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文档简介
物理in卷
14.如图所示,水平放置的圆柱形光滑玻璃棒左边绕有一线圈,右边套有
一金属圆环。圆环初始时静止。将图中开关S由断开状态拨至连接状态,电路
接通的瞬间,可观察到()
M
N1
A.拨至M端或N端,圆环都向左运动
B.拨至M端或N端,圆环都向右运动
C.拨至M端时圆环向左运动,拨至N端时向右运动
D.拨至M端时圆环向右运动,拨至N端时向左运动
B[将开关S由断开状态拨至"端或N端,都会使线圈中的电流突然增大,
穿过右边圆环的磁通量突然增大,由楞次定律可知,圆环都会向右运动以阻碍
磁通量的增大,选项B正确,A、C、D均错误。]
15.甲、乙两个物块在光滑水平桌面上沿同一直线运动,甲追上乙,并与
乙发生碰撞,碰撞前后甲、乙的速度随时间的变化如图中实线所示。已知甲的
质量为1kg,则碰撞过程两物块损失的机械能为()
A[设乙物块的质量为m,由动量守恒定律有mcvc=m甲v'甲
+机匕。'S代入图中数据解得机匕=6kg,进而可求得碰撞过程中两物块损失
的机械能为E投=3《甲4+%/匕迫一白/n甲0,*一5/匕/1,代入图中数据解得
E«=3J,选项A正确。]
16.“嫦娥四号”探测器于2019年1月在月球背面成功着陆,着陆前曾绕
月球飞行,某段时间可认为绕月做匀速圆周运动,圆周半径为月球半径的K倍。
已知地球半径R是月球半径的P倍,地球质量是月球质量的。倍,地球表面重
力加速度大小为g。则“嫦娥四号”绕月球做圆周运动的速率为()
A•穆B.得
CA/WD.
KR
D[由题意可知“嫦娥四号”绕月球做匀速圆周运动的轨道半径为r=
设月球的质量为M,“嫦娥四号”绕月球做匀速圆周运动的速率为m“嫦娥四
号”的质量为m,则地球的质量为QM,一质量为的物体在地球表面满足
G爷式=山,且,而,,嫦娥四号,,绕月球做匀速圆周运动满足G^=机手,解得。
=穆,选项D正确。]
17.如图所示,悬挂甲物体的细线拴牢在一不可伸长的轻质细绳上0点处;
绳的一端固定在墙上,另一端通过光滑定滑轮与物体乙相连。甲、乙两物体质
量相等。系统平衡时,。点两侧绳与竖直方向的夹角分别为a和夕。若a=70°,
则/等于()
B[设甲、乙两物体的质量均为机,对。点进行受力分析,右侧细绳上的
拉力大小为ZMg,左侧细绳上的拉力大小为凡。点下方的细线上的拉力大小为
mg,系统平衡时对力进行水平和竖直方向的正交分解可得JFsin/3=mgsina,
Fcos+/ngcosa=mg,解得0=55°,选项B正确。]
18.真空中有一匀强磁场,磁场边界为两个半径分别为。和3a的同轴圆柱
面,磁场的方向与圆柱轴线平行,其横截面如图所示。一速率为v的电子从圆
心沿半径方向进入磁场。已知电子质量为机,电荷量为e,忽略重力。为使该电
子的运动被限制在图中实线圆围成的区域内,磁场的磁感应强度最小为()
2
xyTx
(义》.力A
xX/Za/[XX
XX*\_VXX
7x
Xxxx^Z
C[为使电子的运动被限制在图中实线圆围成的区域内,电子进入匀强磁
场中做匀速圆周运动的半径最大时轨迹如图所示,设其轨迹半径为r,轨迹圆圆
心为Af,磁场的磁感应强度最小为5,由几何关系有f^n+r=3a,解得r=;
023tnv
a,电子在匀强磁场中做匀速圆周运动有evB=m~,解得选项C正
确。]
19.1934年,约里奥一居里夫妇用a粒子轰击铝箔,首次产生了人工放射
性同位素X,反应方程为犯e+^Al-X+M。X会衰变成原子核Y,衰变方程为
XfY+?e。贝!)()
A.X的质量数与Y的质量数相等
B.X的电荷数比Y的电荷数少1
C.X的电荷数比弘A1的电荷数多2
D.X的质量数与召A1的质量数相等
AC[根据电荷数守恒和质量数守恒,可知2He+若Al-X+标方程中X的
质量数为30,电荷数为15,再根据X-Y+?e方程可知Y的质量数为30,电荷
数为14,故X的质量数与Y的质量数相等,X的电荷数比Y的电荷数多1,X
的电荷数比召AI的电荷数多2,X的质量数比弘A1的质量数多3,选项A、C正
确,B、D错误。]
20.在图(a)所示的交流电路中,电源电压的有效值为220V,理想变压器原、
副线圈的匝数比为10:1,Ri、&、R3均为固定电阻,/?2=10。,犬3=20。,
各电表均为理想电表。已知电阻及中电流i2随时间,变化的正弦曲线如图(b)所
示。下列说法正确的是()
3
A.所用交流电的频率为50Hz
B.电压表的示数为100V
C.电流表的示数为1.0A
D.变压器传输的电功率为15.0W
AD[由变压器不会使交流电的周期改变和图(b)可知所用交流电的周期为
2X10-2s,可求得所用交流电的频率为50Hz,选项A正确;由图(b)可知通过
R2的电流的有效值为1A,由串并联特点可知通过76的电流(即通过电流表的电
流)为0.5A,故副线圈的总电流为/2=1.5A,由欧姆定律可得副线圈两端的电压
172=1X10v=10V,由变压器原、副线圈两端电压比与原、副线圈匝数比的关
系可得,原线圈两端的电压s=S〃i=ioov,再根据原线圈电路的串联关系可
112
得用两端的电压为Uv=220V-100V=120V,选项B、C均错误;根据变压
器原理可得变压器传输的电功率为P=U2/2=10X1.5W=15.0W,选项D正确。]
21.如图所示,是锐角三角形PMN最大的内角,电荷量为q(q>0)的
点电荷固定在P点。下列说法正确的是()
A.沿MN边,从M点到N点,电场强度的大小逐渐增大
B.沿MN边,从M点到N点,电势先增大后减小
C.正电荷在M点的电势能比其在N点的电势能大
D.将正电荷从M点移动到N点,电场力所做的总功为负
BC[如图所示,找出。点,使。点与尸点的距离等于M点与P点的距离,
4
L点为MN上到P点距离最短的点,根据三角形边角关系、点电荷的电场强度
公式后=脸和正点电荷形成电场中的电势特点可知,沿着MN边,从M点到N
点,到P点的距离,先减小后增大,电场强度先增大后减小,电势也先增大后
减小,选项B正确,A错误;根据电势能与电势的关系Ep=«e可知,正电荷在
"点的电势能比在N点的电势能大,故将正电荷从M点移动到N点,电场力所
做的总功为正,选项C正确,D错误。]
22.(6分)某同学利用图(a)所示装置验证动能定理。调整木板的倾角平衡摩
擦阻力后,挂上钩码,钩码下落,带动小车运动并打出纸带。某次实验得到的
纸带及相关数据如图(b)所示。
已知打出图(b)中相邻两点的时间间隔为0.02s,从图(b)给出的数据中可以
得到,打出B点时小车的速度大小0B=m/s,打出P点时小车的速度
大小vP=m/so(结果均保留2位小数)
322―J单位:cm
--4.00——►
--------------50.66---------------►
V---------------------54.20---------------------►
**-----------------------------57.86------------------------------►
图(b)
若要验证动能定理,除了需测量钩码的质量和小车的质量外,还需要从图(b)
给出的数据中求得的物理量为o
[解析]打下5点的时刻为打下与5点相邻左、右两点的中间时刻,则打
下B点时小车的速度应为这两点间小车的平均速度,即加=4,席j'6XIO"
m/s=0.36m/s;同理打下尸点时小车的速度为力。丁"义10-2m/s=1.80
m/So在验证动能定理时,除了需测量钩码的质量机和小车的质量M外,如果
选取8到P的过程,则由/ngXBp=;(M+m)冰一可知,票验证动能定
5
理还需要求得5、P两点间的距离。
[答案]0.36(2分)1.80(2分)5、P之间的距离Q分)
23.(9分)已知一热敏电阻当温度从10C升至60°C时阻值从几千欧姆降至
几百欧姆,某同学利用伏安法测量其阻值随温度的变化关系。所用器材:电源E、
开关S、滑动变阻器R(最大阻值为20。)、电压表(可视为理想电表)和毫安表(内
阻约为100O)。
(1)在方框中所给的器材符号之间画出连线,组成测量电路图。
热敏电阻尸、
—t——
令
应
《一N一
(2)实验时,将热敏电阻置于温度控制室中,记录不同温度下电压表和毫安
表的示数,计算出相应的热敏电阻阻值。若某次测量中电压表和毫安表的示数
分别为5.5V和3.0mA,则此时热敏电阻的阻值为k。。(保留2位有效
数字)实验中得到的该热敏电阻阻值R随温度,变化的曲线如图⑶所示。
(3)将热敏电阻从温控室取出置于室温下,测得达到热平衡后热敏电阻的阻
值为2.2k。。由图(a)求得,此时室温为°C(保留3位有效数字)。
(4)利用实验中的热敏电阻可以制作温控报警器,其电路的一部分如图(b)所
示。图中,E为直流电源(电动势为10V,内阻可忽略);当图中的输出电压达到
或超过6.0V时,便触发报警器(图中未画出)报警,若要求开始报警时环境温度
为50℃,则图中(填“拈”或“火2”)应使用热敏电阻,另一固定电阻的
[解析](1)由于滑动变阻器的最大阻值比待测电阻的阻值小得多,因此滑动
6
变阻器应用分压式接法,由于电压表可视为理想电表,则电流表应用外接法,
电路图如答案图所示。⑵由欧姆定律得R=*30若0与n«1.8X103。=1.8
kfto(3)由题图(a)可直接读出热敏电阻的阻值为2.2k。时,室温为25.5°C。(4)
由题意可知随温度的升高Ri两端的输出电压应增大,又由串联电路的特点可知,
Ri的阻值应减小或R2的阻值应增大,而热敏电阻的阻值随温度的升高而减小,
因此Ri应为热敏电阻;当环境温度为50°C时,热敏电阻的阻值为0.8k。,则
由串联电路的特点有豆大~=丁,解得及=1.2k。。
K1-TK2A2
[答案](1)如图所示(3分)(2)1.8(1分)(3)25.5(1分)(4)Ri(2分)1.2(2
分)
24.(12分)如图所示,一边长为/o的正方形金属框Ned固定在水平面内,
空间存在方向垂直于水平面、磁感应强度大小为B的匀强磁场。一长度大于6/o
的均匀导体棒以速率。自左向右在金属框上匀速滑过,滑动过程中导体棒始终
与ac垂直且中点位于ac上,导体棒与金属框接触良好。已知导体棒单位长度的
电阻为r,金属框电阻可忽略。将导体棒与a点之间的距离记为刈求导体棒所
受安培力的大小随x(OWxW&/o)变化的关系式。
[解析]当导体棒与金属框接触的两点间棒的长度为/时,由法拉第电磁感
应定律知,导体棒上感应电动势的大小为
E=Blv①(2分)
由欧姆定律,流过导体棒的感应电流为
P
/=万②(2分)
式中,R为这一段导体棒的电阻。按题意有
7
R=rl③(2分)
此时导体棒所受安培力大小为
F=BII④(2分)
由题设和几何关系有
2x,
厂⑤(2分)
2(巾A—x),当lo<xW木lo
联立①②③④⑤式得
f2B2v.7也
------X,00・拳而
1*/
尸=5@(2分)
(小lo-x),哗IqVxW巾1。
、/*乙
r2B2v-7g
------x,(XW拳/o
7,--------------4
[答案]F=S
2
2Bv,r、乎10VxW巾lo
r(^/2Zo-x),
25.(20分)如图所示,相距L=11.5m的两平台位于同一水平面内,二者之
间用传送带相接。传送带向右匀速运动,其速度的大小。可以由驱动系统根据
需要设定。质量m=10kg的载物箱(可视为质点),以初速度0o=5.Om/s自左侧
平台滑上传送带。载物箱与传送带间的动摩擦因数4=0」0,重力加速度取g=
10m/s2<.
(1)若o=4.0m/s,求载物箱通过传送带所需的时间;
(2)求载物箱到达右侧平台时所能达到的最大速度和最小速度;
(3)若。=6.0m/s,载物箱滑上传送带△餐1券3s后,传送带速度突然变为零。
求载物箱从左侧平台向右侧平台运动的过程中,传送带对它的冲量。
[解析](1)传送带的速度为v=4.0m/s时,载物箱在传送带上先做匀减速运
动,设其加速度大小为小由牛顿第二定律有
8
limg—ma①(1分)
设载物箱滑上传送带后匀减速运动的距离为si,由运动学公式有
一晶=—2o5l②(1分)
联立①②式,代入题给数据得
si=4.5m③(1分)
因此,载物箱在到达右侧平台前,速度先减小至必然后开始做匀速运动。
设载物箱从滑上传送带到离开传送带所用的时间为t\,做匀减速运动所用的时间
为人,由运动学公式有
v=vo—at'i④(1分)
,L-si/、
⑤(1分)
联立①③④⑤式并代入题给数据得
A=2.75So(§)(1分)
(2)当载物箱滑上传送带后一直做匀减速运动时,到达右侧平台时的速度最
小,设为VI:当载物箱滑上传送带后一直做匀加速运动时,到达右侧平台时的
速度最大,设为。2。由动能定理有
—HnigL=^mvi—^inv^(7)(2分)
UmgL=^mv2—^mvo⑧(2分)
由⑦⑧式并代入题给条件得
vi=y[2m/s,。2=4,5m/s。⑨(2分)
(3)传送带的速度为0=6.0m/s时,由于。载物箱先做匀加速运动,
加速度大小仍为4。设载物箱做匀加速运动通过的距离为S2,所用时间为自由
运动学公式有
v=vo+at2⑩(1分)
v2—vo=2as2⑪(1分)
联立①⑩⑪式并代入题给数据得
f2=1.0s⑫(1分)
52=5.5m⑬(1分)
因此载物箱加速运动1.0s、向右运动5.5m时,达到与传送带相同的速度。
9
此后载物箱与传送带共同匀速运动(A£-f2)的时间后,传送带突然停止。设载物
箱匀速运动通过的距离为S3,有
53=(△£—£2)。⑭(1分)
2
由①⑫⑬⑭式可知,^mv>fimg(L—S2—S3)9即载物箱运动到右侧平台时速
度大于零,设为03。由运动学公式有
vl~v2=—2a(L~S2—S3)⑮(1分)
设载物箱通过传送带的过程中,传送带对它的冲量为1,由动量定理有
I=m(V3—vo)⑯(1分)
联立①⑫⑬⑭⑮⑯式并代入题给数据得
/=0,⑰(1分)
[答案](1)2.75s⑵最大速度473m/s最小速度也m/s(3)0
33.[物理—选修3-3](15分)
(1)(5分)如图所示,一开口向上的导热汽缸内,用活塞封闭了一定质量的理
想气体,活塞与汽缸壁间无摩擦。现用外力作用在活塞上,使其缓慢下降。环
境温度保持不变,系统始终处于平衡状态。在活塞下降过程中o(填正
确答案标号。选对1个得2分,选对2个得4分。选对3个得5分;每选错1
个扣3分,最低得分为0分)
A.气体体积逐渐减小,内能增加
B.气体压强逐渐增大,内能不变
C.气体压强逐渐增大,放出热量
D.外界对气体做功,气体内能不变
E.外界对气体做功,气体吸收热量
(2)(10分)如图所示,两侧粗细均匀、横截面积相等、高度均为H=18cm的
U型管,左管上端封闭,右管上端开口。右管中有高加=4cm的水银柱,水银
柱上表面离管口的距离/=12cm。管底水平段的体积可忽略。环境温度为Ti=
283K,大气压强po=76cmHg。
1()
(i)现从右侧端口缓慢注入水银(与原水银柱之间无气隙),恰好使水银柱下端
到达右管底部。此时水银柱的高度为多少?
(ii)再将左管中密封气体缓慢加热,使水银柱上表面恰与右管口平齐,此时
密封气体的温度为多少?
[解析](1)外力使活塞缓慢下降的过程中,由于温度保持不变,则气体的内
能保持不变,气体的体积逐渐减小,外界对气体做功,由热力学第一定律可知,
气体向外界放出热量,又由玻意耳定律可知,气体体积减小,气体的压强增大,
由以上分析可知B、C、D正确,A、E错误。
(2)(i)设密封气体初始体积为Vi,压强为pi,左、右管的截面积均为S,密
封气体先经等温压缩过程体积变为压强变为P2。由玻意耳定律有
piVi=p2V2①(2分)
设注入水银后水银柱高度为区水银的密度为°,按题设条件有
pi=po+pgho②
p2=po+pgk③
Vi=(2H-l~hn)S,V2=HS④(2分)
联立①②③④式并代入题给数据得
人=12.9cm。⑤(1分)
(ii)密封气体再经等压膨胀过程体积变为内,温度变为Ti,由盖-吕萨克定
律有
⑥(2分)
按题设条件有
V3=(2H~h)S⑦(1分)
联立④⑤⑥⑦式并代入题给数据得
72=363Ko⑧(2分)
[答案](l)BCD
(2)(i)12.9cm(ii)363K
34.[物理——选修3—4](15分)
11
(1)(5分)如图所示,一列简谐横波平行于*轴传播,图中的实线和虚线分别
为f=0和f=0.1s时的波形图。已知平衡位置在x=6m处的质点,在0到0.1s
时间内运动方向不变。这列简谐波的周期为s,波速为m/s,
传播方向沿x轴(填“正方向”或“负方向”)。
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