来分析；二甲苯的化学式为CH ，由两种元素组8 10成，是化合物，依据质量守恒定律，其燃烧生成二氧化碳和水．解答：解：二甲苯的化学式为CH ，可知其由碳、氢两种元素组成，属化合物；依据质8 10量守恒定律，其燃烧生成二氧化碳和水．故答案为：化合物；二氧化碳和水；点评：依据物质的化学式可以表示物质的组成与构成物质燃烧后的产物，属于根底学问的考察．21.〔xx•益阳〕氢气在氯气中燃烧生成氯化氢，反响的微观过程如下图：写出该反响的化学方程式H2+Cl22HCl通过分析该反响的反响物，请你提出对燃烧条件的生疏燃烧不肯定有氧气参与．HHClHHClClHClHHCl烧的条件．专题：化学反响模拟图型．分析：〔1〕依据微观构造示意图可写出方程式；〔2〕依据燃烧的反响物考虑解答；解答：1物是氯化氢，所以方程式是：H2+Cl22HCl；〔2〕由该方程式可知燃烧不肯定有氧气参与；1+C22HC；〔2〕燃烧不肯定有氧气参与．合已有的学问进展．22.〔xx•湘潭〕质量守恒定律是一条重要规律，请利用该规律的相关学问答复以下问题．化学反响前后确定没有变化的是B 〔填字母序号〕A．①④⑥B．①③⑤⑥C．①②⑥D．②③⑤①原子数目②分子数目③元素种类④物质种类⑤原子种类⑥物质的总质量镁条在空气中完全燃烧后生成氧化镁〔只考虑氧气参与反响，下同，化学方程式为2Mg+O22MgO 1m2m1之差表示参与反响的氧气的质量．试验过程中，镁条点燃后试验现象如图2所示，镁条完全燃烧后，称量得知石棉网上留下固体质量反而比反响前镁条还轻，其缘由可能是局部生成物散逸到空气中．考点：质量守恒定律及其应用；书写化学方程式、文字表达式、电离方程式．专题：化学用语和质量守恒定律．分析：〔1〕化学反响前后，元素的种类不变，原子的种类、总个数不变；镁和氧气反响生成氧化镁；依据试验现象可以推断相关方面的问题．解答：解：〔1〕反响前后原子数目不变，元素种类不变，原子种类不变，物质的总质量不变；反响前后分子数目可能转变，也可能不变，物质种类肯定转变．故填：B．镁燃烧的化学方程式为：2Mg+O22MgO；1表示，则m2m1故填：2Mg+O22MgO；参与反响的氧气．通过观看可知，镁燃烧时，一局部生成的氧化镁集中到了空气中，会导致石棉网上留下固体质量反而比反响前镁条还轻．故填：局部生成物散逸到空气中．个数不变，这是书写化学方程式、进展相关方面计算的根底．23.〔xx•邵阳〕“嫦娥三号”xx122日，在西昌卫星放射中心放射，中国成为世界上3个实现月球软着陆的国家．试答复：运载“嫦娥三号”的火箭外壳用到了钛合金，钛合金属于混合物〔填“混合物”或“纯洁．放射嫦娥三的火箭所用燃料是偏二甲〔22推动剂是四氧化二N4，两者反响的化学方程式是H2+24+2C+4，则X的化学式是H2O ．探月的目的之一是猎取能源﹣﹣21个中子，则核外有2 个电子．4〕月球富含钛铁矿，主要成分是钛酸亚铁FeTi3，其中钛T〕的化合价是+4 ．定律及其应用．质的分类．分析：〔1〕依据合金的概念进展分析；依据质量守恒定律的微观解释：化学反响前后，各原子的种类和数目不变；依据原子中核内质子数=核外电子数分析；依据在化合物中正负化合价代数和为零，进展解答．解答：解：〔1〕钛合金的主要成分是钛，属于混合物，故填：混合物；依据质量守恒定律，化学反响前后，各原子的种类和数目不变．从化学方程式CHN+2NO=2CO+4X+3N看，在化学反响前后〔除X〕，其它各原子个数差分别是：碳原282 24 2 22﹣2=08﹣0=8，氮原子2+2×2﹣6=0，氧原子2×4﹣2×2=44X8X21X的化学式为HO．2故填：HO；2一个氦原子的原子核内有222；2，氧元素显﹣2，设钛元素的化合价是x，可知钛酸亚铁[FeTiO〔+2〕+x+〔﹣2〕×3=0，则x=+4．故3填：+4．计算指定元素的化合价的力量．〔xx〕1.〔xx•衡阳〕A+3B=2C+3DAB7：8，2.8gA与肯定量B恰好完全反响后，生成3.6gD，则C的质量为〔 〕A．6.8g B．9.6g C．8.8g D．4.4g考点：质量守恒定律及其应用．专题：化学用语和质量守恒定律．分析：依据“反响A+3B=2C+3DAB7：8”，则可假设AB7a、8a2.8gA与肯定量BBC解答：解：依据“反响A+3B=2C+3DA和B7：8”，则可AB7a、8a2.8gABB=9.62.8+9.6=C+3.6，故C=8.8C．点评：依据质量守恒定律指参与化学反响的各物质的质量总和等于反响后生成的各物质的质量总和；学会利用质量守恒定律处理问题的方法．2.〔xx•常德〕化学反响前后确定没有发生变化的是①原子数目②原子种类③分子数目④分子种类⑤元素的种类⑥物质的总质量⑦物质的种类A．①②⑤⑥B．①②③⑤C．①②⑤⑦D．③④⑥⑦3.〔xx•常德〕试验室制取氯气〔Cl〕时可用氢氧化钠溶液吸取尾气，其化学原理是：2Cl2NaOH=X＋NaClO＋HOX2 2A．NaCl B．H C．HCl D．HClO24.〔xx娄底〕在一密闭容器中，有甲、乙、丙、丁四种物质，肯定条件下充分反响，测得物质 甲反响前的质量物质 甲反响前的质量/g 30反响后的质量/g 0乙55100丙20X丁705依据质量守恒定律推断，X的值为〔 〕A．50B．70C．40D．15考点：质量守恒定律及其应用．专题：化学用语和质量守恒定律．于反响后生成各物质的质量总和，则可求X解答：解：由题意可知，依据质量守恒定律，反响前各物质的质量总和=反响后生成各物质的质量总和，则可列式：30+55+20+70=0+100+X+5X=70；B．各物质的质量总和．5xx•娄底如图表示两种气体发生化学反响的微观示意图其中一样的球代表同种原子认为以下说法正确的选项是〔 〕生成物肯定是混合物分子在化学变化中不行分该反响属于化合反响化学反响前后元素的种类发生了变化考点：微粒观点及模型图的应用；纯洁物和混合物的判别；反响类型的判定．专题：化学反响模拟图型．分析：依据化学反响的微观示意图，比照反响前后微粒的变化，分析分子、原子的变化；分析生成物的种类；分析反响的特点，推断反响的类型等．解答：解：A、由生成物的微观构成可知，反响后生成了一种的化合物．故A确；B、由反响前后微粒的变化可知，分子在化学变化中发生了变化，说明白分子在化学变化中可以再分．故BC、由化学反响的微观示意图可知，该反响由两种物质生成了一种物质，属于化合反响．故CD、由反响前后微粒的变化可知，化学反响前后原子的种类和数量不变，元素的种类没有发生变化．故DC．力量和对根本概念的理解与运用力量．6.〔xx•怀化〕化学反响前后，肯定没有变化的是〔D〕A.物质的种类 B.物质的状态 C.分子的种类和数目 D.原子的种类和数目7.〔xx•怀化〕某反响的微观示意图如下〔一种小球代表一种元素的原子〕，则以下说法中正确的选项是〔C〕A．参与反响的元素有四种B．反响物和生成物都属于化合物C．该示意图说明分子在化学变化中可以分成原子，原子再结合成的分子D．该反响属于复分解反响8.〔xx•怀化〕我国已经立法，规定酒驾入刑。“酒精检测仪”可检查司机是否酒后驾车，其反响原理为CHOH+4CrO+6HSO=2Cr(SO)+2CO9X，司机如有饮酒，红色25 3 2 4 2 43 2CrO就会变成绿色的Cr(SO)，则X〔B〕3 2 43A.NaO B. HO C.HSO

D.CO2 2 2 4 29.〔xx•邵阳〕据报道，科学家制造了一种“月球制氧机”，这种“月球制氧机”利用聚焦太阳能产生的高温加热月球土壤，制得氧气．据此可推想月球土壤中肯定含有〔 〕A．氧元素B．氧气 C．氧化物D．水考点：分子、原子、离子、元素与物质之间的关系．专题：物质的微观构成与物质的宏观组成．分析：依据氧气的组成和质量守恒定律推断，氧气是由氧元素组成的，由质量守恒定律，反响前后元素的种类不变，要制氧气原料中必需含有氧元素．解答：解：A、氧气是由氧元素组成的，依据质量守恒定律，反响前后元素的种类不变，制氧气的原料中必需含有氧元素，应选项正确．B、制氧气可以用物理方法，也可以用化学方法，如用化学方法的话，原料中不肯定含氧气，应选项错误．C、氧化物中含有氧元素，可能用来制氧气，但含有氧元素的物质均有可能，不肯定是氧化物，应选项错误．D、水中含有氧元素，可用来制氧气，但含有氧元素的物质均有可能，不肯定是水，应选项错误．A．素及元素守恒