电磁感应定律综合应用

电磁感应定律综合应用第一页，共十九页，编辑于2023年，星期一一.电磁感应现象-----产生感应电流的条件1.闭合电路的一部分导体做切割磁力线运动时,有感应电流产生.2.闭合电路中的磁通量发生变化时,有感应电流产生.二.感应电动势的大小1.法拉第电磁感应定律a.如果磁感应强度B不变,磁通量的变化是由于闭合电路的面积发生变化而引起的,则有E=nBΔS/Δtb.如果闭合电路的面积不变,磁通量的变化是由于磁感应强度B发生变化而引起的,则有E=nS

ΔB/Δtc.如果磁通量的变化是由于磁感应强度B和闭合电路的面积共同发生变化而引起的,则有E=nΔ(BS⊥)/Δt电路中感应电动势的大小，跟穿过这一电路的磁通量的变化率成正比。

-----E=nΔΦ/Δt第二页，共十九页，编辑于2023年，星期一2.切割磁力线运动时------a.导体平动时,E=Blvsinθθ为B和v之间的夹角,

若B、v、l三者两两垂直，则E=Blvb.导体棒以端点为轴,在垂直于磁感应线的匀强磁场中匀速转动,E=1/2Bωl2c.矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的任意轴匀速转动时,E=nBωSsinθ.θ为线圈平面和中性面之间的夹角.注意:1.Φ、ΔΦ、ΔΦ/Δt的区别:变化的物理量达到最大时,其对时间的变化率等于0

2.E=nΔΦ/Δt和E=Blvsin的区别和联系：产生感应电动势的那部分导体相当于电源.第三页，共十九页，编辑于2023年，星期一1:

关于线圈中产生的感应电动势，下列叙述中正确的是

()A.穿过线圈的磁通量越大，感应电动势越大。B.穿过线圈的磁通量增量越大，感应电动势越大。C.磁通量减少得越快，感应电动势越大。D.磁通量为0时，感应电动势也为0。E.线圈中磁通量变化越大，感应电动势一定越大F.线圈中磁通量变化越快，感应电动势越大G.线圈放在磁感强度越强的地方，产生的感应电动势一定越大

C

F第四页，共十九页，编辑于2023年，星期一

2：平面闭合线框匝数为n，所围面积为S，总电阻为R，在时间△t内穿过每匝线框的磁通量变化为Δφ，则通过导线某一截面的电量是（）（A）Δφ/R（B）ΔφR/nS（C）nΔφ/R△t（D）nΔφ/R解:E=nΔφ/ΔtI=E/Rq=I△t=nΔφ/RD第五页，共十九页，编辑于2023年，星期一例1、用同样材料和规格的导线做成的圆环a和b，它们的半径之比ra：rb＝2：1，连接两圆环部分的两根直导线的电阻不计，均匀变化的磁场具有理想的边界如图所示，磁感应强度以恒定的变化率减少.那么当a环置于磁场中与b环置于磁场中两种情况下，A、B两点电势差之比U1/U2为

.BABA解:

设小圆电阻为R,则大圆电阻为2R,

小圆面积为S,大圆面积为4S.

分别画出等效电路如图:E12RR

B

AE22RRBAE=ΔΦ/Δt=SΔB/Δt∝S由闭合电路欧姆定律对上图U1=E1/3对下图U2=2E2/3U1/U2=E1/2E2=4S/2S=22：1第六页，共十九页，编辑于2023年，星期一2

有一边长为l、匝数为n、电阻为R的正方形闭合线框，处于磁感应强度为B匀强磁场中，磁场方向垂直于线圈平面，若将线框在磁场中翻转180°，求在这个过程中通过导线横截面的电量。解：将线框转过180°，则穿过线框的磁通量的变化量大小是ΔΦ=2BS=2Bl2这个过程中产生的感应电动势为E=nΔΦ/Δt感应电流I=E/R所以电量q=I△t=nΔΦ/R=2nBl

2/R第七页，共十九页，编辑于2023年，星期一RBab例2.如图示，匀强磁场竖直下，一根直导线ab在水平桌面上，以匀速率v向右垂直磁感应线滑入匀强磁场中，做切割磁感应线运动，不考虑空气阻力，直导线ab在下落过程中产生的感应电动势将会：()A.逐渐增大B.逐渐减小C.为0D.保持不变vvtvxvy解：E=Blvtsinθ=Blvxab做平抛运动，水平速度保持不变，感应电动势保持不变。

D第八页，共十九页，编辑于2023年，星期一3

如图，一圆环与外切正方形线框均由相同的绝缘导线制成，并各自形成闭合回路，匀强磁场布满整个方形线框，当磁场均匀变化时，线框和圆环中的感应电动势之比是多大？感应电流之比等于多少？解：设正方形边长为2a，则圆环半径为a，两者面积之比为S1/S2=4a2/πa2=4/π,电阻之比为R1/R2=8a/2πa=4/πE=ΔΦ/Δt=SΔB/Δt∝SE1

/E2=S1/S2=4a2/πa2=4/π,第九页，共十九页，编辑于2023年，星期一1．将一条形磁铁插入螺线管线圈,第一次插入用0.2秒，第二次插入用0.4秒，并且两次起始和终了位置相同，则（）A.第一次磁通量变化比第二次大B.第一次磁通量变化比第二次快C.第一次产生的感应电动势比第二次大D.若断开电键S，两次均无感应电流BCD两次线圈中磁通量之比为

，感应电动势之比为

，电流强度之比为

，通过线圈的电量之比为

，

线圈放出的热量之比为

。解：Δφ相同。∴Δφ1/Δφ2=1:11:1

E=nΔφ/t∝1/t∴E1/E2=t2/t1=2：12:1I=E/R∝E∴I1/I2=

E1/E2=2：12:1q=It=Et/R=nΔφ/R∴q1/q2=1：11:1Q=I2Rt∝E2t∴Q1/Q2=2：12:1第十页，共十九页，编辑于2023年，星期一2．矩形形线框abcd绕OO轴在磁感强度为0.2T的匀强磁场中以2r／s的转速匀速转动，已知ab=20cm，bd=40cm，匝数为100匝，当线框从如图示位置开始转过90°，则线圈中磁通量的变化量ΔΦ等于多少？磁通量平均变化率为多少？线圈中产生的平均感应电动势为多少？ab

cdOO解：转过90°时，线圈中磁通量的变化量ΔΦ=BS-0=0.016Wb.周期为T=1/2=0.5sΔt=1/4T=0.125sΔΦ/Δt=0.016/0.125=0.128Wb／s，

E=nΔΦ/Δt=12.8V第十一页，共十九页，编辑于2023年，星期一

例3.

单匝矩形线圈在匀强磁场中匀速转动，转轴垂直于磁场，若线圈所围面积里磁通量随时间变化的规律如图所示,则线圈中 []A．O时刻感应电动势最大B．D时刻感应电动势为零C．D时刻感应电动势最大D．O至D时间内平均感生电动势为0.4VABD

1t/sΦ/10-3WbA0BD20.01第十二页，共十九页，编辑于2023年，星期一

例4.

如图所示，线圈内有理想边界的磁场，当磁场均匀增加时，有一带电粒子静止于平行板(两板水平放置)电容器中间，则此粒子带____电，若线圈的匝数为n，平行板电容器的板间距离为d，粒子的质量为m，带电量为q，则磁感应强度的变化率为

。

(设线圈的面积为S)．解：分析粒子的受力情况如图：mgqE由平衡条件得qE=qU/d=mg由楞次定律，上板带正电，

E向下,粒子带负电由法拉第电磁感应定律U=nΔΦ/Δt=nSΔB/Δt∴ΔB/Δt=U/nS=mgd/nqS负mgd／nqS第十三页，共十九页，编辑于2023年，星期一电磁感应和电路规律的综合应用第十四页，共十九页，编辑于2023年，星期一1.产生感应电动势的导体相当于一个电源，感应电动势等效于电源电动势，产生感应电动势的导体的电阻等效于电源的内阻。2.电源内部电流的方向是从负极流向正极，即从低电势流向高电势。3.产生感应电动势的导体跟用电器连接，可以对用电器供电，由闭合电路欧姆定律求解各种问题.4.产生感应电动势的导体跟电容器连接，可对电容器充电，稳定后，电容器相当于断路，其所带电量可用公式Q=CU来计算5.解决电磁感应中的电路问题，必须按题意画出等效电路，其余问题为电路分析和闭合电路欧姆定律的应用。第十五页，共十九页，编辑于2023年，星期一电磁感应和力学规律的综合应用第十六页，共十九页，编辑于2023年，星期一电磁感应中产生的感应电流在磁场中将受到安培力的作用，因此，电磁感应问题往往跟力学问题联系在一起，解决这类电磁感应中的力学问题，不仅要应用电磁学中的有关规律，如楞次定律、法拉第电磁感应定律、左右手定则、安培力的计算公式等，还要应用力学中的有关规律，如牛顿运动定律、动量定理、动能定理、动量守恒定律、机械能守恒定律等。要将电磁学和力学的知识综合起来应用。由于安培力和导体中的电流、运动速度均有关，所以对磁场中运动导体进行动态分析十分必要。第十七页，共十九页，编辑于2023年，星期一电磁感应中的能量转化第十八页，共十九页，编辑于2023年，星期一1.电磁感应现象的实质是不同形式能量转化的过程。产生和维持感应电流的存在的过程就是其它形式的能量转化为感应电流电能的过程。2.安培力做正功的过程是电能转化为其它形式能量的过程,安培力做多少正功,就有多少电能转化为其它形式能量3.安培力做负功的过程是其它形式能量转化为电能的过程,