计算机组成原理综合题课件

计算机组成原理综合题31、园日涉以成趣，门虽设而常关。32、鼓腹无所思。朝起暮归眠。33、倾壶绝余沥，窥灶不见烟。34、春秋满四泽，夏云多奇峰，秋月扬明辉，冬岭秀孤松。35、丈夫志四海，我愿不知老。计算机组成原理综合题计算机组成原理综合题31、园日涉以成趣，门虽设而常关。32、鼓腹无所思。朝起暮归眠。33、倾壶绝余沥，窥灶不见烟。34、春秋满四泽，夏云多奇峰，秋月扬明辉，冬岭秀孤松。35、丈夫志四海，我愿不知老。《计算机组成原理》习题及解答(第一部分)徐州师范大学第二章习题《新课程标准》提出“语文课程应该培养学生热爱祖国语文的思想感情，指导学生正确地理解和运用祖国语文，丰富语言的积累，培养语感、发展思维，使他们具有适应实际需要的识字写字能力、阅读能力、写作能力、口语交际能力。语文课程还应该重视提高学生的品德修养和审美情趣，使他们逐步形成良好的个性和健全的人格，促进德、智、体、美的和谐发展。”语文素养的养成是语文教育的核心目标。语文教学的重要环节的阅读教学，也应该从应试技能向阅读素养转变。阅读是吸收与内化，是为了给学生的发展打下精神的底子。新课标背景下，我们要冲破以往传统课堂阅读教学的封闭、僵化的氛围，使学生的阅读技能与人文素养能够在自然、和谐的环境下发展。目前的语文阅读教学中，工具性得到过分张扬，而人文性没有得到足够的重视。一些新的阅读教学理念正逐渐被教师熟知，这些新理念被消化、吸收还需要一段时间，并且这些理念在被消化、吸收的过程中会发生怎样的变化仍不得而知。改革传统的阅读教学观念，探索新的、更适合时代需要的和推动学生语文素养的阅读教学模式势在必行。上世纪九十年代初，已有研究者做过多篇统整尝试。钱梦龙的“复读式”即指“把若干篇已经读过的文章，按某种联系组成一个‘复读单元’指导学生通过复习、比较、思考，温故知新”。余映潮认为对多篇的教学处理可有比较式、取舍式、连读式、交融式等方式。卞国湘在《“群文阅读”的实践和研究》中强调，真正有效的“群文阅读”，在选好文章的基础上，还要相应设计合理的教学活动。有步骤、有程序的阅读策略教学，才能缩短儿童天生能力间的差距。蒋军晶在《“群文阅读”的尝试与思考》中提出“群文阅读”的方向，就是希望在我们的课堂里，真的让学生提问题，提真的问题，真的解决问题，最终有所发现。在《语文课上更重要的事――关于从单篇到“群文”的新思考》一文中，他归纳了从单篇到“群文”的意义――让师生回到“阅读”的本原、对真实阅读情状的模拟、努力改变阅读教学的痼疾。四川德阳市进行了“单元整合?群文阅读”的课堂教学法的探索，推出了“群文略读记录表”、“五步教学法”和“画知识树”的教学策略。“五步教学法”的操作模式，即主题回顾──阅读概览──片段分享──精彩赏析──主题拓展。“群文阅读”教学的理念从提出至今不过十年左右，而且使用者和研究者主要集中在小学语文教学领域，初中语文群文阅读教学现状的实践研究尚显不足。“群文阅读教学”，是指教师在一个单位时间内指导学生阅读相关联的多篇文章，是拓展阅读教学的一种新形式。它更关注学生的阅读数量和速度，更关注学生在多种多样文章阅读过程中的意义建构，对全面提高学生的语文素养具有十分重要的意义。这种全新阅读教学模式的要义是立足于课内精读，做好方法引领，使学生的阅读实现向课外多向度的有效迁移、拓展、整合，从而达到拓宽知识视野，提高有目的的获取并概括信息能力，涵养人文情怀的目的。实施群文阅读教学的过程中，教师精选文本，按题材、体裁、表达形式、语言风格、作者合理统整，给学生带来了丰富的信息和巨大的思考空间，也带来了许多疑惑，需要学生在交流讨论中提出有价值的问题，从而厘清概念，发展技能，获得阅读快感。在群文阅读教学中，我们要有意识地渗透质疑讨论的阅读策略，鼓励学生从不同角度表述自己的观点、提出自己的问题、在交流中提高。我们的教学的目标不仅要培养学生的独立阅读能力，而且要通过阅读教学引导学生情感、态度、价值观的形成。对于阅读能力而言，我们不仅要培养学生的认读能力、理解能力、鉴赏能力、阅读反思能力，注重提高学生短时间内提取信息的信度和速度，利用、加工信息的效度。真正使语文学科成为学生全面发展的得力工具。正如人民文学出版社社长管士光在发言中所说，“群文阅读理念的提出，让我们看到了儿童阅读的希望之光，用这样一种全新的思想来打造阅读课堂，将是一件特别美妙的事情。”群文阅读作为一种全新的阅读理念，进入课堂教学，必将掀起了一场语文教学的变革。一、充分利用实践活动发掘潜力潜力的发掘是离不开实践积累的，而数学是一门需要实践的课程。作为一门逻辑性思维非常强的学科，数学不仅仅是教师在课堂上的单纯讲解，还要经过大量的实践与探索得到解题经验，这些是学习数学最宝贵的东西。在这种教学模式中，教师要做的就是进行大量的教学引导，让每个学生可以进行相应的学习。如在讲解容积的概念时，教师不仅仅要进行书本知识的讲解，带领学生进行一系列习题练习。在学生基本掌握书本知识以后，要对学生进行实际生活中的数学知识应用训练。比如，让学生测量一些不规则容器的容积，由于这些容器或者物体是不规则的，学生往往会一筹莫展，不知道如何去计算物体的容积。此时，教师可以适当地引导学生利用水的流动性来测量这些不规则的物体。让学生知道，数学的应用并不仅仅是拘泥于书本中的公式，而是要着眼于实践。二、着重培养学生的自学能力课堂的学习对于学生来说仅仅是学习的一小部分，想要学好数学，就要充分利用课下时间进行自我学习。许多学生在自学方面缺乏目标，不知道应该如何来进行学习。这时就需要教师提供相应的指导，以此来培养学生的自学与思考能力。通过自学与教师的讲授，学生可以总结出许多有用的经验。对这些知识进行归纳与总结的同时，教师还要不断地进行推敲与引导，让学生可以更为牢固地握知识。三、激发学生的情感，提高教学效率教学的过程是一个交流的过程，教师与学生在关系的构建中，通过轻松愉快的方式，可以消除学生内心的恐惧与紧张感。学生在无忧无虑中进行学习，是取得进步的最佳途径，愉悦的心情是进行高效率学习的最大助力。1.激发学生兴趣兴趣是学习最大的动力，人们常说“好而学之，不如乐而学之”。很多学生有的时候对学习充满排斥心理，他们不喜欢学习，认为学习是枯燥且毫无意思的事情，这样一来，学生就丧失了学习的兴趣。不喜欢学习的学生，他们的成绩大部分都不是很好。一个从来不会去积极学习的学生，学习的成绩自然也不会得到提高。因此想要提高学生的学习成绩，教师首先要做的就是培养他们的学习兴趣，让学生变得喜欢学习。让学生产生学习的兴趣，教师要从学生的爱好入手，通过各种互动方式，将课程有效导入，让每一个学生都参与到教学活动中来，只有这样，才能激发起学生的学习与兴趣。2.增强学生信心在学习过程中，每个人大都会遇到挫折，在数学学习中尤其常见。很多学生的心理承受能力有所欠缺，在经受了失败与挫折之后，就会逐渐消沉。这对于数学的学习来说是非常不利的。信心在学习中具有非常重要的地位，它是学生不断进步的动力，同时也是支撑学生不断前进的力量。因此，教师在教学中，要不断地给予学生鼓励，让他们在学习中充满信心，在学习中遇到困难时不退缩，要勇往直前。只有保持冲劲，才能在学习中有所收获，并发掘出深层次的数学潜力。每一次经历失败都是对信心的一种历练，教师所要做的就是不断培养并引导学生在正确的道路上不断增长自信并提高成绩。随着数学教学的发展，学习已经不能用以往的教学观念来进行了。现在的教学主体是学生，而教育也要围绕着学生进行。通过对学生潜力的发掘，以此来提高数学学习的效果，是最为直接与有效的方法。《计算机组成原理》习题及解答(第一部分)徐州师范大学第二章习题计算题设由SE,M三个域组成的一个32位二进制字所表示的非规则化数x,其表示为x=(-1)×(1M)×2128问:它所能表示的规格化的最大正数,最小正数,最大负数,最小负数是多少?解:(1)最大正数011111111111111111111X=[1+(1-223)]×212(2)最小正数000000000000000000000Ⅹ=1.0×2128(3)最大负数100000000000000000000Ⅹ=-1.0×2128(4)最小负数1111111111111l1l11X=-[1+(1-223)×2计算题设x=+15,y=-13用带求补器的原码阵列乘法器求乘积xXy=?并用十进制数乘法进行验证解:设最高位为符号位,输入数据为[x]原=0111Ly]E=11101因符号位单独考虑,尾数算前求补器输出值为:kx|=111,y=1101乘积符号位运算:Xoey=0e1=1尾数部分运算:1111×1101iiI0000l11111000011经算后求补器输出,加上乘积符号位,得原码乘积值[x×y]原110001换算成二进制真值x×y=(-1100001)2=(-195)o十进制数乘法验证:x×y=15×(-13)=-195计算题已知x=010011101,y=01110,用不恢复余数阵列除法器求x/y=?解:[-y1.0010被除0.100111011.0010余数为负110111101<0=>Q=0左移1.0111101y0.1110余数为正0.0101101>0=>Q1=1左移0.1011011.0010余数为负1.110101<001.1010l0.1110余数为正0.10001>0=>Q3=11.0001.0010余数为正0.0011>0故得茶数R=0000oQQ2Q3Q4=0.10计算题设有浮点数x=25×0.0110011,y=23×(-0.,111010),阶码用4位移码表示,尾数(含符号位)用8位补码表示。求[xXy]浮。要求直接用补码完成尾数乘法运算,运算结果尾数仍保留8位(含符号位),并用尾数之后的4位值处理舍入操作计算题解:移码采用双符号位,尾数补码采用单符号位,则有LMx]补=0.011001,My1补=1.000110,Ey]移01011,[Ey1补=001LEx]=00011(1)求阶码和Ex+Ey]移=[Ex]移+[Ey]补=001100011=0010,值为移码形式-2(2)尾数乘法运算可直接采用补码阵列乘法器实现,即有[0.0110011×[1.00011101.0011001,10010010(3)规格化处理乘积的尾数符号位与最高数值位符号相反,已是规格化的数,不需要左规,阶码仍为0010(4)舍入处理尾数为负数,且是双倍字长的乘积,按舍入规则,尾数低位部分的前4位为1001,应作“入”,故尾数为1.0011010。最终相乘结果为[xXy]s=00110,1.0011010其真值为x×y=22×(-0.1100110)计算题设有两个浮点数N1=21×S1,N2=212×S2,其中阶码2位,阶符1位,尾数4位,数符1位设j1=(-10)2S1=(+0.1001)2=(+10)2,S2=(+0.1011)求N1×N2,写出运算步骤及结果积的尾数占4位,要规格化结果根据原码阵列乘法器的计算步骤求尾数之积。解:[j1移=00100010计算题解(1)浮点乘法规则:N1×N2=(2×s1)×(22×S2)=21+12×(s1×S2)(2)阶码求和j1+j2]移=j称+十[j2]补=0010+0010=0100,值为移码形式0(3)尾数相乘积的符号位=00=0符号位单独处理0.10010.10110100101001010010.01100011故N1×N2=20×0.01100011(4)尾数规格化,舍入(尾数4位)故NXN2=(+0.0110001)2=(+0.1100)2×2(m)2计算题有浮点数x=25×0.0110110,y=23×(-0.1110010),阶码用4位移码表示,尾数(含符号位)用8位原码表示,求(xXy)浮,要求尾数用原码阵列乘法器实现。解移码采用双符号位,尾数原码采用单符号位,则有Mx=0.0110110,My=1.10010,EX]移=0001,Eyl移=11011,Ey1=00011x]浮=00011,0.0110110,y浮