2023年四川省自贡市高考物理二诊试卷+答案解析（附后）

2023年四川省自贡市高考物理二诊试卷

1.在火星上太阳能电池板发电能力有限，因此科学家用放射性材料/'”人作为发电能源

为火星车供电。.中的PU元素是二'九，它发生，，衰变的半衰期是年，下列说法中

正确的是（）

A.'P「经一次”衰变会有1个中子转变为1个质子

B.发生一衰变的核反应方程为麟翻，偶勘"嘀噩电野

C.原子核经过年其质量变为原来的I

D.升高温度可以加快.的衰变

A.1：2B.2：1C.1：4D,4：1

3.如图所示，甲、乙两个材料和粗糙程度均相同的斜面固定在水平面上，甲、乙两斜面的

高度与长度的比值分别为:?:。一小木块分别沿甲、乙两斜面下滑的加速度大

小之比为L2,该小木块与斜面间的动摩擦因数为（）

4.如图甲所示，水平面上放有一白色长木板，木板上放有一可视为质点的小煤块。木板在

水平外力F的作用下先做匀加速直线运动，接着做匀减速直线运动，最终停止，！，图像如

图乙中的折线a所示。小煤块在木板上滑动的，，图像如乙中的折线b所示。小煤块最终

在长木板上留下的痕迹长度为（）

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甲

A.ImB.2mC.3mD.5m

5.如图所示，两根足够长的平行光滑金属导轨固定在同一水平面

内，导轨上静止放置两根完全相同粗细均匀的导体棒ab、cd,整个

装置处在竖直向上的匀强磁场中，现给ab棒一个平行于导轨的初速

b

度并开始计时，不计电磁辐射及金属导轨的电阻，导体棒ab、cd始终与导轨垂直并接触良

好，下列关于棒ab、cd中产生的感应电动势，，、…、回路中的感应电流入导轨间的电压

u与时间t的函数关系图像中，可能正确的是（）

6.滑沙运动是继滑冰、滑水、滑雪和滑草之后又一新兴运

动它使户外运动爱好者在运动的同时又能领略到沙漠的绮丽，，二X1

风光。如图所示，质量为50kg的人坐在滑沙板上从沙坡斜向防"/

面的顶端由静止沿直线匀加速下滑，经过10s到达坡底，速

度大小为？“、.已知沙坡斜面的倾角为，I,重力加速度g取山…、，下列关于此过程的

说法中正确的曷）

A.人的重力势能减少.1“,】（，：JB.人的动能增加IN，】（，：）

C.人的机械能减少］二.D.人克服阻力做功】।.J，1./

7.如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比打：”2：1,原线圈回路中串联一个阻

值为4R的定值电阻，a、b端与一正弦交流电源连接，副线圈与多个阻值均为R的定值电阻

通过开关S接入电路。电流表A和电压表\/均为理想电表，电源电压保持不变，下列说法中

正确的是（）

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A.开关S闭合越多，电流表A示数越大

B.开关S闭合越多，电压表\/示数越大

C.开关S闭合越多，变压器的输出功率越大

D.只闭合一个开关S时，变压器的输出功率最大

8.如图所示，直角三角形A8C位于纸面内，（'31边长n

卜、

为、B垂直于纸面向外的匀强磁场被限定在直角三角形ABC区域内。：.■'、、

f.八'、

质量为m、电荷量为，,的粒子从八点以速度v沿纸面射入磁场区域，J】•••'，、、

刚好从C点离开磁场。粒子重力不计，下列说法中正确的是（）

A.磁场磁感应强度的最大值为,

B.粒子通过磁场的最长时间为；,

r

C.粒子在磁场做匀速圆周运动的最小周期为

D.粒子在磁场做匀速圆周运动的最大角速度为一

.Ml

9.某课外学习小组在做“探究弹簧的弹力与伸长量的关系”实验时，测量出不同弹力F下

弹簧的长度/,作出的//图像如图中所示，由此可知，弹簧的劲度系数是\

学习小组用这根弹簧制作了一个简易的弹簧秤如图乙所示，图乙中虚线指针所对应处的刻度

是N,该弹簧秤的量程是N。

10.某课外活动小组的同学为了将一个满偏电流人；【，，,I、内阻':W！！的电流表G改

装为“・山”和“•11»1"两个倍率的简易欧姆表，设计了如图甲所示的电路图。已知电源

电动势/;：1,内电阻不计。请回答下列问题：

।开关S断开时欧姆表的倍率为，选填“•1，1”或“.

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/图甲中定值电阻〃.的阻值为

；“下列可供选择的滑动变阻器中，你认为最适合图甲中R的是。

A.:,最大电阻：,I”，额定电流II

8...最大电阻n,额定电流d

C.!.最大电阻|人＜),额定电流II"I

h电流表G的表盘如图乙所示，改装后的欧姆表表盘与电流表G的表盘对应关系为:

电流表刻度11对应欧姆表刻度

0①

1②

③1

①；②；③

甲

H.一乘客在一次乘坐飞机的过程中，利用一款手机软件“飞常准”的空中飞行模式记录

了飞机的起飞过程，该软件能适时记录飞机的速度大小、海拔高度、经纬度。如表为该乘客

记录的飞机起飞过程的部分数据。

海拔高度

序号飞行时间J、飞行速度，

h!m

004500

130450270

21001720396

32503150540

该乘客对软件中记录的数据进行进一步的分析得知，飞机在30s时离地，100s时飞机速度

与水平方向的夹角”!•,,.«已知该乘客的质量”；“'山，I-2力，、内飞机在同一竖直面

内飞行，物体在某方向受的力只会在这个方向上产生加速度并与其它方向的受力无关。重力

加速度g取1"，/，取、Ml”,“：人逊胞附厘皿，求：

1III?小、内飞机对该乘客的作用力做的功W；

3飞机离地后的前70s内飞机对该乘客沿水平、竖直方向的平均作用力的大小/、/,»

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12.水平地面上方足够大区域内有沿水平方向、相互垂直的匀强电场和匀强磁场。如图所

示，纸面为该区域内的某一竖直平面，磁场垂直纸面向里，电场强度大小为E,方向水平向

左。绝缘细线一端固定在该竖直平面内的。点，另一端悬挂一质量为m的带正电小球Q,

静止时小球Q位于4点，细线与竖直方向的夹角“川。现让另一质量为3m的不带电小

球P从该竖直平面内的某点图中未画出以初速度，水平抛出，正好与处于八点的小球Q

发生弹性正碰，碰撞瞬间剪断细线，同时将电场强度大小变为3E,碰后小球Q恰好沿直线

运动。已知C、A两点距地面的高度之比为7：3,两球碰撞过程中各自电荷量均保持不变,

碰撞时间极短，重力加速度为g，小球大小不计，求：

h小球Q的电荷量q；

2；匀强磁场的磁感应强度大小B；

小两小球在水平地面上的落地点间的距离A…

13.关于一定质量的理想气体，下列过程可能发生的有（）

A.对外做功、温度升高、吸收热量B.压强增大，体积增大、内能减小

C.体积减小，温度升高、对外做功D.放出热量、内能增加、体积减小

E.压强减小，对外做功，温度降低

14.如图所示，一上端开口、下端封闭粗细均匀的长直细玻璃管竖直静止放置，内

有一段水银柱将管内理想气体分为长度之比'/:的上、下两部分现封闭上端管口后让

r>.ig.

h

其自由下落，管中水银柱位置稳定后，管内上、下气柱长度之比!已知外界大i2

4u

气日噩演撷邈，环境温度保持不变，求管内水银柱的长度h及自由下落过程中管内下端

封闭气体的压强P。

15.如图所示，波源。垂直于纸面做简谐运动，所激发的横波在均匀0

介质中向四周传播。图中虚线是两个以。点为圆心的同心圆弧。，J

时，距。点的P点开始向上振动；，「I:二时，距。点I2〕”.，\P*'--Y，/

的。点也开始振动，此时P点恰好第三次到达波峰。关于该简谐横波，----Q

下列说法中正确的是（）

A.周期为।.-

B,波长为।…

C.当P点在波谷时，Q点在平衡位置且向下振动

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D.P、Q间连线上始终有5个以上的点处于最大位移

E.质点P起振后，在任意一个’•时间内，路程都不会超过一个振幅

16.某柱状光学器件横截面如图所示，0P右侧是以。为圆p

心、半径为R的'.圆，左侧是等腰直角三角形。某单色光垂

直AP面射入该光学器件，恰好不能从AM面射出，己知光在/\

真空中的光速为c,除全反射防卜的反射光线不计，求：Ao

।该光学器件介质对该单色光的折射率n；

从A、P间不含八、垂直AP面射入的该单色光在该光学器件中传播时间的最大值

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答案和解析

1.【答案】B

【解析】解：A、n粒子是由2个质子和2个中子组成，，，衰变是原子核中两个中子和两个质子

组团从原子核中分离出来，故A错误；

8、根据质量数守恒与电荷数守恒，二，.发生，■哀变的核反应方程为所密蟒・礴靖H喷，

故8正确；

C、衰变是原子核衰变，物质的质量几乎不变，故C错误；

。、半衰期由原子核本身决定，不随温度的改变而改变，故。错误。

故选：Bo

根据一衰变的本质判断；根据质量数守恒与电荷数守恒判断；根据半衰期与剩余质量的关系判断;

半衰期与原子所处的物理状态无关、与化学状态无关。

掌握衰变的特点，知道衰变的过程中质量数守恒与电荷数守恒：知道半衰期由原子核本身决定，

与外界因素无关，难度不大。

2.【答案】A

【解析】解：A、8两点，测得检验电荷所受电场力的大小厂与其电荷量q的函数关系图像如图

中a、b图线所示

根据电场力的计算公式/，止可得/:图象的斜率表示电场强度

A、8两点电场强度之比是4：1

根据点电荷电场强度的计算公式/八,可得八、B两点与点电荷Q的距离之比为L2,故A

r2

正确，8C0错误。

故选：A.

根据电场力的计算公式结合图象求解入、8两点的电场强度，根据点电荷电场强度的计算公式求

解入、8两点与点电荷Q的距离之比。

本题主要是考查电场强度的计算，能够根据/，•图象求解电场强度，掌握点电荷电场强度的计

算公式是关键。

3.【答案】C

【解析】解：根据牛顿第二定律可得甲斜面上的小木块的加速度为：

酶J姆艰.酬礴

同理可得：能一喇■爆一防蟋曲

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根据几何关系“j得：.躅嘘嘘热通嚏T

联立解得：〃-I,故C正确，A8D错误；

故选：C。

根据牛顿第二定律得出小木块的加速度，结合几何关系联立等式得出“的大小。

本题主要考查了牛顿第二定律的相关应用，熟悉物体的受力分析，结合几何关系和牛顿第二定律

即可完成解答。

4.【答案】C

【解析】解，，图像与坐标轴所围的面积表示位移，木板和煤块共速前，I、入内，木板的位

『那

移魏I铲拆酶噬鹿蒯帆1愉留

煤块的位移为隗男爵E3或演I面

煤块相对传送带向左的位移为府1魏=逾―窜砒-痴,1蒯

…内，木板的位移嗨—n国震国服朝1输

煤块的位移为嗨x铲触饷I的I

煤块相对传送带向右的位移为国电酗…缠产蒯…翻◎您翻

则痕迹的长度为一；｛，”

故C正确，ABD错误。

故选：Co

•，图像与坐标轴所围面积表示位移，।「内，木板的速度大于煤块的速度，两者的相对位移

为木板的位移与煤块的位移之差，内，木板的速度小于煤块的速度，两者的相对位移为煤

块的位移与木板的位移之差，两段相对位移有重合，则痕迹长度取较长的一段。

本题考查।，图像和相对运动，解题关键是知道「，图像与坐标轴所围面积表示位移，两段相

对运动过程的相对位移有重合，较长的相对位移为痕迹长度。

5.【答案】D

【解析】解：48、导体棒最终共速，所以ab导体棒速度不为0,则感应电动势不为0,cd导体

棒从静止开始运动，所以初始感应电动势为0,故A8错误；

C、当两导体棒的速度相同时，回路的电流为0,故C错误；

。、根据电源的供电原理可知：魏■嗡冷踞飓=图，导轨间的电压

曾I懿尸验I愚蜘:则g,设开始计时ab的初速度为一，规定向右为正方向，根据动量守

阀

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恒：烈密总髅请爱愚I,所以I:"J,故。正确；

故选：Do

两导体棒组成的系统水平方向动量守恒，根据两导体棒的运动过程，应用/,求出感应电动

势，当两导体棒的速度相同时.，回路的电流为0,应用动量守恒定律及闭合电路欧姆定律分析导

轨间的电压。

本题是动量守恒定律、牛顿第二定律及能量守恒定律在电磁感应现象中的应用问题，分析两棒组

成的系统在运动过程中是不是合外力为零或者内力远大于外力的系统总动量守恒的条件，从而为

确定两棒最后的末速度找到解决途径是关键。

6.【答案】BC

【解析】解：A、人下滑的位移四1号$1等然垢I嫡漪，人下滑的高度

hi,'in.PIh»•i人的重力势能的减少量

黜卷期融解日勘圜谑飕缴百髓质喊：，故A错误；

B、人的动能增加量△/：,'.-.-M-I-111'.7,故8正确：

CD、人下滑过程，由动能定理得：堡辎…照宵能磬八。代入数据解得，人克服阻力做功

魏静信踢翼通，机械能的减少量等于克服阻力做的功，由功能关系可知，人机械能的减少量

胸皤I畿I%，陞£舲鼠故C正确，。错误。

故选：BC,

应用运动学公式求出人下滑的位移，然后求出下滑的高度，根据重力势能的计算公式求出人减少

的重力势能根据动能的计算公式求出动能的增加量根据能量守恒定律求出克服阻力做的功ing,

求出机械能是减少量。

本题是一道力学综合题，根据题意分析清楚人的运动过程，应用运动学公式、动能定理与功能关

系可以解题。

7.【答案】AD

【解析】解八、开关S闭合越多，副线圈回路总电阻减小，电流增大，电流表的示数增大，故A

正确；

8、开关5闭合增多，理想变压器原副线圈电流比等于匝数的反比，副线圈电流增大，则原线圈

电流增大，阻值为4R的定值电阻的电压增大，电源电压不变，则原线圈电压减小，理想变压器

原副线圈电压比等于匝数比，则副线圈电压减小，电压表的示数减小，故8错误；

CD.设开关闭合的个数为N,电流表的示数为/,电压表的示数为U,电源电压为/,则副线圈

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总电阻（

副线圈两端的电压为薄电吗誉招

原副线圈电压比等于匝数比，则原线圈两端的电压，

原副线圈电流比等于匝数的反比，通过原线圈的电流/

由串并联规律得：物信除由1M

变压器的输出功率扉I嬲I

当.V=］时，即只闭合一个开关S时，变压器的输出功率最大，故C错误，。正确。

故选：AD.

根据串并联规律判断电流表示数的变化；根据串并联规律和变压器的变压规律判断电压表示数的

变化；根据串并联规律和变压器变压规律求解变压器的输出电流和输出电压，根据广//判断

输出功率的变化。

本题考查变压器，解题关键是知道理想变压器原副线圈电压比等于匝数比，原副线圈电流比等于

匝数的反比，结合功率公式和串并联规律列式求解即可。

8.【答案】BD

【解析】解：根据带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动的特点可知，粒子从C点沿BC方向射

出磁场时，粒子做匀速圆周运动的半径最小、磁场磁感应强度最大、通过磁场的时间最长、周期

最小、角速度最大。当粒子从C点沿BC方向射出磁场时，粒子的运动轨迹如图所示：

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A、设粒子的轨道半径为r,由几何知识可知：野篇^邕J呵目麴：根据洛伦兹力提供向心

力可得：，,「北…，联立解得磁感应强度的最大值为：〃故人错误：

B、根据几何关系可得粒子轨迹对应的最大圆心角为〃M,则粒子通过磁场的最长时间为：

曲雪黑圈触聋蹩，故8正确；

C、粒子在磁场做匀速圆周运动的最小周期为：鬻3信簿喜鳏，故C错误；

®匾

。、粒子在磁场做匀速圆周运动的最大角速度为：、,,,故。正确。

r-Stt

故选：BD.

根据带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动的特点可知，粒子从C点沿BC方向射出磁场时，粒

子做匀速圆周运动的半径最小，由几何知识求解半径，根据洛伦兹力提供向心力求解磁感应强度

的最大值；根据周期公式求解最长时间和最小周期：根据线速度和角速度的关系求解粒子在磁场

做匀速圆周运动的最大角速度。

对于带电粒子在磁场中的运动情况分析，一般是确定圆心位置，根据几何关系求半径，结合洛伦

兹力提供向心力求解未知量；根据周期公式结合轨迹对应的圆心角求时间。

9.【答案】力"，八、

【解析】解：由图像得，弹簧的原长窗I露稻1雌常

由胡克定律得：/'AJ'31

AF4

则》I图像的斜率表示劲度系数，由图像得：卜.,."'lV

弹簧测力计的分度值为I，J”，则图乙中虚线指针所对应处的刻度是h;「，|门”

对应的力为£AI.,211nx3,JHI-21xId'V3.HA

弹簧的最大长度为/，N,,7,..

测量的最大的力为EA'U'.-=2HI--HN21.IIVH.V

即该弹簧秤的量程为8/Vo

故答案为：200,，,、，8。

/'，'图像的斜率表示弹簧劲度系数；根据刻度尺的读数规则读出刻度尺的示数，根据胡克定律

求解指针对应处的刻度和弹簧秤的量程。

本题考查“探究弹簧的弹力与伸长量的关系”实验，解题关键是掌握胡克定律的内容，知道/,Ar

中X指弹簧的形变量。

10.【答案】“由爨窗幽豌然

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【解析】解：欧姆表调零时，雕盲腕蜃雷场,测量时H":,电流表量程越小,

对应电阻越大，开关断开，电流表量程小，对应欧姆表倍率应为“。

3开关断开、闭合两种状态，欧姆表对应‘'•：")"、相当于电流扩大了10倍，则

将为鲁翻植白觐^^代入解得：A

届Q普

"由国2：日糜毋■附自雷解得"IJ'-!＞由雕昌鹤8,糜题常解得："|：＜)

滑动变阻器电阻调节范围为Iin」m”，故选：B»

L,搔

h由小•〃，-；，瞬自赐华耀后甫结合欧姆表倍率“可得①\,②10,③？;

故答案为：I",l"l;211U；3)«;：|①、，②10,③丁，

11根据闭合电路欧姆定律可知电流表量程越小，对应电阻越大，从而分析判断：

21：1；1根据闭合电路欧姆定律及欧姆表工作原理分析解答。

本题考查了欧姆表的内部结构，表头部分电流表量程的大小判断，中值电阻的理解以及闭合电路

欧姆定律的正确运用。

1L【答案】解：1由表格数据得：250s时，飞机的速度翰喜娜醐翳喜眸蠢

।F.内，对该乘客，由动能定理得：匿=哪瞬=魏1鼻碱

代入数据解得：密题藕健端

-由表格数据得：30s时，飞机的速度酗日摩蹒瀚有解嚅

100s时，飞机的速度崩叠懈诵猫喜覆

设乘客水平方向的加速度为"，竖直方向的加速度为〜，＞.।,由加速度的定义式得：

水平方向，脸鼻网甄口鹤

竖直方向，他6倒工哙■

由牛顿第二定律得：水平方向：/““

竖直方向：瞧诞甯

代入数据联立解得：I-2'＜5.V

/；733.V

答：：uC，，、内飞机对该乘客的作用力做的功W为翻蹋盛的；

一＞，飞机离地后的前70s内飞机对该乘客沿水平方向的平均作用力大小为T,r,v,沿竖直方向的

平均作用力的大小为733N。

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【解析】I对乘客受力分析，根据动能定理求解飞机对乘客的作用力做的功：

」根据加速度的定义式求解水平方向和竖直方向的分加速度,根据牛顿第二定律求解两个方向的

平均作用力。

本题考查牛顿第二定律和动能定理，解题关键是根据表格得到乘客的运动情况，结合牛顿第二定

律和动能定理列式求解即可。

12.【答案】解L对小球Q受力分析，如图所示，电场力与重力的合力为/,方向与竖直方

向夹角为”，则质蛔嚼

X

2再次对小球Q进行受力分析，如图所示,

设碰后小球Q的速度与水平夹角为门，根据几何关系可得：酮g野

晶

代入E可得：rm\3»所以“州

根据平抛运动的规律可知碰前小球P的速度为着钥■墨台裳仁舞

取小球P的初速度方向为正方向，根据动量守恒定律得：就还痴与融酶冷晒

根据机械能守恒定律可得：，.；1

22»2”

联立解得：’‘，，七「

电场力与重力的合力为2mg,碰后小球Q所受洛仑磁力与电场力与重力的合力等大反向，则:

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解得：

，小球P的抛点距离A点竖直高度为：■

根据速度关系可得：阳信逊触靖

3%

联立解得:

石

A点距离地面的高度为；，贝丁

*>

解得：龈信臂

小球Q从A到地面做匀速直线运动，水平位移为：蹲

独

小球P从入点做匀变速曲线运动，则有：

联立解得：渴阳i

答：11।小球Q的电荷量为脸

壮，匀强磁场的磁感应强度大小为；：'

小两小球在水平地面上的落地点间的距离为'

【解析】1对小球受力分析，确定电场力与重力合力的方向，根据矢量合成即可求解；

口小球Q碰后做匀速直线运动，据此确定小球Q碰后的速度方向与小球P与Q碰前的速度方向,

然后根据平抛运动的规律与弹性碰撞的规律求出碰后两小球的速度，小球Q所受洛仑磁力与等效

重力一样大，据此即可求解。

3根据运动学公式求出小球P与八点的竖直高度，然后根C、A两点距地面的高度之比为7：3

求出A距离地面的高度，然后分别求出两球落地的水平位移即可求解。

本题考查带电粒子在复合场中的运动，解题的关键搞清小球的运动情况和受力情况，做好受力分

析示意图，根据运动规律、动量守恒定律等进行分析。

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13.【答案】ADE

【解析】解：A、若气体对外做功，4为负值，气体吸收热量，则Q为正值，由热力学第一定律

得：QH

则ar可能为正值，温度可能升高，故人正确；

8、若理想气体的压强增大，体积增大，由理想气体状态方程得：“c

则温度一定升高，气体的内能增大，故B错误；

C、若气体体积减小，则外界对气体做功，故C错误；

。、若气体放出热量，则Q为负值，内能增加，则A/为正值，由热力学第一定律得NQH

则W一定为正值，即外界对气体做功，气体体积减小，故。正确；

£、若气体压强减小，温度降低，由理想气体状态方程得：（,

则气体的体积可能增大或减小，若气体体积增大，则气体对外做功，故E正确。

故选：ADE.

根据理想气体状态方程和热力学第一定律分析即可。

本题考查理想气体状态方程和热力学第一定律，注意热力学第一定律QH中各物理量的

含义。

14.【答案】解：设玻璃管的总长度为L,可知上、下空气柱的长度只和为Ah

玻璃管静止时，对下气柱〃；,h

玻璃管做自由下落过程，水银柱处于完全失重状态，上、下气柱的压强相等

对上气柱，根据玻意尔定律葡触目熠

对下气柱，根据玻意尔定律翦母经榴

购I犍醉豳

联立解得第蜀龌艘叫，■；

答：管内水银柱的长度h为5cm,自由下落过程中管内下端封闭气体的压强p为77cm力g。

【解析】根据玻意尔定律分别对上、下气柱列方程求解。

该题考查玻意尔定律的应用，其中玻璃管自由下落过程中水银柱处于完全失重状态、上下气柱的

压强相等为该题的突破口。

15.【答案】BCE