2023年吉林省长春市宽城区中考物理模拟试卷（含解析）

第第页2023年吉林省长春市宽城区中考物理模拟试卷（含解析）2023年吉林省长春市宽城区中考物理模拟试卷（二）

第Ⅰ部分选择题（每题2分，共20分）

1．（2分）人们越来越习惯通过微信发送语音来交流，这种闻其声知其人通过声音识人的主要依据是（）

A．音调B．响度C．音色D．频率

2．（2分）北方冬季气温低于﹣30℃时，将热水以C字型泼出，小水珠会迅速凝结，产生“泼水成冰”的效果（如图），这一过程中，发生的物态变化是（）

A．汽化B．液化C．凝华D．凝固

3．（2分）如图所示是具有报警功能的文物展示台，该展示台由木板、弹簧、金属片A、B、C和报警电路组成。当物品搬离展示台时，金属片B在弹力作用下与金属片A、C分开。此时（）

A．灯不亮电铃不响B．灯不亮电铃响

C．灯亮电铃不响D．灯亮电铃响

4．（2分）如图所示，小洋购买了一个恒温杯垫给饮品加热。当杯和杯垫热传递停止时，说明它俩具有相同的（）

A．温度B．热量C．比热容D．内能

5．（2分）下列实例中，为了增大压强的是（）

A．书包的背带做得很宽B．剪刀刀口做得很锋利

C．图钉帽的面积较大D．铁轨铺在枕木上

6．（2分）如图所示是“梦天”实验舱发射入轨，与空间站“天和”核心舱成功交会对接后，一起绕地飞行的情景。下列分析正确的是（）

A．“梦天”实验舱相对于核心舱是运动的

B．空间站通过超声波向地面传递信息

C．空间站绕地飞行过程中运动状态不变

D．“梦天”实验舱完成对接后，仍具有惯性

7．（2分）下列家用电器中，额定功率约为1000W的是（）

A．空调B．电视机C．台灯D．笔记本电脑

8．（2分）为了响应上都关于“全民动员共建节能型社会”的号召，小明提出了一些节约用电的建议，其中不科学的是（）

A．用太阳能热水器代替电热水器

B．离开教室时随手关灯

C．夏天用空调时，把温度调得很低

D．尽量少开启电冰箱门

9．（2分）如图，同一小瓶内分别装入不同质量的水，浸没水中后发现：小瓶在甲图中上浮，在乙图中下沉。如果浸没时小瓶受到的浮力分别为F甲、F乙，则（）

A．F甲＝F乙B．F甲＞F乙C．F甲＜F乙D．无法判断

10．（2分）快递小哥为了把较重的货物装入运输车，设计了如图所示提升货物的装置。若货物重1000N，每个滑轮重200N，10s内把货物匀速提升2m，忽略绳重和摩擦。下列分析正确的是（）

A．此装置可以省功

B．拉力的功率是100W

C．拉力所做的有用功是2200J

D．此装置的机械效率是83.3%

第Ⅱ部分非选择题（每空1分，每图2分，22题（4）推理部分4分，共50分）

11．（3分）2023年贺岁大片《流浪地球2》，有网友概括为“太阳要完了，地球要跑了”，太阳能属于再生能源。在太阳内部，发生（填“核裂变”或“核聚变”）产生光和热。光能和内能这些能量却不能再自发地转化为核能，这一现象说明能量转化具有。

12．（3分）如图所示，用杯子接水的过程中，水杯始终静止在手中，则杯子受到的摩擦力（选填“变大”“变小”或“不变”）；若杯子在手中向下滑，则可以通过的方式来摩擦力使其在手中保持静止。

13．（2分）英国物理学家经过大量的实验研究，于1840年精确测定了电流产生的热量与电流、电阻和通电时间的关系。能量在转化和转移的过程中，能量的总量。

14．（2分）钓鱼时，钓鱼竿可看成一根杠杆，如图它是一个杠杆，要使钓起鱼时省力一些，则钓鱼者两只手之间的距离应一些（填增大或减小）。

15．（2分）我国自主研发建造的“福建舰”排水量约为8万吨，此时受到的浮力约是N。“福建舰”开创了常规动力航母使用电磁弹射器的先河。当弹射车内的导体通过强电流时，即可以获得强大的推力，其原理和（填“电动机”或“发电机”）原理相似。（g取10N/kg）

16．（5分）为了探究并联电路中电流关系，小洋同学设计了如图甲所示电路进行实验。

IA/AIB/AIC/A

10.220.120.10

20.440.240.20

30.550.300.25

（1）他按照甲图连接好并联电路，测量干路电流应该将电流表串联在甲图中的（填“A”、“B”或“C”）处。闭合开关前，电流表指针如图乙所示，未进行调节直接接通电路后电表读数为0.3A，则此时干路电流的真实值0.3A。

（2）改正错误后小洋把电流表接入C处测量支路电流，闭合开关后，电流表的指针来回摆动。故障的原因可能是。

A.电流表被烧坏

B.某段导线断开

C.某灯泡被短路

D.某接线柱处接触不良

（3）小洋将电路问题排除后，多次实验记录数据如上表，由此可知实验中选择了规格（填“相同”或“不同”）的小灯泡。得出并联电路的电流特点关系式是（用IA、IB、IC表示）。

17．（3分）在探究“水的沸腾”实验中，当水沸腾时，继续加热，温度（选填“升高”、“下降”或“不变”），某同学观察到水沸腾时的温度为98℃，说明此地的大气压（选填“高于”、“低于”或“等于”）1个标准大气压，实验中观察到烧杯口冒出的“白气”是（选填“气态”或“液态”）的水。

18．（5分）如图所示是“探究影响电磁铁磁性强弱的因素”的实验装置。

（1）用笔画线代替导线，将电路连接完整。

（2）闭合开关，调节滑动变阻器滑片的位置，电流表的指针如图所示，则电流表的示数为A，此时通电螺线管的下端是（填“N”或“S”）极。

（3）下列操作不能改变电磁铁磁性强弱的是（填字母）。

A.抽去铁芯

B.电源两极对调

C.减少线圈的匝数

19．（4分）小洋用图甲装置来探究凸透镜成像的规律。

（1）实验前，应调节烛焰、凸透镜和光屏三者的中心大致在上。

（2）如图甲所示恰好在光屏上成清晰的像，此时光屏上所成像的特点与原理相同。

（3）由于实验时间较长，蜡烛会变短，此时为了让像重新成在光屏的上都，在光屏不动情况下，可以将透镜向移动。

（4）小洋进一步探究：如图乙所示，凸透镜的焦距为10cm，保持光屏位置不变，让蜡烛和凸透镜分别以2cm/s和1cm/s的速度，从图示位置同时匀速向左运动，经过s后，光屏上成清晰（填“放大”、“等大”或“缩小”）的像。

20．（7分）在“探究物体的动能跟哪些因素有关”的实验中，小洋同学设计了如图所示的三次实验。让小球从同一斜面上某处由静止开始向下运动，然后与放在水平面上的纸盒相碰，铁球与纸盒在水平面上共同移动一段距离后静止。

（1）实验中通过比较小球推动纸盒移动的距离可比较小球动能的大小，此探究方法是（填“转换法”或“控制变量法”）。

（2）要探究动能大小与物体质量的关系，应完成两次实验。

（3）选用甲、丙两次实验可以得出的结论是：物体质量相同时，物体的越大，动能越大。

（4）画出图甲中斜面上的小球受到的重力。

（5）小洋同学联想到“探究阻力对物体运动的影响”时，也用到了斜面，让小车从斜面顶端由静止滑下，比较在不同表面滑行的距离（如表），三次实验整个过程中小车机械能减少量。若水平面绝对光滑，小车将做运动。

表面毛巾棉布木板

摩擦力最大较大最小

小车运动距离最近较远最远

21．（6分）如图是用压强计探究影响液体内部压强大小的因素的实验装置。

（1）图甲中的U形管（填“属于”或“不属于”）连通器，通过U形管左右两侧，反应液体内部压强大小。

（2）在使用压强计前，发现U形管内左右两侧的水面有一定的高度差如图甲所示，若U形管左支管液面上方的压强为p左，大气压强为p0，则此时p左p0。其调节的方法是（填“A”或“B”），使U形管左右两侧的水面相平。

A.从右侧支管抽出适量水

B.取下软管重新安装

（3）通过比较两图可解释三峡大坝设计成上窄下宽的原因。

（4）比较丙、丁两图，可知液体的压强与有关。

22．（8分）电梯为居民上下楼带来便利，但出于安全考虑，需要设置超载自动报警系统。学校科技小组为某电梯设计了一个由压敏电阻控制的超载报警系统，电路如图所示。电源电压为12V，电阻箱最大阻值为999.9Ω，滑动变阻器的最大阻值为500Ω。报警器通过的电流达到20mA时立即报警，电梯停止运行。压敏电阻R的阻值随其所受压力F的变化情况如表所示，其中压力F等于电梯所载物体的重力。（g取10N/kg）

压力F/N020004000600080001000012000

电阻Rx/Ω300280260240220200180

（1）当电梯空载时，压敏电阻Rx的阻值为Ω。

（2）压敏电阻的阻值随着压力的增大而。

（3）要求电梯载重达到600kg时立即报警，可按照下列步骤调试此报警系统：

①开关闭合前，将滑动变阻器的滑片P移至b端，将电阻箱调到阻值为Ω。

②将开关S1闭合、S2断开，调节滑动变阻器的滑片P，直至报警器报警。

③保持滑动变阻器的滑片P位置不变，将开关S1断开S2闭合，报警系统调试完毕，即可正常使用。

（4）一段时间后，由于电源电压的降低，导致报警载重不准确，所以需要定期调试。某次调试前，保持（3）中滑动变阻器的滑片位置不变，调节电阻箱，发现电阻箱调至220Ω时，报警器报警，说明在调试前的报警载重值为N。求此电源电压下，通过调试，电梯的最大载重量多少千克。（写出简单推理过程和必要的文字说明）

2023年吉林省长春市宽城区中考物理模拟试卷（二）

参考答案与试题解析

第Ⅰ部分选择题（每题2分，共20分）

1．（2分）人们越来越习惯通过微信发送语音来交流，这种闻其声知其人通过声音识人的主要依据是（）

A．音调B．响度C．音色D．频率

【分析】（1）声音的高低叫音调，音调与发声体振动的频率有关。

（2）声音的大小叫响度，响度与振幅和距离声源的远近有关。

（3）音色与发声体的材料和结构有关。

【解答】解：闻其声知其人通过声音识人的主要依据是不同人的音色不同，故C符合题意，ABD不符合题意。

故选：C。

【点评】知道音调、响度和音色并能在实例中区分它们。

2．（2分）北方冬季气温低于﹣30℃时，将热水以C字型泼出，小水珠会迅速凝结，产生“泼水成冰”的效果（如图），这一过程中，发生的物态变化是（）

A．汽化B．液化C．凝华D．凝固

【分析】物质从固态到液态的过程叫做熔化，物质从液态变成固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态的过程叫做汽化，物质从气态变为液态的过程叫做液化；物质从固态直接变成气态的过程叫升华，物质从气态直接变成固态的过程叫凝华。

【解答】解：冬季气温低于﹣30℃时，将热水以C字型泼出，小水珠会迅速凝结，产生“泼水成冰”的效果，是凝固现象。故ABC错误，D正确。

故选：D。

【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。

3．（2分）如图所示是具有报警功能的文物展示台，该展示台由木板、弹簧、金属片A、B、C和报警电路组成。当物品搬离展示台时，金属片B在弹力作用下与金属片A、C分开。此时（）

A．灯不亮电铃不响B．灯不亮电铃响

C．灯亮电铃不响D．灯亮电铃响

【分析】根据电路图可知，当AC与B分离时，灯泡和电铃串联；当AC与B接触时，电铃被短路，电路为灯泡的基本电路。

【解答】解：物品在展示台上时，ABC接通，把电铃短路，铃不响，灯泡亮；当小偷把物品搬离展示台时，金属片B在弹力作用下与金属片AC分开时，灯泡和电铃串联，此时灯亮铃响，故D正确，ABC错误。

故选：D。

【点评】本题考查电路的组成，能正确认识通路、短路以及断路三种情况。

4．（2分）如图所示，小洋购买了一个恒温杯垫给饮品加热。当杯和杯垫热传递停止时，说明它俩具有相同的（）

A．温度B．热量C．比热容D．内能

【分析】发生热传递的条件是存在温度差。

【解答】解：发生热传递的条件是存在温度差，当杯和杯垫热传递停止时，说明它俩具有相同的温度；故A正确、BCD错误。

故选：A。

【点评】本题考查了热传递的条件，属于基础知识。

5．（2分）下列实例中，为了增大压强的是（）

A．书包的背带做得很宽B．剪刀刀口做得很锋利

C．图钉帽的面积较大D．铁轨铺在枕木上

【分析】压强大小跟压力大小和受力面积大小有关；

增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力；

减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。

【解答】解：ACD、书包的背带做得很宽、图钉帽的面积较大、铁轨铺在枕木上，都是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故ACD不合题意。

B、剪刀刀口做得很锋利，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故B符合题意。

故选：B。

【点评】掌握压强大小的影响因素，利用控制变量法解释生活中有关增大和减小压强的问题。

6．（2分）如图所示是“梦天”实验舱发射入轨，与空间站“天和”核心舱成功交会对接后，一起绕地飞行的情景。下列分析正确的是（）

A．“梦天”实验舱相对于核心舱是运动的

B．空间站通过超声波向地面传递信息

C．空间站绕地飞行过程中运动状态不变

D．“梦天”实验舱完成对接后，仍具有惯性

【分析】（1）物体相对于参照物的位置发生变化，物体是运动的；物体相对于参照物的位置不变，物体是静止的。

（2）电磁波可以传递信息。

（3）物体运动方向和速度大小的变化叫物体运动状态的改变。

（4）物体保持运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都具有惯性。

【解答】解：A、“梦天”实验舱发射入轨，与空间站“天和”核心舱成功交会对接后，梦天舱相对于核心舱位置不变，梦天舱是静止的，故A错误；

B、空间站通过电磁波向地面传递信息，故B错误；

C、空间站绕地飞行过程中速度大小和运动方向改变，运动状态改变，故C错误；

D、“梦天”实验舱完成对接后，仍具有惯性，故D正确。

故选：D。

【点评】知道运动和静止的相对性；知道电磁波可以传递信息；知道惯性和运动状态改变的物理意义。

7．（2分）下列家用电器中，额定功率约为1000W的是（）

A．空调B．电视机C．台灯D．笔记本电脑

【分析】根据常见家庭用电器的额定功率进行选择，电功率为1kW以上的用电器属于大功率用电器。

【解答】解：家用空调属于大功率用电器，其功率约为1000W，电视机的功率约为200W，台灯的功率为20W，笔记本电脑的功率约为100W。故A正确，BCD错误。

故选：A。

【点评】本题主要考查学生对常用家用电器的功率的了解和掌握，这类题目要求学生注重生活中知识的积累，是学生应该掌握的技能。

8．（2分）为了响应上都关于“全民动员共建节能型社会”的号召，小明提出了一些节约用电的建议，其中不科学的是（）

A．用太阳能热水器代替电热水器

B．离开教室时随手关灯

C．夏天用空调时，把温度调得很低

D．尽量少开启电冰箱门

【分析】从节约电能，防止电能的无谓浪费，提高能量的利用效率和新能源的利用来考虑。

【解答】解：A、太阳能是取之不尽的能源，开发和利用好太阳能是解决能源问题的重要环节；

B、离开房间时随手关灯，有利于节约用电，减少浪费；

C、夏天，如果天气不是很热就不用打空调，即使开时也使温度不宜过低，若温度调得很低，不利于节约用电；

D、减少开启电冰箱门，进入冰箱内的热空气少，减少了冰箱的负荷，从而节约电能；

故选：C。

【点评】分析选择项中的物理情景，然后结合节约用电的措施，即可得到答案。

9．（2分）如图，同一小瓶内分别装入不同质量的水，浸没水中后发现：小瓶在甲图中上浮，在乙图中下沉。如果浸没时小瓶受到的浮力分别为F甲、F乙，则（）

A．F甲＝F乙B．F甲＞F乙C．F甲＜F乙D．无法判断

【分析】同一小瓶浸没在水中时排开水的体积相同，根据F浮＝ρ水gV排判断出小瓶受到浮力的关系。

【解答】解：同一小瓶浸没在水中时排开水的体积相同，根据F浮＝ρ水gV排知小瓶受到的浮力相同，即F甲＝F乙，故A正确。

故选：A。

【点评】本题考查了阿基米德原理公式的应用，是一道基础题。

10．（2分）快递小哥为了把较重的货物装入运输车，设计了如图所示提升货物的装置。若货物重1000N，每个滑轮重200N，10s内把货物匀速提升2m，忽略绳重和摩擦。下列分析正确的是（）

A．此装置可以省功

B．拉力的功率是100W

C．拉力所做的有用功是2200J

D．此装置的机械效率是83.3%

【分析】（1）功的原理：使用任何机械都不省功；

（2）由图可知，n＝2，绳子自由端移动的距离s＝2h；不计绳重和摩擦，拉力F＝（G+G动）；拉力端移动距离s＝2h，利用W＝Fs求拉力做的总功；再利用P＝求拉力F的功率；

（3）根据W有用＝Gh计算出有用功；

（4）根据η＝×100%计算机械效率。

【解答】解：A、使用任何机械都不省功，故A错误；

B、由图知，n＝2，不计绳重及摩擦，绳端的拉力：

F＝（G+G动）＝×（1000N+200N）＝600N，

拉力端移动距离：

s＝2h＝2×2m＝4m，

拉力做的总功：

W总＝Fs＝600N×4m＝2400J，

拉力做功的功率：

P＝＝＝240W，故B错误；

C、有用功：

W有用＝Gh＝1000N×2m＝2000J；

D、机械效率：

η＝×100%＝×100%≈83.3%，故D正确。

故选：D。

【点评】本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、功率、机械效率的计算，要利用好关系式：不计绳重及摩擦，拉力F＝（G+G动）。

第Ⅱ部分非选择题（每空1分，每图2分，22题（4）推理部分4分，共50分）

11．（3分）2023年贺岁大片《流浪地球2》，有网友概括为“太阳要完了，地球要跑了”，太阳能属于可再生能源。在太阳内部，发生核聚变（填“核裂变”或“核聚变”）产生光和热。光能和内能这些能量却不能再自发地转化为核能，这一现象说明能量转化具有方向性。

【分析】（1）能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源；

（2）核裂变和核聚变都能释放能量，但是又有区别，对于核裂变是可控的，如核电站的核反应堆就是通过核裂变提供能量的，对于核聚变过程不可控；

（2）能量在转移和转化的过程中具有方向性。

【解答】解：太阳能属于可再生能源；在太阳内部，发生核聚变产生光和热；光能和内能这些能量却不能再自发地转化为核能，这一现象说明能量转化具有方向性。

故答案为：可；核聚变；方向性。

【点评】本题考查了能源的分类、核能的利用、能量转化的特点等，难度不大，要掌握。

12．（3分）如图所示，用杯子接水的过程中，水杯始终静止在手中，则杯子受到的摩擦力变大（选填“变大”“变小”或“不变”）；若杯子在手中向下滑，则可以通过增大压力的方式来增大摩擦力使其在手中保持静止。

【分析】（1）水杯静止在手中，重力和摩擦力相平衡，据此分析在接水过程中杯子受到的摩擦力变化；

（2）增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度。

【解答】解：用杯子接水时，水杯静止在手中，在竖直方向上，杯子受到的重力和摩擦力是一对平衡力，在接水过程中，杯子和水的总重力变大，所以杯子受到的摩擦力将会变大；

摩擦力大小的影响因素是压力大小和接触面的粗糙程度，当杯子在手中开始向下滑时，接触面的粗糙程度是一定的，因此可以紧握杯子，通过增大压力的方式来增大摩擦力使其在手中静止。

故答案为：变大；增大压力；增大。

【点评】本题考查摩擦力大小的影响因素，以及增大摩擦的方法，摩擦力问题在生活中应用非常广泛，解答此题类问题时要利用控制变量法研究。

13．（2分）英国物理学家焦耳经过大量的实验研究，于1840年精确测定了电流产生的热量与电流、电阻和通电时间的关系。能量在转化和转移的过程中，能量的总量不变。

【分析】（1）在大量实验的基础上，英国物理学家焦耳找出了电流产生的热量与电流、电阻、通电时间间的关系，即发现了焦耳定律；

（2）能量既不会凭空产生，也不会凭空消失，它只能从一种形式转化为其他形式，或者从一个物体转移到另一个物体，在转化或转移的过程中，能量的总量不变。

【解答】解：（1）英国物理学家焦耳做了大量实验，于1840年最先精确地确定了电流产生的热量跟电流、电阻和通电时间的关系，得出Q＝I2Rt.为了纪念他做出的贡献，人们将他的名字命名为功和能（能量）以及热量的单位；

（2）由能量守恒定律可知，能量在转化和转移的过程中，能量的总量不变，

故答案为：焦耳；不变。

【点评】本题考查的是焦耳定律和能量守恒定律，属于基础题。

14．（2分）钓鱼时，钓鱼竿可看成一根杠杆，如图它是一个费力杠杆，要使钓起鱼时省力一些，则钓鱼者两只手之间的距离应增大一些（填增大或减小）。

【分析】结合图片和生活经验，判断钓鱼竿在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系便可以知道是省力还是费力，由杠杆平衡条件便可知如何能够更省力。

【解答】解：如图，在使用钓鱼竿时，当支点是A时，钓鱼者向上用力提拉钓鱼竿，所以动力的作用点是B点，阻力的作用点是C点，使用时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，要使钓起鱼时所用的力小一些，由杠杆平衡条件：F1×L1＝F2×L2，要使动力减小，在阻力和阻力臂不变的条件下，增大动力臂，即应使钓鱼者两只手之间的距离增大一些。

故答案为：费力；增大。

【点评】此题考查的是杠杆的分类和特点以及杠杆平衡条件的应用，要求学生弄够熟练识记并能灵活应用。

15．（2分）我国自主研发建造的“福建舰”排水量约为8万吨，此时受到的浮力约是8×10N。“福建舰”开创了常规动力航母使用电磁弹射器的先河。当弹射车内的导体通过强电流时，即可以获得强大的推力，其原理和电动机（填“电动机”或“发电机”）原理相似。（g取10N/kg）

【分析】（1）知道“福建舰”的排水量，利用阿基米德原理求“福建舰”满载时受到的浮力；

（2）电动机是利用磁场对电流的作用的原理来工作的。

【解答】解：“福建舰”的排水量约8万吨，该舰满载时受到的浮力约为：

F浮＝G排＝m排g＝8×104×103kg×10N/kg＝8×108N；

采用自行研制的电磁弹射器，电磁弹射器的弹射车与航母上携带的飞机前轮连接，并处于电磁铁产生的强磁场中，当弹射车内的导体通过强电流时，即可受到强大的推力，利用磁场对电流有力的作用，其原理和电动机原理相似。

故答案为：8×10；电动机。

【点评】本题考查利用阿基米德原理计算浮力的大小和电动机的基本原理，属于中档题。

16．（5分）为了探究并联电路中电流关系，小洋同学设计了如图甲所示电路进行实验。

IA/AIB/AIC/A

10.220.120.10

20.440.240.20

30.550.300.25

（1）他按照甲图连接好并联电路，测量干路电流应该将电流表串联在甲图中的A（填“A”、“B”或“C”）处。闭合开关前，电流表指针如图乙所示，未进行调节直接接通电路后电表读数为0.3A，则此时干路电流的真实值大于0.3A。

（2）改正错误后小洋把电流表接入C处测量支路电流，闭合开关后，电流表的指针来回摆动。故障的原因可能是D。

A.电流表被烧坏

B.某段导线断开

C.某灯泡被短路

D.某接线柱处接触不良

（3）小洋将电路问题排除后，多次实验记录数据如上表，由此可知实验中选择了规格不同（填“相同”或“不同”）的小灯泡。得出并联电路的电流特点关系式是IA＝IB+IC（用IA、IB、IC表示）。

【分析】（1）电流表串联在被测电路中；使用时要先调零。

（2）闭合开关后，电流表的指针来回摆动，可能是接触不良。

（3）并联电路中，干路中的电流等于各个支路的电流之和。

【解答】解：（1）他按照甲图连接好并联电路，测量干路电流应该将电流表串联在甲图中的A处。闭合开关前，电流表指针如图乙所示，指针偏转0刻度左侧，说明测量值偏小，未进行调节直接接通电路后电表读数为0.3A，则此时干路电流的真实值大于0.3A。

（2）A.电流表被烧坏，电路断路，电流表的指针不会偏转，故A不符合题意；

B.某段导线断开，电路出现断路，电流表指针不偏转，故B不符合题意；

C.某灯泡被短路，两个灯泡是并联的，另一个灯泡也会被短路，电流表没有示数，故C不符合题意；

D.某接线柱处接触不良，电路时通时断，所以指针来回摆动，故D符合题意。

故选：D。

（3）小洋将电路问题排除后，多次实验记录数据如上表，由此可知实验中选择了规格不同的小灯泡。得出并联电路的电流特点关系式是：IA＝IB+IC。

故答案为：（1）A；（2）大于；D；（3）不同；IA＝IB+IC。

【点评】本题考查的是并联电路的电流规律；关键是会根据数据分析得出结论；知道电流表的使用规则。

17．（3分）在探究“水的沸腾”实验中，当水沸腾时，继续加热，温度不变（选填“升高”、“下降”或“不变”），某同学观察到水沸腾时的温度为98℃，说明此地的大气压低于（选填“高于”、“低于”或“等于”）1个标准大气压，实验中观察到烧杯口冒出的“白气”是液态（选填“气态”或“液态”）的水。

【分析】水的沸点与气压有关，气压越高沸点越高。1标准大气压下水的沸点为100℃．掌握水沸腾时的特点，水沸腾过程中吸热但温度保持不变，而水沸腾时的温度叫做沸点。

“白气”是水蒸气遇冷液化形成的小水珠。

【解答】解：水沸腾时，虽然继续吸热，但温度不变。

水的沸点与大气压有关，在标准大气压下，水的沸点是100℃，大气压越低，水的沸点越低。

烧杯口的白气是高温水蒸气遇冷液化成的小水珠，这些小水珠附着在空气中的颗粒物上形成的。

故答案为：不变；低于；液态。

【点评】本题考查水沸腾特点以及沸点与气压的关系，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。

18．（5分）如图所示是“探究影响电磁铁磁性强弱的因素”的实验装置。

（1）用笔画线代替导线，将电路连接完整。

（2）闭合开关，调节滑动变阻器滑片的位置，电流表的指针如图所示，则电流表的示数为0.5A，此时通电螺线管的下端是N（填“N”或“S”）极。

（3）下列操作不能改变电磁铁磁性强弱的是B（填字母）。

A.抽去铁芯

B.电源两极对调

C.减少线圈的匝数

【分析】（1）滑动变阻器要一上一下串联在电路中，电流从电流表的正接线柱流进电流表，从负接线柱流出来。

（2）电流表在读数前要弄清楚它的零刻度、量程和分度值；根据安培定则判断通电螺线管的磁极。

（3）电磁铁的磁性强弱与电流的大小和线圈的匝数有关。

【解答】解：（1）滑动变阻器要一上一下串联在电路中，电流从电流表的正接线柱流进电流表，从负接线柱流出来。如图所示：

，

（2）电流表的分度值是0.02A，量程是0～0.6A，示数为0.5A；根据安培定则，通电螺线管的下端是N极。

（3）A.抽去铁芯，电磁铁的磁性会减弱，故A不符合题意；

B.电源两极对调，只能改变电磁铁的磁场方向，故B符合题意；

C.减少线圈的匝数，电磁铁的磁性会减弱，故C不符合题意。

故选：B。

故答案为：（1）；

（2）0.5；N；（3）B。

【点评】本题考查的是探究电磁铁磁性强弱的因素；会根据安培定则判断电磁铁的磁极；会正确读出电流表的示数。

19．（4分）小洋用图甲装置来探究凸透镜成像的规律。

（1）实验前，应调节烛焰、凸透镜和光屏三者的中心大致在同一高度上。

（2）如图甲所示恰好在光屏上成清晰的像，此时光屏上所成像的特点与照相机原理相同。

（3）由于实验时间较长，蜡烛会变短，此时为了让像重新成在光屏的上都，在光屏不动情况下，可以将透镜向下移动。

（4）小洋进一步探究：如图乙所示，凸透镜的焦距为10cm，保持光屏位置不变，让蜡烛和凸透镜分别以2cm/s和1cm/s的速度，从图示位置同时匀速向左运动，经过5s后，光屏上成清晰等大（填“放大”、“等大”或“缩小”）的像。

【分析】（1）为了使像成在光屏上都，必须将烛焰、凸透镜、光屏三者的中心放在同一高度上；

（2）根据凸透镜成像规律，当物距大于像距时，成倒立缩小的实像，应用为照相机；

（3）根据经过光心的光线的传播方向不变分析；

（4）当u＝v＝2f时，成倒立等大的实像，列出等式解答。

【解答】解：（1）为了使像成在光屏上都，必须调节烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在同一高度上；

（2）当蜡烛、凸透镜和光屏处于图甲所示位置时，恰好在光屏上成清晰的像，此时物距大于像距时，成倒立缩小的实像，应用为照相机；

（3）由于实验时间较长，蜡烛会变短，根据穿过光心的光线方向不变，若要像重新回到光屏上都，可将凸透镜向下移动；

（4）由乙图可知，物距u＝15cm，像距v＝15cm，保持光屏位置不变，让蜡烛和凸透镜分别以2cm/s和1cm/s的速度，同时匀速向左运动，则t秒时，物距u′＝15cm+（2cm/s﹣1cm/s）×t＝20cm，像距v′＝15cm+1cm/s×t＝20cm，解得t＝5s，则物距等于像距，由凸透镜成像规律可知此时成倒立等大的实像；

故答案为：（1）同一高度；（2）照相机；（3）下；（4）5；等大。

【点评】此题考查的是凸透镜成像规律和实际应用，属于基本技能的考查和基本规律的应用，难度不大，熟练掌握凸透镜成像规律是解决此类问题的前提。

20．（7分）在“探究物体的动能跟哪些因素有关”的实验中，小洋同学设计了如图所示的三次实验。让小球从同一斜面上某处由静止开始向下运动，然后与放在水平面上的纸盒相碰，铁球与纸盒在水平面上共同移动一段距离后静止。

（1）实验中通过比较小球推动纸盒移动的距离可比较小球动能的大小，此探究方法是转换法（填“转换法”或“控制变量法”）。

（2）要探究动能大小与物体质量的关系，应完成甲、乙两次实验。

（3）选用甲、丙两次实验可以得出的结论是：物体质量相同时，物体的速度越大，动能越大。

（4）画出图甲中斜面上的小球受到的重力。

（5）小洋同学联想到“探究阻力对物体运动的影响”时，也用到了斜面，让小车从斜面顶端由静止滑下，比较在不同表面滑行的距离（如表），三次实验整个过程中小车机械能减少量相等。若水平面绝对光滑，小车将做匀速直线运动。

表面毛巾棉布木板

摩擦力最大较大最小

小车运动距离最近较远最远

【分析】（1）掌握转换法在实验中的应用，通过纸盒移动的距离大小，来体现小球动能的大小；

（2）（3）动能的大小与质量、速度有关，根据控制变量法分析；

（4）在图甲中画出铁球受到的重力示意图；

（5）直接比较小车在三个表面上克服摩擦力做功是否相等，可根据重力势能大小关系及能量的转化分析；根据牛顿第一定律分析。

【解答】解：（1）该实验是通过观察纸盒被撞击后移动的距离来比较铁球动能的大小的，这种方法是转换法；

（2）要探究动能大小与物体质量的关系，需要控制速度相同，质量不同，让质量不同的小球从同一斜面的相同高度滚下，根据图示可知，应完成甲、乙两次实验；

（3）选用甲、丙两次实验可知，小球的质量相同，滚下的高度不同，高度越高，速度越大，推动纸盒移动的距离越远，动能也大，故可以得出的结论是：物体质量相同时，物体的速度越大，动能越大；

（4）图甲中斜面上的小球受到的重力示意图：；

（5）小车在斜面顶端时小车的重力势能相同，让小车从斜面顶端由静止滑下到水平面时，小车的动能相同；小车在不同的材料表面上运动时，最终停下来后，动能全部转为内能，克服摩擦力做了多少功就有多少动能转化为内能，所以，在三个表面克服摩擦力做功相同，即机械能减少量相同；

水平面是光滑的，则木块在水平方向上受力为0，竖直方向上受到平衡力作用，根据牛顿第一定律，运动的物体在没有受到力的作用时，将一直做匀速直线运动。

故答案为：（1）转换法；（2）甲、乙；（3）速度；（4）小球受到的重力的示意图见解析过程；（5）相等；匀速直线。

【点评】本题考查了探究物体的动能跟哪些因素有关和阻力对物体运动的影响两个实验的做法以及控制变量法的应用等，有一定的综合性。

21．（6分）如图是用压强计探究影响液体内部压强大小的因素的实验装置。

（1）图甲中的U形管不属于（填“属于”或“不属于”）连通器，通过U形管左右两侧液面高度差，反应液体内部压强大小。

（2）在使用压强计前，发现U形管内左右两侧的水面有一定的高度差如图甲所示，若U形管左支管液面上方的压强为p左，大气压强为p0，则此时p左＞p0。其调节的方法是B（填“A”或“B”），使U形管左右两侧的水面相平。

A.从右侧支管抽出适量水

B.取下软管重新安装

（3）通过比较乙、丙两图可解释三峡大坝设计成上窄下宽的原因。

（4）比较丙、丁两图，可知液体的压强与液体密度有关。

【分析】（1）测量液体压强的仪器叫压强计；上端开口，下端连通的容器叫连通器；通过U形管内液面高度差，反应液体内部压强大小；

（2）U形管右端上方是和大气相通的，等于大气压强；U形管右端液面比较高，就说明U形管左端液面上方的气体压强大于大气压；只要取下软管，让U形管左端液面和大气相通，这样U形管两端的液面就是相平的；

（3）在相同液体中，液体内部压强随深度的增加而增大；

（4）在丙、丁图中，只将烧杯中的水换成盐水，其他条件不变，是控制深度相同，改变液体的密度，观察U形管两侧的液面高度差是否相等，得出液体内部压强是否和液体的密度有关。

【解答】解：（1）这是测量液体压强的压强计；它的左端是密闭的，所以不是连通器；通过U形管内液面高度差，反应液体内部压强大小；

（2）U形管右端上方是和大气相通的，等于大气压强；U形管右端液面比较高，就说明U形管左端液面上方的气体压强大于大气压；

若在使用压强计前，发现U形管内水面已有高度差，只需要将软管取下，再重新安装，这样U形管中两管上方的气体压强就是相等的（都等于大气压），当橡皮膜没有受到压强时，U形管中的液面就是相平的，则B正确；故选B；

（3）比较乙图、丙图，在相同液体中的不同深度处，U形管两侧的液面高度差不相等，液体的压强不同，丙中深度大，液面高度差大，产生的压强大，故可以得到：在不同深度，液体内部压强与液体的深度有关，液体深度越深，压强越大，可解释三峡大坝设计成上窄下宽的原因；

（4）在丁图中，将烧杯中的水换成同深度的盐水，其他条件不变，控制