浙江省嘉兴市油车港镇中学2022-2023学年高二物理月考试题含解析

浙江省嘉兴市油车港镇中学2022-2023学年高二物理月考试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1.对于做匀速圆周运动的物体，时刻变化的物理量是A．速度

B．速率

C．角速度

D．周期参考答案：A2.（单选）如图所示,A、B、C、D是滑线变阻器的４个接线柱，现把此变阻器串联接入电路中，并要求滑片P向接线柱C移动时，电路中的电流减小，则该接入电路的接线柱可能是(

)

A.A和B

B.A和C

C.B和C

D.B和D参考答案：CD3.如图所示为某时刻LC振荡电路所处的状态，则该时刻

(

)A．振荡电流i在增大

B．电容器正在放电C．磁场能正在向电场能转化

D．电场能正在向磁场能转化参考答案：C4.矩形线圈在匀强磁场中绕着垂直磁感线方向的轴匀速转动，当线圈通过中性面时，下列说法中正确的是A．穿过线圈的磁通量最大，线圈中的感应电动势最大B．穿过线圈的磁通量等于零，线圈中的感应电动势最大C．穿过线圈的磁通量最大，线圈中的感应电动势等于零D．穿过线圈的磁通量等于零，线圈中的感应电动势等于零参考答案：C5.（多选题）将一条形磁铁插入到闭合线圈中的同一位置，第一次缓慢插入，第二次快速插入，两次插入过程中不发生变化的物理量是（）A．磁通量的变化量 B．磁通量的变化率C．感应电流的大小 D．流过导体某横截面的电荷量参考答案：AD【考点】法拉第电磁感应定律；磁通量；楞次定律．【分析】根据产生感应电流的条件分析有无感应电流产生．再根据法拉第电磁感应定律分析感应电动势的大小，由欧姆定律分析感应电流的大小．再由q=It可确定导体某横截面的电荷量等于磁通量的变化与电阻的比值．【解答】解：A、当条形磁铁插入线圈的瞬间，穿过线圈的磁通量增加，产生感应电流．条形磁铁第一次缓慢插入线圈时，磁通量增加慢．条形磁铁第二次迅速插入线圈时，磁通量增加快，但磁通量变化量相同．故A正确；B、根据法拉第电磁感应定律第二次线圈中产生的感应电动势大，则磁通量变化率也大．故B错误；C、根据法拉第电磁感应定律第二次线圈中产生的感应电动势大，再欧姆定律可知第二次感应电流大，即I2＞I1．故C错误；D、根据法拉第电磁感应定律分析感应电动势的大小，由欧姆定律分析感应电流的大小．再由q=It可确定导体某横截面的电荷量等于磁通量的变化与电阻的比值，由于磁通量变化量相同，电阻不变，所以通过导体横截面的电荷量不变，故D正确；故选：AD二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6.（2014春?博乐市校级期中）波的

和

现象是波特有的现象．振动方向和传播方向

，叫做横波．参考答案：干涉，衍射，垂直波的干涉和衍射现象解：干涉与衍射是波特有的现象；物理学中把质点的振动方向与波的传播方向垂直的波称作横波；故答案为：干涉，衍射，垂直．7.如图所示为一列简谐横波t＝0时刻的波动图象，已知波沿x轴正方向传播，波速大小为0.4m/s。则在图示时刻质点a、b所受的回复力大小之比为

，此时刻起，质点c的振动方程是：________________cm。参考答案：2:1

y=15cos10πt8.（5分）欧姆表的电池用久后（但仍能调零）被测电阻的测量值与其真实值相比是

。（填写“偏大”或“偏小”）参考答案：偏大9.长为L的金属杆原来不带电，在距其左端r处放一个电荷量为q的点电荷，则金属杆中点处的场强为

，金属杆上的感应电荷在杆中点处产生的场强大小为

.参考答案：0、

金属杆处于静电平衡状态，内部场强为0；金属杆上的感应电荷在杆中点处产生的场强等于点电荷在该处产生的场强，则10.（6分)两列相干波在同一水平面上传播，某时刻它们的波峰、波谷位置如图所示。图中M是波峰与波峰相遇点，是凸起最高的位置之一。回答下列问题：①由图中时刻经T/4，质点M相对平衡位置的位移是___________②在图中标出的M、N、O、P、Q几点中，振动加强的点是__________________；振动减弱的点是________________。参考答案：①0

(1分)

②M、O、P、Q，N

(5分)11.在如图所示的匀强电场中，一条绝缘细线的上端固定，下端拴一个大小可以忽略、质量为m、电荷量为q的小球，当小球静止时，细线与竖直方向的夹角为θ，则小球带

电（填“正”或“负”），匀强电场场强为．参考答案：正，．【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【分析】对小球受力分析，根据共点力平衡确定电场力的方向，从而得出电场力的大小，得出匀强电场的场强大小．【解答】解：小球处于平衡，知道电场力的方向水平向右，所以小球带正电．根据平衡有：mgtanθ=qE，解得场强E=．故答案为：正，．12.现将电池组、滑动变阻器、带铁芯的线圈A、线圈B、电流计(零刻线在正中位置)及开关如图所示连接在一起，在开关闭合、线圈A在线圈B中的情况下，某同学发现当他将滑动变阻器的滑动片P向左滑动时，电流计指针向右偏转，由此可以推断：如果将线圈A从线圈B中抽出时，电流表指针________．当开关由断开状态突然闭合，电流表指针将________．当滑动变阻器滑片P向右滑动时，电流表指针________(填右偏、左偏)．参考答案：右偏，左偏，左偏13.（8分）频率为50Hz的正弦电流，对人体的安全电压有效值不能超过36V，这个交流电压的周期是______________s，峰值是___________________。参考答案：0.02；50.4～50.9三、简答题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14.如图所示，水平放置的两平行金属板间距为d，电压大小为U，上板中央有孔，在孔正下方的下板表面上有一个质量为m、、电量为－q的小颗粒，将小颗粒由静止释放，它将从静止被加速，然后冲出小孔，则它能上升的最大高度h=_________________，参考答案：;试题分析:小颗粒由静止释放，电场力对它做正功，重力做负功，从小颗粒由静止释放到最高点过程，根据动能定理得qU-mg（d+h）=0，解得，h=考点：带电粒子在匀强电场中的运动；动能定理的应用；机械能守恒定律15.如图所示，有两个质量均为m、带电量均为q的小球，用绝缘细绳悬挂在同一点O处，保持静止后悬线与竖直方向的夹角为θ=30°，重力加速度为g，静电力常量为k.求：(1)带电小球A在B处产生的电场强度大小；(2)细绳的长度L.参考答案：（1）（2）（1）对B球，由平衡条件有：mgtan

θ=qE带电小球在B处产生的电场强度大小：

（2）由库仑定律有：

其中：r=2Lsin

θ=L

解得：【点睛】本题关键是对物体受力分析，然后结合共点力平衡条件、库仑定律和电场强度的定义列式求解．四、计算题：本题共3小题，共计47分16.如图所示，两条平行的光滑金属导轨固定在倾角为θ的绝缘斜面上，导轨上端连接一个定值电阻。导体棒a和b放在导轨上，与导轨垂直开良好接触。斜面上水平虚线PQ以下区域内，存在着垂直穿过斜面向上的匀强磁场。现对a棒施以平行导轨斜向上的拉力，使它沿导轨匀速向上运动，此时放在导轨下端的b棒恰好静止。当a棒运动到磁场的上边界PQ处时，撤去拉力，a棒将继续沿导轨向上运动一小段距离后再向下滑动，此时b棒已滑离导轨。当a棒再次滑回到磁场上边界PQ处时，又恰能沿导轨匀速向下运动。已知a棒、b棒和定值电阻的阻值均为R，b棒的质量为m，重力加速度为g，导轨电阻不计。求（1）a棒在磁场中沿导轨向上运动的过程中，a棒中的电流强度Ia与定值电阻中的电流强度Ic之比；（2）a棒质量ma；

（3）a棒在磁场中沿导轨向上运动时所受的拉力F。参考答案：（1）棒沿导轨向上运动时，棒、棒及电阻中放入电流分别为，有，————————————————1分，————————————————1分解得：。————————————————1分（2）由于棒在上方滑动过程中机械能守恒，因而棒在磁场中向上滑动的速度大小与在磁场中向下滑动的速度大小相等，即，设磁场的磁感应强度为，导体棒长为，在磁场中运动时产生的感应电动势为

，————————————————1分当棒沿斜面向上运动时，，

————————————————1分，

————————————————2分向上匀速运动时，棒中的电流为，则，

———————————————1分K^S*5U.C#

，————————————————2分由以上各式联立解得：

——————————————1分（3）由题可知导体棒沿斜面向上运动时，所受拉力

———————————————2分17.如图所示，质量为m的木块放在竖直的弹簧上，m在竖直方向做简谐运动，当振幅为A时，物体对弹簧的压力最小值为物体自重的0.5倍，求：①物体对弹簧压力的最大值；②欲使物体在振动中不离开弹簧，其振幅不能超过多少．参考答案：解：（1）因为木块在竖直方向上做简谐运动，依题意木块在最低点时对弹簧的压力最大，在最高点对弹簧的压力最小．在最高点根据牛顿第二定律有mg﹣FN=ma，代入数据解得a=0.5g．由最高点和最低点相对平衡位置对称，加速度大小等值反向，所以最高点的加速度大小为a′=0.5g，在最高点根据牛顿第二定律有FN′﹣mg=ma′，故FN′=mg+ma′=1.5mg．（2）要使木块不脱离弹簧，设其振幅不能超过A′，此时木块振到最高点恰在弹簧原长处，此时的最大加速度为g，由a=﹣x知，当振幅为A时，在最低点有0.5g=﹣A；当振幅为A′时，在最高点有g=﹣A′，由此可得A′=2A．答：①物体对弹簧压力的最大值为1.5mg；②欲使物体在振动中不离开弹簧，其振幅不能超过2A【考点】简谐运动的振幅、周期和频率．【分析】（1）木块在最高低点时，对弹簧的压力最大．木块在最高点和最低点的加速度大小相等，方向相反，根据牛顿第二定律求出最高点的加速度，从而得知最低点的加速度，根据牛顿第二定律求出木块对弹簧的最大压力．（2）欲使木块不脱离弹簧，知最高点弹簧处于原长，物块的加速度为g，知最低点的加速度也为g，方向竖直向上，根据F=﹣kx，求出振幅的大小与A的关系．18.两块水平放置的平行金属板A和B（A在上，B在下），两板间的电压U=400V，要使一个质量m=10g，带电量q=+5×10-6C的微粒恰能在两板间的某点静止，g取10m/s2，（1）试确定A极板的带电性质；（2）求两极板间电场强度的大小；（3）求两极板间的距离