2021年广东省深圳市光明区中考物理二模试卷（附答案详解）

2021年广东省深圳市光明区中考物理二模试卷

一、单选题（本大题共10小题，共20.0分）

1.目前的智能音箱通过连接网络可以让用户以自然语言对话的交互方式，实线影音娱

乐、信息查询、生活服务、出行路况等多项功能的操作。以下说法中不正确的是（）

A.智能音箱可以直接根据用户的语音指令来完成指定操作，说明声音可以传递信

息

B.智能音箱发声需要物体的振动

C.用户对智能音箱发布指令，大点儿声，目的是改变声音的音调

D.人们可以分辨出智能音箱播放的不同歌手的声音，根据的是声音的音色

2.如图所示的光现象中，由光的直线传播形成的是（）

立竿见影

3.盛夏，打开冰箱门、会看到“白气”冒出；寒冷的冬天，户外的人也会不断呼出“白

气”、对这两种“白气”的分析正确是（）

A.前者是汽化现象，是冰箱内的水蒸气汽化形成的

B.前者是液化现象，是冰箱外的水蒸气液化形成的

C.后者是汽化现象，是口腔内的水蒸气汽化形成的

D.后者是液化现象，是口腔外的水蒸气液化形成的

4.“嫦娥五号”探测器经过一周左右的地月转移、近月制动环月飞行之旅，于2020

年12月1日晚稳稳降落在月球表面，开始“取土”等一系列科考工作。下列说法

正确的是（）

A.着陆器登月后，它将失去惯性

B.着陆器静止在月球表面，它相对于地球是运动的

C.着陆器匀速运动时，受到的摩擦力和支持力是一对平衡力

D.着陆器的表面积较大，目的是为了减小运动时受到的摩擦力

5.下列对生活中观察到的现象解释错误的是（）

A.水壶的壶嘴与壶身构成连通器，静止时壶嘴和壶身内的水面总是相平的

B.用吸管吸饮料是利用嘴的“吸力”把饮料吸入嘴里的

C.拦河坝设计成下宽上窄的形状，是因为液体内部压强随深度增加而增大

D.抽油烟机工作时，利用了气体流速越大，压强越小的原理

6.关于功和机械能及其转化，下列说法正确的是（）

A.吊车吊着重物沿水平方向匀速运动一段距离时，吊车的拉力对重物做了功

B.卫星从远地点运行到近地点，重力势能减小，动能增大

C.电梯匀速上升过程中，电梯的动能转化为重力势能

D.功率越大，做功越多

7.如图是新一代代步工具电动独轮车，依靠电力驱动低碳环保。当电q

源开关Si闭合时指示灯L亮起，独轮车处于待机状态，再当人站在

独轮车上时开关S2自动闭合，电动机M才能启动，开始运动。下列

电路设计符合上述要求的是（）

8.如图所示，灯人“3V3勿”、灯G“3Pl.5W”串联在电路中。若HgHgn

LiL：

灯丝电阻不变，电源电压3V,开关S闭合后，下列说法正确的是（）

A.灯刀更亮一°s-

B.两灯消耗的总功率是1W

C.通过5和G的电流之比是1：2

D.及和人的电阻之比是2：1

9.“注意安全，珍爱生命!”下列做法符合安全用电原则的是（）

A.发现有人触电时，应先切断电源，再把人拉开

B.为了清洁卫生，应用湿布擦拭正在工作的台灯

第2页，共22页

C.一个多孔插线板同时使用多个大功率用电器

D.在高压输电线附近放风筝

10.如图所示，电磁技术广泛应用于生活，下列说法不正确的是（）

A.动圈式话筒利用了电磁感应原理

B.手机无线充电效率不可能达到100%

C.转动风扇，灯泡亮起来，利用了电磁感应原理

D.电流表指针的偏转利用了电磁感应原理，且电流越大，偏角越大

二、多选题（本大题共5小题，共15.0分）

11.5G巡逻机器人采用了低速无人驾驶技术、全息感知技术、

4技术和5G通信技术，这款机器人能实现24小时360度

无死角实时监控，画面可实时传至监控中心。对此，下列

说法中不正确的是（）

A.机器人成像系统拍摄到的是倒立缩小的实像

B.成像系统拍摄时，景物应位于凸透镜的焦距之内

C.机器人朝大镜子靠近，机器人在镜子中的像变小

D.5G通信也需要依靠电磁波传递信息

12.下列说法不正确的是（）

A.冠状病毒的传播是扩散现象

B.即使煤炭没有完全燃烧，其热值也不会改变

C.一个物体的内能增加了，一定是它吸收了热量

D.冬天常用的热水袋里装的是水，这是因为水的比热容大

13.下列说法正确的是（）

A.使用杠杆不一定可以省力

B.定滑轮是等臂杠杆，可以改变用力方向

C.镒子是省力杠杆

D.在探究杠杆平衡条件的实验中，我们曾多次改变力和力臂的大小，这样做的目

的主要是为了多次测量取平均值减小误差

14.如图为某款测温仪的原理图，R是热敏电阻，用于靠近人体测I元I

温，治为定值电阻，电源电压不变，闭合开关后，当被测温者_仁

体温较高时，电流表示数变大.关于此测温仪，下列分析正确

I---OO_/----1

的是（）电源

A.R的阻值随着被测者体温升高而变大

B.被测者体温越高，R的电功率越大

C.R。两端电压不随被测者体温的变化而变化

D.被测者体温越高，R的电功率越小

15.小明拍下了家中电能表的照片，如图所示。他将家里其它用电器都关闭，只让电视

机单独工作了72s,发现电能表转盘转了5r,则下列说法正确的是（）

A.电能表允许通过的最大电流为20A

B.这段时间电视机共消耗了2021.3kW-h的电能

C.电能表直接读出电器消耗功率为2021.3W

D.此电视机的实际功率是100W

三、实验探究题（本大题共2小题，共14.0分）

16.在“探究影响滑轮组机械效率的因素”实验中，康维佳用滑轮组作了3

组实验，实验数据记录如下

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动滑轮重钩码上升测力计移机械效率

实验序号钩码重/N拉力/N

/N的高度/m动距离/小/%

131.20.11.40.371.4

230.60.11.20.383.3

360.60.12.20.3

(1)根据实验数据请在图中完成滑轮组的绕线。

(2)实验过程中，应竖直向上______拉动绳子自由端的弹簧测力计。

(3)在进行第3组数据测量时，滑轮组的机械效率为。

(4)分析表中数据可知，同一滑轮组，物重,滑轮组的机械效率越高。

(5)在进行第2组数据测量时，物体上升的速度为O.lm/s,则拉力F的功率为

W,滑轮组做的额外功为J。

17.小明在实验室测量小灯泡的电阻。实验器材有：电源(电压恒为6匕)、滑动变阻器长(

规格为“10024”)，滑动变阻器/?2(规格为50。L4)电流表、电压表、开关3个、

导线若干，额定电压为3.8V的小灯泡(电阻约为100)。

(1)小明连接的实验电路如图甲所示，其中有一根导线连接错误，请你在错误的导

线上画“X”，并用笔画线代替导线将电路正确连接。

(2)小明在实验中应选用滑动变阻器(选填"RJ或)。改正电路后，

小明闭合开关，发现电流表有示数，电压表无示数，小灯泡不亮，故障的原因可能

是,故障排除后，当电压表示数为2.5,时，电流表示数如图乙所示，此时

小灯泡的阻值为0。(计算结果保留一位小数)

(3)为了使测量结果更准确，小明通过调节滑动变阻器的滑片对小灯泡的电阻进行

了三次测量，求出电阻的平均值作为测量结果。小红同学认为不合理，理由是

(4)小红不使用电流表，她向老师要了一个已知阻值为R的定值电阻和一个单刀双

掷开关，借助小明的其他实验器材，设计了如图丙所示的实验电路，也能测出小灯

泡正常发光时的电阻，测量方案如下：（电源电压和小灯泡的额定电压分别用。和

u修示）

①闭合开关S,使开关S1连接触点1,；

②保持滑动变阻器的滑片位置不动，使开关S1连接触点2,读出电压表的示数为由；

③小灯泡正常发光时的电阻的表达式为凡=o

四、计算题（本大题共2小题，共15.0分）

18.近日，因巨轮搁浅导致苏伊士运河“瘫痪”，引发国际社会关注.搁浅船只长约400

米，宽约59米，满载时总质量为22万吨，吃水深度16米（是指船舶在水中浸入水

下部分的最大深度），最多可装载2万个标准集装箱，是目前营运的最大型巨型船

舶之一。标准集装箱的尺寸约为12m（长）x2.5m（宽）x2.4m（高）。（p水=1.03x

10kg/,g取10N/kg）求：

（1）若一个集装箱总质量为30r,平放在水平地面上，集装箱对地面的压强是多少？

（2）满载时船底受到海水的压强是多少？

（3）满载时船受到的浮力是多少？

19.某款电热饮水机具有加热和保温两挡，额定电压为220k图甲是其电路原理图。So

为温控开关，%,/?2为电热丝（阻值不变），某次饮水机在额定电压下工作的电功率

P与时间f的关系图像如图乙所示求：

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(1)饮水机处于保温挡阶段消耗的电能;

(2)饮水机处于保温挡时，通过&的电流;

(3*2的阻值。

五、综合题(本大题共2小题，共6.0分)

20.阅读短文，回答问题。

在出版行业，通常用“克重”来表示纸张的厚薄。例如，有些图书所用的纸张克重

为60g。实际上，这种表示纸张厚薄的方法与密度的知识是相关的：由于纸张的厚

薄是均匀的，所以我们无需测算其单位体积的质量，只需知道它单位面积的质量即

可。单位面积的质量又叫做物质的“面密度”。国家标准规定以4°、41、^2、Bi、

%等标记来表示纸张幅面规格。其中公纸张尺寸是841mmx594mm,&纸张尺寸

是594mmx420mm。同样，对粗细均匀的线形材料，我们也常常只考虑其单位长

度的质量，单位长度的质量又叫做物质的“线密度”。

(1)有些图书所用的纸张克重为50g,其“面密度”记作。

A50g

B.50g/m2

C.50g-m2

D.50g/m3

(2)同种材质做成的等厚纸张，公的“面密度”4的“面密度”(选填大于、

小于或等于)。

（3）有一捆横截面积为2.5/mn2铜丝，质量为89依，该铜丝的“线密度”为

g/rrto（已知铜的密度为8.9x103kg/m3'）

21.阅读下列短文，回答问题：

电阻式触摸屏电阻触摸屏在笔记本电脑及手机等设备上已

普遍使用，当手指在触摸屏表面施以一定的压力时，触摸屏

通过分别识别触摸点的水平与竖直位置，从而确定触摸的位

置。以竖直方向为例，触摸屏相当于一根电阻丝，触摸时，

触摸点尸将电阻丝，分为上下两部分。设上部分电阻为R1，下部分电阻为/?2,结

构可等效为如图所示的电路，电源两端电压不变。①如图，当触点在P时，测得/?2

两端电压为4、通过触摸屏的电流为与。若手指从P点上滑，则电流与。（

选填“增大”、“减小”或“不变”）

②电源电压为Uy,接通电源，/?2两端电压外=。（用药、%、/?2表示）

③若%=6V,触摸屏有效长度为15cm。某次触摸，测得下边缘/?2两端电压④=5V,

则触摸点到下边缘的距离为cm.

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答案和解析

1.【答案】C

【解析】解：A、可以直接根据用户的语言指令来完成指定操作，说明声音可以传递信

息，故A正确；

B、声音是由物体振动产生的，故B正确；

C、“大点儿声”目的是改变声音的响度，故C错误；

。、人们可以分辨出智能音箱播放的不同歌手的声音，根据的是声音的音色不同，故。

正确。

故选：C。

(1)声音可以传递信息和能量；

(2)声音是由物体振动产生的；

(3)声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声

音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由

发声体本身决定的一个特性。

理解声音的产生与传播，区分声音的三个特征，可解答此题。

2.【答案】A

【解析】解：A、立竿见影，是利用光沿直线播形成的现象，符合题意；

8、水中折笔，是利用了光的折射，不符合题意；

C、雨后彩虹，是利用了光的折射，不符合题意；

。、水中倒影，是利用了光的反射，不符合题意。

故选：Ao

光在自然界中存在三种光现象：

(1)光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形

成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；

(2)当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来，例如：平面镜成像、水中倒影

等；

(3)当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会偏折，发生折射现象，如：看水

里的鱼比实际位置浅等。

本题列举了四个常见的光现象，综合了光学知识，需要学生在平时学习和生活中多对相

关的光现象进行思考。

3.【答案】B

【解析】解：

48、打开冰箱门，看到“白气“，这是空气中的水蒸气遇冷液化而成的，故8正确；

C。、在寒冷的冬天户外的人不断呼出“白气”，这是呼出的水蒸气遇冷液化而形成的，

故CD错误。

故选:Bo

物质由气态变为液态的物态变化叫做液化，液化放热。

此题考查的是物态变化现象的判断，判断物态变化先看生成物是什么状态，接着看是由

什么状态的物质形成的，最后根据物态变化的定义来分析是什么物态变化.

4.【答案】B

【解析】解：A、着陆器登月后，它的质量不变，惯性不变，故A错误。

8、月球绕着地球转，着陆器静止在月球表面，着陆器随月球一起绕着地球转，所以以

地球为参照物，着陆器是运动的，故8正确。

C、着陆器匀速运动时，受到的摩擦力和支持力不在同一直线上，两个力不是平衡力，

故C错误。

。、着陆器的表面积较大，目的是为了增大受力面积来减小着陆器对月球的压强，故。

错误。

故选：B。

(1)惯性大小只跟物体的质量有关，跟其它因素没有关系。

(2)被研究的物体和参照物之间发生位置的变化，被研究的物体是运动的。

(3)平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上。

(4)减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，

减小压力来减小压强。

本题月球着陆器考查了惯性大小的影响因素、运动和静止的相对性、平衡力条件、减小

压强的方法等。

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5.【答案】B

【解析】解：A、水壶的壶嘴和壶身构成了一个连通器，当里面的水不流动时，壶嘴的

水面和壶身的水面保持相平，故A正确；

8、用吸管吸饮料时，吸管内气压减小，小于外界大气压，在大气压的作用下饮料被压

入吸管，故B错误；

C、因为水的压强随深度增加而增大，所以拦河大坝之所以修成上窄下宽的形状，可以

承受更大的压强，故C正确；

根据流体压强与流速的关系可知，抽油烟机在工作时，由于转动的扇叶处气体的流

速大，压强小，从而在周围大气压的作用下将油烟压向扇口排出。故厨房内的抽油烟机

工作时是利用流速越大，压强越小的方法将油烟“吸”走的，故。正确。

故选:Bo

(1)上端开口，底部连通的容器叫连通器，连通器中装同种液体，液体静止时液面是相

平的；

(2)我们在吸饮料的时候，是大气压把饮料压入嘴里的；

(3)拦河坝设计成下宽上窄的形状，是因为液体的压强随深度的增加而增大；

(4)借助流体压强与流速的关系进行解释：流速越大，压强越小；流速越小，压强越大。

本题考查了流体压强和流速的关系、液体压强的特点、大气压等物理知识，对于流体问

题，一般分析物体两侧的流体流速，根据流体压强跟流速的关系，判断物体两侧的压强

是解决此类习题的思路。

6.【答案】B

【解析】解：A、吊车吊着重物沿水平方向匀速运动一段距离时，力的方向竖直向上，

距离的方向水平向前，方向不一致，所以吊车的拉力对重物没有做功，故A错误；

8、卫星在大气层外运行，不受空气阻力，其机械能是守恒的，卫星从远地点运行到近

地点过程中，质量不变，相对高度减小，所以重力势能减小，同时速度增大，动能增大，

故B正确；

C、电梯匀速上升的过程中，质量不变、速度不变，高度增大，所以电梯的动能保持不

变，重力势能增大，但是不是动能转化来的，故C错误；

。、功率大，是做功快，不一定做功多，故。错误。

故选：

(1)做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离(即力和距

离的方向要一致)；二者缺一不可。

(2)(3)机械能包括动能和势能，物体动能和势能的变化会引起机械能的变化，动能与质

量和速度有关，质量越大、速度越大，则动能越大；重力势能与质量和高度有关，质量

越大、高度越大，则重力势能越大；

(4)功率是表示做功快慢的物理量，功率越大，做功越快；功率的大小跟做功的多少和

所用的时间有关。

本题主要考查了对动能、势能影响因素，二者的相互转化，以及机械能变化的判断，难

度不大。

7.【答案】C

【解析】解：经分析可知，电动机和指示灯并联，且开关，位于干路，开关52位于电动

机支路。

A.由电路图可知，开关$2闭合后，会造成电源短路，故A不符合题意；

5由电路图可知，指示灯和电动机串联，只有两开关均闭合时，指示灯才亮，否则不亮，

故8不符合题意；

C.由电路图可知，指示灯和电动机并联，Si控制干路，52控制电动机，故C符合题意；

。.由电路图可知，指示灯和电动机并联，52控制干路，Si控制电动机，故。不符合题意。

故选：C

由题意可知，当电源开关&闭合时指示灯心亮起，再当人站在独轮车上时开关S2自动闭

合，电动机M才能启动，说明电动机和指示灯可以独立工作、互不影响即为并联，且

开关其位于干路，开关S2位于电动机支路，据此分析选项得出答案。

本题考查了串并联电路的设计，根据题意得出各电路元件的连接方式和位置是关键。

8.【答案】B

【解析】解：由电路图可知，开关S闭合后，两灯泡串联。

C.因串联电路中各处的电流相等，所以通过人和乙2的电流之比是1：1,故C错误；

D由P=U1=9可得，两灯泡的电阻分别为&=印=篝=30、/?2=华=鬻=60,

则L和乙2的电阻之比R"&=30：60=1：2,故。错误；

A.因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以由P=U/=/2R可知，功的电阻大，实际

第12页，共22页

功率较大，乙2灯泡较亮，故A错误；

cU2U2(3V)2

8.因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以电路的总功率P=1=即=黑幕=

1W,故B正确。

故选：B。

由电路图可知，开关S闭合后，两灯泡串联。

(1)根据串联电路的电流特点可知通过两灯泡的电流关系；

(2)根据P=U1=?求出两灯泡的电阻，然后求出刀和J的电阻之比；

(3)灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，根据P=UI=/2R比较两灯泡的实际功率得出

亮暗关系；

(4)根据电阻的串联和P=U/=?求出电路的总功率。

本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意灯泡的亮暗取决于

实际功率的大小。

9.【答案】A

【解析】解：A、发现有人触电时，若直接用手将触电者拉开，由于人体也是导体，所

以会造成救人者也触电，应先切断电源，然后进行抢救，故A正确；

3、生活用水是电的导体，用湿抹布擦擦正亮着的台灯灯泡时，可能会因湿抹布导电而

发生触电事故，故8错误；

C、一个多孔插线板若同时使用多个大功率用电器，会造成总电流过大，易引发火灾，

故C错误；

。、在高压线下放风筝，靠近了高压带电体，易发生触电，故。错误。

故选:Ao

(1)发现有人触电或电引起的火灾，首先切断电源，再实行救援措施；

(2)生活用水是导体，不能用湿布擦拭正在工作的台灯；

(3)多个大功率用电器不能同时使用：

(4)安全用电的基本原则是不接触低压带电体，不靠近高压带电体。

此题考查了安全用电常识，属于基本技能的考查，难度不大。

10.【答案】D

【解析】解：人对着话筒说话时，产生的声音使膜片振动，与膜片相连的线圈也跟着

一起振动，线圈在磁场中的这种运动，能产生随着声音的变化而变化的电流，其原理是

电磁感应现象，故A正确；

B、手机无线充电存在能量的损失，效率不可能达到100%,故B正确；

C、转动风扇、线圈做切割磁感线运动，产生电流，灯泡发光，利用了电磁感应原理，

故C正确；

。、电流表指针偏转，利用了通电导线在磁场中受到力的作用，电流越大，偏角越大，

故。不正确。

故选：。。

首先要清楚两个原理的内容：

(1)电磁感应现象是闭合电路的一部分导体在切割磁感线运动时，产生感应电流；

(2)磁场对通电导体力的作用是通电的导体在磁场中受到力的作用；

其次要知道能量在转换的过程中会有损失。

电磁感应现象是由运动产生电流，磁场对通电导体作用是由电流受力而产生运动，互为

相反过程，对比记忆。

11.【答案】BC

【解析】解：

AB,摄像头相当于一个凸透镜，其成像原理与照相机相同，人到摄像头的距离在二倍

焦距以外时，摄像头拍摄到的是倒立、缩小的实像，故A正确，8错误；

C、机器人朝大镜子靠近，大镜子所成的像与机器人大小相同，故C错误；

D、5G技术用电磁波传递信息，故£>正确。

故选：BC.

(1)根据凸透镜成像规律，当”>2/"时，成倒立缩小的实像，应用于照相机；

(2)平面镜成像时，像的大小与物体的大小相同：

(3)电磁波既能传递声音信号，又能传递图象信号。

本题考查凸透镜成像和平面镜成像的应用，以及信息的传递，难度不大。

12.【答案】BD

第14页，共22页

【解析】解：人新冠病毒属于微生物，它通过飞沫传播是微生物所做的机械运动，不

是分子的运动，不属于扩散现象。故A错误；

8、热值是燃料的一种特性，其大小只与燃料的种类有关，与燃料是否完全燃烧无关。

故B正确；

C、一个物体的内能增加可能是吸收了热量，也可能是外界对此物体做功•故C错误;

。、因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的

热量多，所以用热水袋取暖。故。正确。

故选：BD。

(1)冠状病毒不是分子，属于微生物；

(2)热值的大小只与燃料的种类有关；

(3)改变内能的方法有两种：做功和热传递；

(4)相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；

升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。

本题考查了扩散现象、热值、改变内能的方法及水的比热容较大的生活应有，都属于基

础知识的理解和应用，要熟悉基础知识。

13.【答案】AB

【解析】解：A、杠杆根据力臂可以分为等臂杠杆、省力杠杆和费力杠杆，所以使用杠

杆不一定可以省力，也可以费力，A选项正确；

8、定滑轮的本质是等臂杠杆，不省力也不费距离，但能改变拉力的方向，8选项正确；

C、镜子在使用时动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，C选项错误；

。、探究杠杆平衡条件实验中，我们多次实验的目的是避免偶然性，寻找普遍规律，D

选项错误。

故选：A瓦

(1)杠杆根据力臂可以分为等臂杠杆、省力杠杆和费力杠杆；

(2)定滑轮的本质是等臂杠杆；

(3)分析镣子在使用时动力臂和阻力臂的关系得出结论；

(4)实验时，如果只用一组数据得到结论，偶然性太大，因此应获取多组实验数据归纳

出物理规律。

本题考查杠杆的定义以及分类，重点掌握杠杆分类的判断方式。

14.【答案】BC

【解析】解：由电路图可知，闭合开关后，定值电阻R。与热敏电阻R并联，电流表测R

支路的电流。

ABD.由题意可知，当被测温者体温较高时，电流表示数变大，即通过R的电流变大，

因并联电路中各支路两端的电压相等，且电源电压不变，

所以，由/=9的变形式可知，R的阻值变小，即R的阻值随着被测者体温升高而

K1

变小，故A错误；

由「=〃可知，R的电功率越大，故B正确、。错误；

C.因并联电路中各支路独立工作、互不影响，

所以，被测者温度越高时，&两端电压不变，故C正确。

故选：BC。

由电路图可知，闭合开关后，定值电阻&与热敏电阻R并联，电流表测R支路的电流。

(1)根据题意可知，当被测温者体温较高时，电流表示数变大，即通过R的电流变大，

根据并联电路的电压特点和欧姆定律可知R的阻值变化,从而得出R的阻值与被测者体

温的关系，利用P=U/可知R的电功率变化；

(2)根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知被测者温度越高时&两端的电压变

化。

本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，

利用好被测温者体温较高时电流表的示数变大是关键。

15.【答案】AD

【解析】解：A、“10(20)4”表示电能表的标定电流是10A,允许通过的最大电流为

20A,故A正确；

B、因2500r7k〃・/i表示转盘转1圈，电路中消耗焉kW•h的电能,

所以，电能表转盘转了“，电视机消耗的电能:

故8错误;

W=25。。部WA)=°0°2初.九，

C、电能表是测量电路中用电器消耗电能的仪器，电能表直接读出电器消耗电能，而不

是功率，故C错误；

D、电视机的实际功率:

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CW0.002kWhca>>4rYCAT/,

=7==o.i/civ=loovr,故o正确。

360071

故选：ADO

(1)“10(20)4”表示电能表的标定电流是10A,平时工作允许通过的最大电流不超过

204

(2)2500r/(/cW•九)表示的是电路中每消耗的电能，转盘转2500圈，据此求出电

能表转盘转了5,•消耗的电能，再根据P=?求出电视机的实际功率。

(3)用电器消耗电能的多少用电能表测量。

本题考查了电能表的作用以及电功、电功率的计算，明白电能表参数的含义是关键。

16.【答案】匀速90.9%越大0.360.06

【解析】解：(1)解：

(1)由表格中数据知，物体上升的高度九=0.1m,绳端移动的距离s=0.3m,绳子自由

端通过的距离为物体上升高度的3倍，则有三段绳子拉着动滑轮，绳子始端固定在动滑

轮上挂钩上，依次绕过上面的定滑轮、下面的动滑轮，如图所示：

(2)实验中要竖直向上匀速拉动弹簧测力计，使钩码上升;

(3)第三次实验时，滑轮组的机械效率为：

(4)分析1、2、3次实验数据可知，三次实验所用滑轮组相同，提升的物体越重，滑轮

组的机械效率越高，所以可得结论：用同一滑轮组提升重物时，重物的重力越大，滑轮

组的机械效率越高；

(5)物体上升的速度为则绳子自由端的速度：v=3x0.1m/s=0.3m/s,

则拉力F的功率为：P=Fv=1.2Nx0.3m/s=0.36WZ；

滑轮组做的额外功为：川额=G或i'=0.6Nx0.1m=0.06人

故答案为：(1)如图；(2)匀速；(3)90.9%；(4)越大；(5)0.36；0.06。

(1)由表格数据可知物体上升的高度和绳端移动的距离，根据S=71/1确定滑轮组绳子的

有效股数，若〃为偶数绳子始端固定在定滑轮下挂钩上，若〃为奇数绳子始端固定在动

滑轮的上挂钩上：

(2)实验中要竖直向上匀速拉动弹簧测力计，拉力大小等于弹簧测力计的示数；

(3)利用〃=言=,求出滑轮组的机械效率；

(4)使用同一滑轮组，提升的物体重力越大，滑轮组的机械效率越高；

(5)物体上升的速度为O.lm/s,根据"=3"物得出则绳子自由端的速度；根据P=?=

F=求出拉力尸的功率；根据勿=G/i求出额外功。

本题为测量滑轮组机械效率的实验题目，考查了滑轮组的绕法、机械效率的计算、提高

机械效率的方法等。使用滑轮组时，在额外功不变时，增加钩码的重，增大有用功，则

有用功占总功的比值变大，机械效率变大。

17.【答案】长灯泡短路8.3小明忽略温度对电阻的影响移动滑片使电压表示数为

U-UqxR

【解析】解：(1)连接电路，电流表串联在电路中，电压表并联在小灯泡两端，滑动变

阻器串联并且一上一下接线，改正如下:

(2)由欧姆定律可知，灯泡正常发光电流约为：/=£=潦=0.384由串联电路特点

和欧姆定律可得，灯泡正常发光时滑动变阻器连入阻值：氏滑=羊U-U颔_6y-3.8-〜

I-0.384〜

5.8。，所以选择滑动变阻器&合适;

闭合开关，发现电流表有示数，则电路为通路，电压表无示数，灯泡不亮，故障原因可

能是灯泡短路;

电流表量程为0-0.64分度值为0.024示数为0.34此时小灯泡的阻值R=彳=言"

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8.3/2；

(3)灯丝电阻受温度影响较大，灯泡在不同电压下，温度不同，灯丝中电阻不同，计算

平均值代表灯丝电阻无意义，小明忽略温度对电阻的影响；

(4)①闭合开关S,使开关Si连接触点1,移动滑片使电压表示数为U-U瞬

②保持滑动变阻器的滑片位置不动，使开关及连接触点2,读出电压表的示数为名；

③通过小灯泡的电流/=*,

U熔U格

小灯泡的电阻为：

故答案为：(1)见解析；(2)&；灯泡短路；8.3；(3)小明忽略温度对电阻的影响；(4)移

动滑片使电压表示数为U-U频；勺xR。

(1)连接电路时，电流表串联在电路中，电压表并联在小灯泡两端，滑动变阻器串联并

且一上一下接线；

(2)由串联电路特点和欧姆定律计算灯泡正常发光时滑动变阻器连入阻值，从而选择合

适的变阻器；

电流表有示数，电路可能出现短路，再由电压表示数分析判断故障；

由图乙所示电流表的量程与分度值，读出其示数，根据欧姆定律求出其阻值；

(3)导体电阻大小跟导体长度、横截面积、材料、温度有关，灯丝电阻受温度影响较大，

定值电阻阻值受温度影响较小，从温度上考虑；

(4)没有电流表的情况下，利用定值电阻和电压表代替电流表与灯泡串联，首先使灯泡

两端的电压等于U频，然后测出此时定值电阻两端的电压，便可求出电路中的电流，根

据R=苫计算出灯泡的电阻值。

本题考查了电路连接、实验故障分析、灯丝电阻与温度的关系等，最后一问：实验设计

是本题的难点，知道实验原理、应用串联电路特点与欧姆定律即可正确解题。

18.【答案】解：(1)集装箱质量：m=30t=3xl04kg,

集装箱重：G=mg=3xIO4kgxION/kg=3x105JV；

集装箱静放水平地面压力：F=G=3x105N,

集装箱对地面压强：

p=-=1*1°N•=1x104Pa；

「S127nx2.5m

(2)船底所受海水的压强:

p=p海水gh=1,03x103kg/m3xlON/kgx16zn=1.648x105Pa；

(3)轮船满载时的总质量为22万吨=2.2X108kg,

9

满载时总重:G总=mg=2.2x108kgxION/kg=2.2x10W,

因为轮船漂浮，所以尸浮=G/=2.2X109N。

答：(1)集装箱对地面的压强是1x104Pa；

(2)满载时船底受到海水的压强是1.648x105Pa；

(3)满载时船受到的浮力是2.2x109A/1.

【解析】(1)已知集装箱的质量，利用G=mg计算集装箱的重力，集装箱静放在水平地

面时对地面的压力等于重力，根据集装箱的长和宽算出受力面积，利用p=9计算压强；

(2)已知吃水深度和海水的密度，利用P=P法gh计算满载时船底所受海水的压强：

(3)根据满载时的总质量，利用浮沉条件求处该船满载时所受浮力。

本题考查了学生对压强公式、阿基米德原理的应用和液体压强的计算；解决此题的关键

是能从题目参数中得出相关信息和理解参数的含义。

19.【答案】解：(1)由图乙知，保温挡的功率为P保温=44勿，加热时间为t=8min—

5min=3min=180s,饮水机处于保温挡阶段消耗的电能为：

3

W=P保温t=441Vx180s=7.92x10JQ

(2)当开关S、So闭合时，％与Rz并联，电路中的总电阻最小，根据P="可知，饮水机

R

的总功率最大，此时为加热状态，

当只闭合开关S时，电路为治的简单电路，饮水机处于保温状态，由图乙知保温挡的功

率为44W,根据P=U/知，保温挡时通过％的电流为：

/=垣=也=0,24。

U220V

(3)因电路的总功率等于各用电器功率之和，所以，加热时电阻丝/?2的电功率：

P2=P加热-P保温=484W-44WZ=440MZ,

因并联电路中各支路两端的电压相等，由P=＜可得，电阻/?2的阻值：