2021年高考全国理综化学模拟小题过招九解析篇

2021年高考全国理综化学模拟

小题过招

7.中国人民在悠久的历史中创造了绚丽多彩的中华文化，下列说法错误的是（）

A.“木活字”是由元代王祯创制的用于印刷的活字，“木活字”的主要成分是纤维素

B.“苏绣”是用蚕丝线在丝绸或其他织物上绣出图案的工艺，蚕丝的主要成分是蛋白质

C.“鹳鱼石斧图”彩陶缸是我国出土的一件珍贵历史文物，彩陶缸的主要成分是硅酸盐

D.“黑芝麻糊”是一道传统美食，食用时可加入白砂糖作配料，白砂糖的主要成分是麦芽糖

【答案】D

【解析】

A.“木活字，，是木头制造的，其主要成分是纤维素，A错误；

B.“苏绣”是用蚕丝线绣的，蚕丝成分为蛋白质，B错误；

C.彩陶缸属于陶瓷,主要成分为硅酸盐，C错误；

D.白砂糖的主要成分是蔗糖，不是麦芽糖，D正确；

OH

H2N—C-NH—COOH

8.下列关于有机物0H的说法不正确的是（）

A.可发生水解反应，产物只有一种

B.1mol此有机物最多能与1molNaHCCh反应

C.能通过缩聚反应生成高分子物质

D.所有碳原子不可能在同一平面内

【答案】D

【解析】

该有机物分子结构中含有氨基、酚羟基、竣基和肽键，据此分析解题。

H2N—^-COOH

A.分子结构中含有肽键能发生水解反应，且水解产物只有,故A正确；

B.分子结构中只有竣基能与NaHCC）3反应，则Imol此有机物最多能与ImolNaHCCh反应，故B正确；

C.子结构中含有氨基和竣基，则能通过缩聚反应生成高分子物质，故C正确；

D.苯环及和苯环直接相连的碳原子均在同一平面内，默基也是平面结构，N为sp3杂化，但分子结构中

所有碳原子可能在同一平面内，故D错误;

9.用下列装置进行相应的实验，不能达到实验目的的是

ABCD

用标准KMnCh溶液测

观察气泡鉴别乙醇与甲制取并收集干燥纯净的

用此装置提纯h定待测液Na2c2。4物质

醛（CH30cH3）N%

的量浓度

-------KMnOj溶液&浓氨水

■|

-----冰水:酚

L混有馅碱石时i

,泥沙

石棉网

\^H;SO4

::一乙醇与钠：1一甲醮与钠周休

1-Na2c2O&溶液CaO

■iL

A.AB.BC.CD.D

【答案】D

【解析】

A.加热后，h升华变为碘蒸气，之后在盛有冰水的烧瓶底部外壁凝华析出，实现与泥沙的分离，A能

达到实验目的；

B.KMnCli溶液滴定时盛放在酸式滴定管中，且酸性条件下KMnO4滴定现象更明显，B能达到实验目

的；

C.乙醇与钠反应产生氢气，甲醛和Na不反应，故可以用Na鉴别，C能达到实验目的；

D.收集NEh时应该采用向下排空气法，D不能达到实验目的；

故答案选D。

10.硫酸盐（含SOj,HSO；）气溶胶是PM2.5的成分之一、近期科研人员提出了雾霾微颗粒中硫酸盐生

成的转化机理，其主要过程示意图如图：下列说法不正确的是（）

A.该过程中有氧氢键断裂

B.NCh是该机理的催化剂

C.该机理总反应为：SO+2NO2+H2O=HSO4+N02+HNO2

D.控制SCh和NOx的排放是治理雾霾的有效措施之一

【答案】B

【解析】

图中过程从左至右依次表示SO/和N02反应生成NO2和SO3，反应方程式为①SO；+NO2=NC）2+

SO；,SO'和N02加入一个水分子转化为HN02和HSO4,反应方程式为②SO3+NO2+H2OHNO：+

HSO4,由此分析。

A.根据图示转化过程中，由SO：一转化为HSO『根据图示对照，有水分子中的氧氢键的断裂，故A

正确；

B.根据图示的转化过程，NCh转化为HNCh,N元素的化合价由+4价变为+3价，化合价降低，得电子

被还原，做氧化剂，则NCh是生成硫酸盐的氧化剂，故B错误：

C.由方程式①+②可得总反应为SO；+2NO2+H2O=HSO；+NC>2+HNO2,故C正确；

D.雾霾主要由SCh、NOx和可吸入颗粒物这三项组成，前两者为气态污染物，最后一项颗粒物才是加

重雾霾天气污染的主要原因，因此控制SO2和NOx的排放是治理雾霾的有效措施之一，故D正确；

1L用原电池原理可以除去酸性废水中的三氯乙烯和

AsO；,其原理如图所示（导电壳内部为纳米铁）。下列说法正确的是

y―、氏30,（导电壳）

训出同伏（A8网一

G4/'—/Fe?'FeAsSI+Fe3+

A.纳米铁发生还原反应

B.正极电极反应式：C2HCb+5H++8e-=C2H6+30-

-2++3+

C.导电壳上电极反应式：AsO7+SO^+14Fe+14H=FeAsSJ.+13Fe+7H2O

D.当电路中有0.4moi电子转移时，就会有11.2L乙烷生成

【答案】B

【解析】A.据图可知纳米铁生成Fe2+,化合价升高，发生氧化反应，故A错误；

B.原电池正极得电子发生还原反应，据图可知在酸性条件下，正极上C2HCI3被还原为乙烷，则电极反

应式为：C2HC13+5H++8e=C2H6+3C1-,故B正确；

C.据示意图可判断亚铁离子还原ASO3,但该反应并不是发生在导电壳上，而是发生在含so,?•的酸性

溶液中，导电壳上的反应为铁被氧化成亚铁离子，故C错误；

D.根据电极反应式为：C2HCI3+5H++8e=C2H6+3C1-,当电路中有0.4moi电子转移时，就会有0.5mol

乙烷生成，但未指明温度和压强，不能确定气体的体积，故D错误；

故答案为B。

12.短周期元素x、y、d、f的最高正价或最低负价、原子半径的相对大小随原子序数的变化如左图所示

;短周期元素z、e、g、h的最高价氧化物对应水化物的溶液（浓度均为0.01mol/L）的pH与原子序数的关

系如图所示：

他

淬

卜

修

下列有关说法正确的是（）

A.离子半径大小顺序：e>f>g>h

B.由x、z、d三种元素形成的化合物中一定含有离子键

C.y、d、g的简单气态氢化物中沸点最高的是g的氢化物

D.以上八种元素中的一种或两种组成的某有色物质与水发生氧化还原反应时，水既不作氧化剂也不作

还原剂

【答案】D

【解析】

根据O.Olmol/Le的最高价氧化物对应水化物水溶液的pH=12,则e的最高价氧化物对应水化物为一元强

碱，O.Olmol/Lz和h的最高价氧化物对应水化物水溶液的pH=2,则z和h的最高价氧化物对应水化物为-

元强酸；O.Olmol/Lg的最高价氧化物对应水化物水溶液的pH<2,则g的最高价氧化物对应水化物为多元

强酸：结合原子序数z<e<g<h,则z、e、g、h依次为N、Na、S、Cl元素；根据各元素的化合价可知，x

、y、d、f依次处于第IA族、IVA族、VIA族、IHA族，原子序数x<y<d<f,原子半径x<d〈y<f,结合“层

多径大、序大径小”，则x、y、d、f依次为H、C、0、Al；据此分析作答。

根据分析x、y、d、f、z、e、g、h依次为H、C、O>AkN、Na、S、Cl；

A.e、f、g、h的离子依次为Na+、Al3\S\Cl,根据“层多径大、序大径小”，离子半径大小顺序为

：S2>Cl>Na+>Al3+,离子半径大小顺序为g>h>e>f,A错误；

B.x、z、d依次为H、N、0,三种元素可形成HNCh、NH4NO3等化合物，HNO3中只含共价键，不含

离子键，B错误；

C.y、d、g的简单气体氧化物依次为CH4、H?。、H2S,由于水分子间存在氢键，故沸点最高的是d的简

单气态氢化物H2O,C错误：

D.八种元素中的一种或两种组成的有色物质为Ch、N02、Na?02时，它们与水发生的氧化还原反应为

CI2+H2O遍1HC1+HCIO、3NO2+H2O=2HNO3+NO>2Na2O2+2H2O=4NaOH+O2

油，在这些氧化还原反应中水既不作氧化剂也不作还原剂，D正确；

答案选D。

13.25℃时，某混合溶液中

c(CH3co0H)+c(CH3c。0)=0.1molLT,lgc(CH3coOH)、lgc(CH3co0)、lgc(H*)和Igc(OH)

随pH变化的关系如下图所示。K1为CH3coOH的电离常数，下列说法正确的是

A.O点时，c(CH,COOH)=c(CH,COO)

B.M点时,pH=-lgKa

O.lc(H")

C.该体系中,c(CH,COOH)=mol-L'1

K.+C(H]

D.pH由7到14的变化过程中，CH3co0-的水解程度始终增大

【答案】C

【解析】根据图像分析可知，随着pH的升高，氢氧根离子和醋酸根离子浓度增大，氢离子和醋酸离子

浓度减小，又pH=7的时候，氢氧根离子浓度等于氢离子浓度，故可推知，图中各曲线

代表的浓度分别是：曲线1为lgc(CH3co。)随pH的变化曲线，曲线2为lgc(H+)随pH的变化曲线，曲线3

为Igc(OH)随pH的变化曲线，曲线4为lgc(CH3co0H)随pH的变化曲线，据此结合水溶液的平衡分析作

答。

A.根据上述分析可知，0点为曲线2和曲线3的交点，对应的pH=7,应该得出的结论为：c(H+)=

c(OH),故A错误；

B.只有N点：，lgc(CH3coO)=lgc(CH3co0H),即c(CH3coO