2021年江苏省扬州市中考物理试题（解析版）

扬州市2021年初中毕业、升学统一考试物理试题一、选择题1.关于声现象，下列说法正确的是（）A.声音可在真空中传播B.声音是由物体振动产生的C.“轻声细语”指的是降低声音的音调D.分辨琵琶和小提琴的声音主要依靠响度【答案】B【解析】【分析】【详解】A．声音的传播需要介质，不能在真空中传播，故A错误；B．声音是由物体振动产生的，振动停止发生停止，故B正确；C．“轻声细语”指是说话的声音小，是降低声音的响度，不是降低声音的音调，故C错误；D．音色是声音的特有品质，用于区分不同物体发出的声音，分辨琵琶和小提琴的声音主要依靠音色，故D错误。故选B。2.下列数据中，符合实际情况的是（）A.成年人正常步行的速度约1.4m/s B.中学生的质量约300kgC.人体感觉最舒适的温度约为37℃ D.家庭电路的电压是380V【答案】A【解析】【分析】【详解】A．成年人正常步行的速度在1.1m/s左在，故A符合题意；B．中学生的质量约为5060kg，故B不符合题意；C．正常情况下，人体感觉最舒适的温度约为22℃，故C不符合题意；D．在我国，家用电器正常工作的电压一般是220V，故D不符合题意。故选A。3.冬天，打开装有热水的保温杯杯盖，有“白气”冒出，形成“白气”的物态变化是（）A.升华 B.熔化 C.凝华 D.液化【答案】D【解析】【分析】【详解】A．有“白气”冒出，白气是液态水，是水蒸气变为液态，故是液化，升华是固态直接变为气态，故A不符合题意；B．有“白气”冒出，白气是液态水，是水蒸气变为液态，故是液化，熔化是固态变为液态，故B不符合题意；C．有“白气”冒出，白气是液态水，是水蒸气变为液态，故是液化，凝华是气态直接变为固态，故C不符合题意；D．有“白气”冒出，白气是液态水，是水蒸气变为液态，故是液化，故D符合题意。故选D。4.下列光现象中，由于光的反射形成的是（）A.皮影B.笔在水面处“折断”C.水中的“倒影”D.三棱镜分解白光【答案】C【解析】【分析】【详解】A．皮影是由于光的直线传播形成的。故A不符合题意；B．笔在水面处“折断”这是由于光的折射形成的。故B不符合题意；C．水中的“倒影”是平面镜成像，即由于光的反射形成的。故C符合题意；D．三棱镜分解白光是光的色散现象，原理是光的折射。故D不符合题意。故选C。5.小明到扬州世园会游玩，下列说法正确的是（）A.闻到花香，是因为分子间有引力B.看到红花，是因为红花吸收了红光C.水从高处落下形成瀑布，重力势能转化为动能D.从多个方向能看到屏幕上的图像，是因为发生了镜面反射【答案】C【解析】【分析】【详解】A．我们能闻到花香，是因为花的芳香油分子做无规则运动扩散到空气中，故A错误；B．我们能看到美丽的红花，是因为花瓣反射红光，故B错误；C．水从高处落下形成瀑布，高度降低，重力势能减小，速度增大，动能增大，重力势能转化为动能，故C正确；D．从多个方向能看到屏幕上的图像，是因为发生了漫反射，故D错误。故选C。6.将气球在头发上摩擦后靠近较轻的金属筒，筒会滚动起来，这种现象是（）A.热现象 B.电磁感应现象 C.磁化现象 D.静电现象【答案】D【解析】【详解】气球在头发上摩擦后会带上静电，气球带电后靠近较轻的金属筒，由于感应起电，金属筒靠近气球的一侧会带上与气球异种的电荷，由于异种电荷相互吸引，所以金属筒会滚动起来，这是静电现象。故选D。7.下列实例中，目的是为了减小摩擦的是（）A.自行车轴承安装滚珠轴承B.消防员即将到达地面时紧握滑竿C.此车轮胎表面刻有花纹D.足球守门员戴防滑手套【答案】A【解析】【分析】【详解】A．自行车轴承安装滚珠轴承，是用滚动代替滑动来减小摩擦力，故A符合题意；B．消防员即将到达地面时紧握滑竿，是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力，故B不符合题意；C．轮胎上刻有凹凸的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故C不符合题意；D．足球守门员戴防滑手套，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故D不符合题意。故选A。8.在“探究蜡烛的熔化特点”和“观察碘锤中的物态变化”两个活动中，采用水浴法加热的主要目的是（）A.都是为了受热均匀B.都是为了控制温度C.前者是为了受热均匀，后者是为了控制温度D.前者是为了控制温度，后者是为了受热均匀【答案】C【解析】【分析】【详解】探究蜡烛的熔化特点实验中，采用水浴法加热是为了受热均匀，使用水浴法对碘锤加热目的是使碘的温度不高于其熔点，故C符合题意，ABD不符合题意。故选C。9.“祝融号”火星车登陆火星后对能量需求更为迫切，下列事实与有无关的是（）A.火星半径约为地球半径的一半B.火星上平均气温在一60℃左右C.火星尘埃覆盖在太阳能板上D.火星距离太阳更远，辐照强度仅有地球的43%【答案】BCD【解析】【分析】【详解】A．火星的半径约为地球半径的一半，与火星车登陆火星后对能量需求更为迫切无关，故A不符合题意；B．火星上平均气温在－60左右，环境温度低对能量的需求更大，火星车登陆火星后对能量需求更为迫切，故B符合题意；C.．火星尘埃覆盖在太阳能板上，降低了对太阳能的利用率，也使火星后对能量需求更为迫切，故C符合题意；D．由于火星距离太阳更远，这里的太阳能密度仅为地球附近的4成左右，也使火星后对能量需求更为迫切，故D符合题意；故选BCD。10.如图所示，电源电压保持6V不变，R1=5Ω，R3=15Ω，滑动变阻器R2标有“15Ω2A”字样，下列说法正确的是（）A.当R2的滑片P在b端，只闭合S、S1时，电流表示数为0.3A，电压表示数为0B.当R2的滑片P在b端，只闭合S、S2时，电流表示数为0.2A，电压表的示数为3VC.当R2的滑片P在a端，只闭合S、S2时，电流表示数为0.4A，电压表示数为6VD.当R2的滑片P在a端，闭合S、S1，S2时，电流表示数为1.2A，电压表的示数为0【答案】B【解析】【分析】【详解】A．当R2的滑片P在b端，变阻器连入电路的电阻最大，只闭合S、S1时，R1和R2串联，电流表示数为电压表和R3串联，电压表的示数接近电源电压，电压表的示数不为零，故A错误；B．当R2的滑片P在b端，变阻器连入电路的电阻最大，只闭合S、S2时，R2和R3串联，电压表测量R2两端的电压，电流表示数为=0.2A电压表的示数为U2=I串R2=0.2A×15Ω=3V故B正确；C．当R2的滑片P在a端，变阻器连入电路的电阻为零，只闭合S、S2时，只有R3的简单电路，电流表示数为电压表被短路，电压表的示数为零，故C错误；D．当R2的滑片P在a端，变阻器连入电路的电阻为零，闭合S、S1，S2时，R1和R3并联，电流表测量干路中的电流，电流表示数为电压表被短路，电压表的示数为零，故D错误。故选B。11.有关蜡烛跷跷板的小制作，下列说法正确的是（）A.选用越粗的蜡烛效果越好B.转轴位置离蜡烛重心越远越好C.为防止蜡烛摆动过大而翻转，可使转轴位置处于蜡烛重心上方D.为防止蜡烛摆动过大而翻转，可将蜡烛两端的下侧面削去一些【答案】C【解析】【分析】【详解】A．蜡烛越粗，燃烧越慢，蜡烛摆动效果越不明显。故A错误；B．转轴位置离蜡烛重心不是越远越好，太远蜡烛可能不摆动。故B错误；CD．为防止蜡烛摆动过大而翻转，可使转轴位置处于蜡烛重心上方或者可将蜡烛两端的上侧面削去一些。故C正确，D错误。故选C。12.如图所示电路，电源电压保持6V不变，滑动变阻器的最大阻值为15Ω，定值电阻R2为5Ω，电压表示数为U1，R2的电功率为P2，电流表示数为I，闭合开关后，移动滑片P，下列图像可能正确的是（）A. B.C. D.【答案】D【解析】【分析】【详解】如图，两个电阻串联，电压表测滑动变阻器R1两端的电压，电流表测电路中的电流；AB．R1为滑动变阻器最大阻值为15Ω时，电流最小，对应电压表的读数图中对应的点应该为(0.3A，4.5)；当滑动变阻器阻值为0时，电流最大，最大电流为在图中对应的点应改为(0，1.2)；A图中对应点(0，6V)不应在图像上，B图中(0.3，5)不应在图像上，故A错误，故B错误；CD．R2的最小功率R2的最大功率以上图像上的点均正确，由公式可知，P与I2成正比，图像应为二次函数图像的一部分，故C错误；D正确。故选D。二、填空题13.2020年12月11日，扬州进入高铁时代，在高铁上行驶的动车设计成流线型，是为了______，靠近村庄的铁路两侧安装隔音板是在______控制噪声，G8264次列车从扬州东站至宝应站用时27分钟，铁路线长约94.5km，其平均速度约是______km/h。【答案】①.减小空气阻力②.传播过程中③.210【解析】【详解】[1]在高铁上行驶的动车设计成流线型，可以减小迎风面积，是为了减小空气阻力。[2]靠近村庄的铁路两侧安装隔音板，可以阻断噪声的传播，是在传播过程中控制噪声。[3]列车从扬州东站至宝应站平均速度约是v=210km/h14.如图，向两个乒乓球中间打气，会看到两个乒乓球______（填“分开”或“靠近”）；用注射器吸入无水酒精，是利用了______，再将活塞推至针筒的底端，然后用橡皮帽封住小孔，小孔内还留有少量酒精，沿针筒轴线方向向外拉动活塞一段距离，保持静止，此时，液态酒精消失是______现象，不计活塞与针筒的摩擦以及活塞自重，大气对活塞的压力______拉力（填“大于”“小于”或“等于”）。【答案】①.靠近②.大气压③.汽化④.大于【解析】【详解】[1]向两个乒乓球中间打气，两个乒乓球中间气流速度变大，由于流体流速越大的位置压强越小，两个乒乓球会受到向内的压强差作用，所以会看到两个乒乓球靠近。[2]用注射器吸入无水酒精，注射器内的气压小于外界大气压，在大气压作用下，无水酒精被压入注射器内。[3]再将活塞推至针筒的底端，用橡皮帽封住小孔，此时注射内是密封的，沿针筒轴线方向向外拉动活塞丙保持静止，注射器内气压减小，酒精由液态变为气态，这是酒精汽化的过程。[4]此时注射器内有酒精蒸气，有一定的气压，不计活塞与针筒的摩擦以及活塞自重，拉力大小等于外界大气对活塞的压力与内部酒精蒸气气压对活塞的压力之差，故大气对活塞的压力大于拉力。15.小明对所学的一些物理量进行归纳，请你帮他补全空格处的内容，第（1）、（3）两空只需填个物理量名称______、______、______。【答案】①.质量②.物质③.功率【解析】【分析】【详解】（1）[1]质量是物体的一种属性，不随物体位置、形状、状态及温度而变化。（2）[2]密度和比热容是物质的一种特性。（3）[3]功率表示物体做功快慢的物理量。16.在玻璃瓶内装入约半瓶细沙，盖上瓶盖，包裹一层泡沫塑料，迅速振动瓶子几十次，细沙温度升高，这是用______方法使沙子内能增大，泡沫塑料的作用是______，如果换成水做该实验，升温不明显是因为水的______大。【答案】①.做功②.防止热量散失③.比热容【解析】分析】【详解】[1][2]在玻璃瓶内装入约半瓶细沙，盖上瓶盖，包裹一层泡沫塑料，迅速振动瓶子，细沙温度升高，机械能转化为内能，通过做功的方式改变物体的内能，包裹一层泡沫塑料可以防止热量散失。[3]如果换成水做该实验，水的比热容比较大，吸收相同的热量，升高的温度较低，升温不明显。17.如图，边长为0.1m的正方体木块放在水平桌面中央,已知木块密度为0.5×103kg/m3，木块质量为______kg，它对桌面的压强为______Pa，木块在大小为1.5N的水平向右的拉力作用下从A点匀速直线运动到B点，它所受摩擦力为______N，此过程中，它对桌面的压强______（填“变大”、“变小”成“不变”）。（g=10N/kg）【答案】①.②.③.1.5④.不变【解析】【分析】【详解】[1]木块的质量[2]它对桌面的压强为[3]木块在大小为1.5N的水平向右的拉力作用下从A点匀速直线运动到B点，水平方向上受到拉力和摩擦力的作用，二力大小相等，故它所受摩擦力为1.5N。[4]此过程中，桌面的受力面积不变，压力大小不变，故它对桌面的压强不变。18.利用易拉罐做以下儿个小实验，（1）如图1，向空易拉罐中插入透明吸管，接口用蜡密封，在吸管内引入一小段油柱，把罐体放在热水中，可以看到油柱______，这是利用气体的______制作简易温度计；（2）如图2，在易拉罐中放入盐和敲碎的冰，用筷子轻轻搅拌半分钟，可以看到罐底出现“白霜”这是空气中的水蒸气发生了______现象；（3）如图3，将易拉罐底部开一圆孔倒出饮料，放入滴有酒精的小块脱脂棉花，轻轻晃动易拉罐，把电火花发生器紧紧塞进孔中，按动按钮，观察到罐子飞出去了，这个过程与汽油机的______冲程能量转化方式一致。【答案】①.上升②.热胀冷缩③.凝华④.做功【解析】【详解】（1）[1][2]空易拉罐中插入透明吸管，接口用蜡密封，在吸管内引入一小段油柱，把罐体放在热水中，由于热胀冷缩，罐内气体受热体积会膨胀，使管内油柱上升。（2）[3]冰中加盐会降低冰的熔点，在易拉罐中放入盐和敲碎的冰，用筷子轻轻搅拌半分钟，罐内的冰会在0℃以下开始熔化，因熔化过程要吸收热量，所以使罐壁的温度降低且低于0℃，空气中的水蒸气遇到0℃以下的罐底发生凝华现象，由水蒸气直接变为小冰晶附着在罐壁上，所以出现“白霜”。（3）[4]按动电火花发生器按钮，会点燃罐内酒精，酒精燃烧产生高温高压的燃气而向外喷气做功，所以罐子飞出去。这一过程是酒精的化学能转化为内能，再由内能转化为罐子的机械能，与汽油机的做功冲程能量转化方式一致。19.2020年我市空气质量优良天数达293天，监测大气污染物浓度的电路如图甲所示，R为气敏电阻，其材料一般为______（填“半导体”或“超导体”），气敏电阻阻值R随污染物浓度变化曲线如图乙所示，污染物浓度增大时，监测仪表读数变大，该表应为图甲中______表，此过程中电路总功率______（填“变大”“变小”或“不变”）。【答案】①.半导体②.电流③.变大【解析】【分析】【详解】[1]R为气敏电阻，其材料一般为半导体，当气敏电阻所处的环境条件发生变化时，气敏电阻的阻值发生变化，从而满足电路需要。[2]由甲电路图可知，定值电阻R0与气敏电阻R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流；由乙图可知，当酒精气体浓度增大时，气敏电阻R的阻值变小，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的总电阻变小，由I=可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大。[3]此过程中电路电源电压不变，电流变大，根据P=UI可知电路的总功率变大。20.利用笔芯自制密度计，同款的新笔芯和用了一半油墨的旧笔芯应该选用______将所选笔芯放入水中，它能______漂浮在水中，在笔芯上标出水面的位置A，将笔芯放入酒精中，仍可漂浮，标出液面的位置B，如图所示，该笔芯漂浮在水中和酒精中时受到的浮力大小______，已知水的密度=1.0g/cm3，酒精的密度=0.8g/cm3，若笔芯漂浮在密度为=0.9g/cm3的液体中，则液面对应的位置可能是______（填“C”或“D”）。【答案】①.用了一半油墨的旧②.竖直③.相等④.D【解析】【分析】【详解】[1][2]利用笔芯自制密度计，同款的新笔芯和用了一半油墨的旧笔芯应该选用将所选用了一半油墨的旧笔芯放入水中，这样的旧笔芯重心低，稳度大，它能竖直漂浮在水中。[3]笔芯漂浮在水中和酒精中时都漂浮，受到的浮力都等于笔芯自身的重力，故该笔芯漂浮在水中和酒精中时受到的浮力大小相等。[4]笔芯漂浮在水中标出水面的位置A，将笔芯放人酒精中，仍可漂浮，标出液面的位置B，水的密度=1.0g/cm3，酒精的密度=0.8g/cm3，若笔芯漂浮在密度为=0.9g/cm3的液体中时，设笔的质量为m，重力为G，笔头的体积为V0，笔管的横截面积为S，根据化简可知密度与笔管所在的深度成反比，当密度由0.8g/cm3变成0.9g/cm3，和由0.9g/cm3变成1g/cm3相比变化量相同时，深度的变化量故如图应取D点。三、解答题21.按照题目要求作图（1）如图甲，作出静止在斜面上的木块所受重力和弹力的示意图；（2）如图乙，作出物体AB在平面镜中的像；（3）如图丙，标出通电螺线管和静止小磁针的N极；【答案】（1）（2）（3）【解析】【分析】【详解】（1）从木块的重心竖直向下做出木块重力的示意图，从木块的重心沿垂直于斜面向上画出弹力的示意图，如图所示：（2）分别作出A、B关于平面镜的对称点A′、B′，连接A′B′即为物体AB在平面镜中成的像，如图所示：（3）由图可知，电流从螺线管的右端流入，由安培定则可知螺线管的左端是N极，右端是S极，由磁极间的相互作用可知小磁针的右端是N极，如图所示：22.如图所示，工人用滑轮组将重为400N的重物从井底匀速吊起2m用时为8s，工人所用拉力F为250N，求：（1）滑轮组的机械效率；（2）拉力F的功率。【答案】（1）80%；（2）125W【解析】【详解】解：（1）由图可知，滑轮组的有效绳子段数为n=2，则滑轮组的机械效率为η=80%（2）绳子自由端移动的距离为s=nh=2×2m=4m拉力F做的功为W=Fs=250N×4m=1000J则拉力F的功率为P=125W答：（1）滑轮组的机械效率为80%；（2）拉力F的功率为125W。23.如图所示为模拟调光灯电路，电源电压恒为6V，灯泡标有“2.5V0.5A”字样（灯阻值不变），滑动变阻器标有“20Ω1A”字样，（1）求灯泡正常发光时的电功率；（2）求灯泡正常发光时滑动变阻器接入电路的阻值；（3）该电路设计是否有缺陷?如有，请给出解决办法。【答案】（1）1.25W；（2）7Ω；（3）见解析【解析】【分析】【详解】解：（1）灯泡正常发光时的电功率PL=ULIL=2.5V×0.5A=1.25W（2）灯泡正常发光时通过电路的电流是0.5A，滑动变阻器接入电路的阻值=7Ω（3）因为当灯泡正常发光时，滑动变阻器接入电路中的电阻不为零，所以不足是：再移动滑动变阻器的滑动片时，可能会使灯泡烧坏；改进的措施：串联一个保护电阻。答：（1）灯泡正常发光时的电功率是1.25W；（2）灯泡正常发光时滑动变阻器接入电路的阻值是7Ω；（3）见解析。24.体育克技中善用物理原理，对取胜往往起着决定作用，（1）柔道竞技中，进攻者假装要把对手摔向左方，对手为了维持平衡，就把身体向右倾，由于______仍要向右运动，就被进攻者乘势摔向前方；（2）以过肩摔为例，如图所示，进攻者A利用腰部将B顶起，使他的脚离地，同时猛拉B的右臂，请在图中作出力F的力臂L，此时A能轻易将B捧倒的原因是______。【答案】①.惯性②.原因见解析【解析】【分析】【详解】[1]对手为了维持平衡，就把身体向右倾，身体的重心就会偏向右侧，由于惯性对手仍要向右运动，所以进攻者只需用较小的力就能顺势将对手摔倒。[2]斜向上延长力的作用线，过支点O做力的作用线的垂线OC，即为力F的力臂，如图；此时F为动力，B的重力G为阻力，动力臂大于阻力臂，相当于一个省力杠杆，故此时A能轻易将B捧倒。25.在“观察水的沸腾”实验中，（1）实验室提供了一块比烧杯口略大的圆形硬纸板，甲、乙两名同学分别在硬纸板上剪出小孔，以便将温度计通过小孔插入烧杯内的水中，如图所示，剪裁合适的是______，理由是______；（2）在烧杯中倒入约80℃的水，提高了水的初温，从而______，沸腾后持续加热几分钟并继续测温，会发现______；（3）如图所示，水沸腾后，甲同学移走酒精灯，继续观察：乙同学继续加热，观察烧杯中的水和试管中的水，他们的目的都是探究______。【答案】①.甲②.防止温度计碰到容器壁③.缩短到达沸腾的时间④.吸收热量，温度不变⑤.保持沸腾需要满足的条件【解析】【分析】【详解】（1）[1][2]在“观察水的沸腾”实验中，加纸盖的为了减小热量的散失；又因为水的沸点与气压有关，所以，图中硬纸板上小孔除了可以插温度计外，还要让烧杯内气压与外界大气压相等，但为了防止温度计碰到容器壁，甲图剪裁更合适。（2）[3]提高了水的初温，可以缩短到达沸腾的时间。[4]沸腾后持续加热几分钟并继续测温，会发现水达到沸点后吸收热量，温度不变。（3）[5]甲同学移走酒精灯后，由于不能继续吸收热量，水很快停止沸腾；乙同学继续加热，烧杯中的水由于能够继续吸热，所以继续沸腾且保持温度不变；由于烧杯中的水温度与试管中的水温度相同，则试管中水不能继续吸热，而停止沸腾，所以，他们的目的都是探究保持沸腾需要满足的条件。26.在“探究电流和电阻的关系”实验中，器材有：电源（6V），电阻箱（0-9999Ω），滑动变阻器（2001A），电压表、电流表，开关和导线若干；

（1）请用笔画线代替导线，将实物电路连接完整，使滑片向左移动时电阻减小______；（2）第一组数据的测量过程中，有下列步骤，正确的顺序是______；①保持开关断开，连接实物电路②检查电路无误后闭合开关③读出电流表的示数，断开开关④将滑动变阻器的金属滑片置于阻值最大处⑤转动电阻箱的旋钮使它的阻值为20，调节滑动变阻器的滑片使电压表的示数为4V（3）将电阻箱调到15Ω，闭合开关，发现电流表示数如图所示，示数为______A，该电流值与15Ω电阻值______（填“能”或“不能”）作为第二组数据记在表格中，此时电压表示数为0V可能发生的故障是______。【答案】①.②.①④②⑤③③.0.24④.不能⑤.电阻箱被短路【解析】【分析】【详解】（1）[1]滑片向左移动时电阻减小，连接变阻器左下方的接线柱，如图所示：（2）[2]实验步骤：①保持开关断开，连接实物电路；④将滑动变阻器的金属滑片置于阻值最大处；②检查电路无误后闭合开关；⑤转动电阻箱的旋钮使它的阻值为20，调节滑动变阻器的滑片使电压表的示数为4V；③读出电流表的示数，断开开关。（3）[3]由图可知，电流表的量程是0~0.6A，分度值是0.02A，电流表的示数是0.24A。[4]电阻箱调到15Ω，此时的电压表的示数为U=IR=0.24A×15Ω=3.6V电压表的示数没有达到4V，该电流值与15Ω电阻值不能作为第二组数据记在表格中。[5]此时电流表有示数，说明电路是通路，电压表示数为0V，可能电阻箱被短路。27.“一双好眼睛，能更好地探索未来”，小丽了解到人眼的晶状体相当于凸透镜，眼睛是如何看清远近不同物体的？她对这一问题产生了浓厚兴趣；

（1）首先用平行光正对凸透镜A照射，如图甲所示，光屏上出现一个最小最亮的光斑，则凸透镜的焦距f=______cm；（2）然后适当调整凸透镜A和光屏的位置，移动蜡烛，使烛焰在光屏上成清晰的像，如图乙所示；接着她将凸透镜A换为焦距稍大的凸透镜B，并保持位置不变，移动蜡烛，使烛焰在光屏上再次成清晰的像，如图丙所示，可见小丽研究的问题是：当凸透镜成实像时保持______距离不变，探究______的关系；（3）通过探究发现，当人眼观察近处物体时，晶状体的焦距变______。【答案】①.10.0②.光屏到凸透镜③.远近不同物体成清晰的像与凸透镜焦距④.短【解析】【详解】（1）[1]图甲中，用平行光正对位于10.0cm刻度处的凸透镜A照射，在位于20.0cm刻度的光屏上出现一个最小最亮的光斑，则该凸透镜的焦距为f=20.0cm-10.0cm=10.0cm（2）[2][3]小丽提出的问题是“眼睛是如何看清远近不同物体的？”，实验中凸透镜相当于人眼的晶状体，光屏相当于视网膜，蜡烛相当于物体，因为眼球的前后距离是不变的，故乙、丙两图中保持光屏到凸透镜的位置不变，改变了凸透镜的焦距，调整蜡烛到凸透镜的距离，使光屏上再次出现清晰的像。这一过程中，保持了光屏到凸透镜距离不变，探究远近不同物体成清晰的像与凸透镜焦距的关系。（3）[4]当人眼观察近处物体时，物距减小，若晶状体的焦距不调节，根据凸透镜成像规律可知，此时像距会变大，所成的像会位于视网膜的后方。为了使像前移到视网膜上，则通过晶状体的光线要更加会聚，所以晶状体的凸度要变大，焦距要变短。28.学校开展“我为节能献一计”活动，小明想探究“影响电热水壶电热转化效率的因素”他提出两点猜想，猜想1：与电热水壶的功率有关；猜想2：与被加热的水的质量有关；于是在家中进行实验探究；（1）关于电热水壶消耗电能的测量，小明提出用电能表直接测量，因为家中只有一只电能表，小亮提出用秒表测出烧水时间，再用额定功率与时间的乘积求得，正确的测量方法是______的方法；（2）为了探究猜想1，应该保持______一定，选用功率不同的电热水壶，进行实验；为了探究猜想2，小明设计了2个方案A方案：用一个电热水壶先后三次加热不同质量的水，直至烧开B方案：找三个相同的电热水壶同时加热不同质量的水，直至烧开小亮认A方案可行，但实验时要注意______。你认为B方案是否可行?并说明理由________。（3）按照正确的方案进行实验，数据如下表，实验次数电热水壶的功率/W水的质量/kg水的初温/℃水的末温/℃消耗的电能/×J水吸收的热量/J电热的转化效率/%1800125993.7313.10883.328000.625.599.52.2851.86581.638000.325991.1710.93279.641000124993.6043.15087451200124.5993.3543.12993.3第1、2、3组数据表明：电热水壶的功率相同，水的质量越大，电热转化效率越______；第1、4、5组数据表明：______；（4）结合以上结论，请你对电热水壶的使用提出一点建议______。【答案】