2021年浙江省金华十校联考高考物理模拟试卷（4月份）（附答案详解）

2021年浙江省金华十校联考高考物理模拟试卷（4月份）

1.下列物理量的单位用国际单位制的基本单位表示正确的是（）

A.力的单位，kg-m2/s2B.电量的单位，A/s

C.功率的单位，kg-m2/s3D.磁感应强度的单位，T

2.2020年诺贝尔物理学奖授予了三名科学家：英国科学家罗杰•彭罗斯因证明黑洞是

爱因斯坦广义相对论的直接结果而获奖；德国科学家赖因哈德・根策尔和美国科学

家安德烈娅•盖兹因在银河系中央发现超大质量天体而获奖。下列有关物理学史的

说法正确的是（）

A.汤姆孙发现了电子并提出了原子的核式结构模型

B.法拉第发现了电磁感应现象，并得出了法拉第电磁感应定律

C.普朗克把能量子引入物理学，破除了“能量连续变化”的观念

D.玻尔原子理论的成功之处是它保留了经典粒子的概念

3.以下关于电炉、微波炉、电磁炉和真空冶炼炉说法正确的是（）

A.电炉必须使用交流电才能工作

B.微波炉发出的微波在金属容器中产生涡流，从而实现加热食物的

微坡炉

目的

电磁炉工作时既可以通交变电流，也可以通恒定电流

电磁炉

D.真空冶炼炉通以高频交变电流产生交变磁场,在金属中产生

真空冶炼炉

涡流使金属发热熔化

4.某飞机（如图a）起落架结构如图6所示，当驱动杆甲转动时，通过杆上螺纹带动连

杆实现轮子的收放，忽略空气对轮子的阻力，不考虑地球自转。下列说法正确的是

()

图a图b

A.飞机着陆瞬间，连杆乙、丙对轮轴的合力竖直向下

B.飞机着陆瞬间，连杆乙、丙对轮轴的合力竖直向上

C.飞机在空中沿直线匀速飞行时，连杆乙丙对轮轴的合力竖直向上

D.轮子受到的重力与连杆乙、丙对轮轴的合力是一对作用力与反作用力

5.如图所示为儿童蹦床时的情景，若儿童每次与弹性床相

碰后都能回到相同的高度，并重复上述运动。以每次与

弹性床刚接触的点为原点建立坐标系，竖直向上为正方

向，不计空气阻力，下列速度v和儿童位置（即坐标x）的

关系图象中，能描述x>0段运动过程的图象是（）

6.如图1是消防车正在机场进行水柱灭火演练的情景，小刘模拟消防水柱的示意图如

图2所示。水在空中运动，4、8为其运动轨迹上的两点。已知水在A点时的速度

大小为v=6m/s,速度方向与竖直方向的夹角为45。，它运动到B点时，速度方向

与竖直方向的夹角为37。6讥37。=0.6）,不计空气阻力，重力加速度g取10m/s2,

则（）

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B

图1图2

A.图中A点是水在空中运动过程的最高点

B.水在空中运动过程为变加速曲线运动

C.水在8点时的速度大小为8m/s

D.A、B两点间的高度差为0.7m

7.一束复色光沿A。方向射向半圆形玻璃砖的圆心O,AO

与界面的夹角为30。。两条出射光。B光、OC光与法线

的夹角分别为30。和45。，半圆形玻璃砖的半径为R,真

空中光速为c。则下列说法正确的是（）

A.玻璃砖对OC光的折射率大于对光的折射率

B.在玻璃砖中OC光的速度小于OB光的速度

C.在玻璃砖中OC光光子的动量大于光光子的动量

D.OB光与OC光在玻璃砖中传播的时间差为萼（1—日）

8.如图甲所示是街头常见的变压器，图乙是街头变压器给用户供电的示意图。变压器

的输入电压是市区电网的电压，负载变化时输入电压基本不变。输出电压通过输电

线输送给用户，两条输电线的总电阻用心表示，电阻器R代表用户用电器的总电阻，

当用电器增加时，相当于R的值减小。不考虑变压器的能量损耗，下列说法正确的

是（）

A.变压器原线圈的导线应该比副线圈的粗

B.用电器增加时，输电线损耗的功率减小

C.用电器增加时，变压器的输出功率增大

D.用电器增加时，用电器两端的电压保持不变

9.如图所示，电动牙刷充电时将牙刷插入充电座内，充电座中的线圈接入■

220V交流电，牙刷内的线圈两端获得4.5U的电压，再通过控制电路对牙

刷内部的直流充电电池充电，电池的电动势为2.41/,内阻为0.1。，容量为g

800m4-h,10小时即可充满。充满电后用户平均每天使用4分钟，可以砧

连续使用60天。关于此电动牙刷的说法正确的是（）•*一

A.充电座和牙刷内线圈的匝数比为110：9

B.充电时，直流充电电池中的平均电流是800m4

C.使用时电池的平均输出功率为0.48W

D.电池最多能提供的电能为6912J

10.2020年6月23日，我国在西昌卫星发射中心成功发射北斗卫星导航系统第55颗导

航卫星，至此北斗卫星导航系统星座部署全面完成。北斗卫星导航系统由不同轨道

卫星构成，其中北斗卫星导航系统第41颗卫星为地球同步轨道卫星，它的轨道半

径约为4.2X107^。第44颗卫星为倾斜地球同步轨道卫星，运行周期等于地球的

自转周期24区两种同步卫星的绕行轨道都为圆轨道。倾斜地球同步轨道平面与地

球赤道平面成一定夹角，如图所示。已知引力常量G=6.67xlOTiN-m2/kg2,

下列说法中正确的是（）

A.两种同步卫星都可能经过北京上空

B.根据题目数据可估算出地球的质量

C.倾斜地球同步轨道卫星经过赤道正上方同一位置，一天内只可能有1次

D.任意12小时内，万有引力对第41颗卫星冲量的大小与对第44颗卫星冲量的大

小相等

11.如图是匀强电场遇到空腔导体后的部分电场线分

布图，电场线的方向如图所示，M、N、。是以直

电场线上一点。为圆心的同一圆周上的三点，。。

连线垂直于以下说法正确的是（）

A.0点电势与。点电势相等

B.将一正电荷由M点移到。点，电荷的电势能减少

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C.MO间的电势差等于ON间的电势差

D.在。点释放一个正电荷，正电荷所受电场力将沿与。。垂直的方向竖直向上

12.目前，许多停车场门口都设置车辆识别系统，在自动栏杆前、后的地面各自铺设相

同的传感器线圈A、B,两线圈各自接入相同的电路，电路a、b端与电压有效值恒

定的交变电源连接，如图所示。工作过程回路中流过交变电流，当以金属材质为主

体的汽车接近或远离线圈时，线圈的自感系数会发生变化，导致线圈对交变电流的

阻碍作用发生变化，使得定值电阻R的以"两端电压就会有所变化，这一变化的

电压输入控制系统，控制系统就能做出抬杆或落杆的动作。下列说法正确的是（）

A.汽车接近线圈A时，该线圈的自感系数减少

B.汽车离开线圈B时，回路电流将减少

C.汽车接近线圈B时，c、”两端电压升高

D.汽车离开线圈A时，c、d两端电压升高

13.如图所示，在一直立的光滑管内放置一轻质弹簧，上端。点与管口A的距离为2与，

一质量为根的小球从管口由静止下落，将弹簧压缩至最低点8,压缩量为林，速度

传感器描绘小球速度随时间变化如图，其中。〜h时间内图线是直线，h〜t2时间内

图线是正弦曲线一部分，不计空气阻力，重力加速度为g,则（）

A

T

-O

土B

A.小球运动的最大速度为2历^

B.小球运动到。点下方多处的速度最大

C.弹簧的劲度系数k＞等

x0

D.小球从管DA至速度最大所用的时间等于从速度最大至最低点B所用的时间的

2倍

14.5G是“第五代移动通信网络”的简称，目前世界各国正大力发展5G网络。5G网

络使用的无线电波通信频率在3.0GHz以上的超高频段和极高频段，比目前4G及以

下网络（通信频率在0.3GHz〜3.0GHz间的特高频段）拥有更大的带宽和更快的传输

速率。未来5G网络的传输速率（指单位时间传送的数据量大小）可达10Gbps（bps为

bifspersecond的英文缩写,即比特率、比特/秒），是4G网络的50〜100倍。关于

5G网络使用的无线电波相比4G网络，下列说法正确的是（）

古绝

无线电波红外线可见光X，射线

甚长长法=浓匈这波分米豉里米:波奎关歧红外线可见光it外”

（i•j，j・i•1•[•『'I，■I・[•]

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A.在真空中的传播速度更快

B.在真空中的波长更长

C.行射的本领更弱

D.频率更高，相同时间传递的信息量更大

15.2020年11月27日00时41分，华龙一号全球首堆中核集团福清核电5号机组首次

并网成功。如图所示是原子核的比结合能与质量数的关系图，下列说法正确的是

()

A.核反应中，质量数守恒，电荷数守恒

B.华龙一号的原理是热核反应

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C.原子核结合能越大，原子核越稳定

D.核裂变反应发生后，核子的平均质量减小

16.如图甲所示，同一介质中两个波源M和N相距L=6.0m,起振后的振动图像分别

如图乙和图丙所示，位于M、N之间的质点尸到波源M的距离d=2.25m。己知波

源M产生的简谐横波的速度为v=50m/s,则以下判断正确的是（）

A.波源M产生的波的波长比波源N产生的波的波长长

B.波源M产生的波刚传播到尸点时，质点尸向y轴正方向运动的

C.两列波叠加后，P点的振幅是9<ro

D.两列波叠加后，M、N连线的中点处的振幅是9cm

17.在探究小车加速度与力关系的实验中，小刘和他的同学设计了如图甲所示的实验方

案.将一端带有定滑轮的长木板置于水平桌面上，小车前端也安装有定滑轮，细绳

一端系有砂桶，另一端通过两个滑轮与一拉力传感器相连，拉力传感器固定并可显

示绳中拉力F的大小，改变桶中砂的质量进行多次实验.完成下列问题：

①实验时，下列操作或说法正确的是O

4需要用天平测出砂和砂桶的总质量

8.小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录拉力

传感器的示数

C.选用电磁打点计时器比选用电火花计时器实验误差小

D为减小误差，实验中一定要保证砂和砂桶的总质量远小于小车的质量

②实验中得到一条纸带，相邻计数点间有四个点未标出，各计数点到A点的距离

如图乙所示.电源的频率为50Hz,则打点计时器打B点时砂桶的速度大小为

m/s。

③以拉力传感器的示数F为横坐标，以加速度。为纵坐标，画出的a-尸图像可能

是图丙中的。

④若作出a-尸图线，求出其“斜率”为k,则小车的质量为。

18.如图甲在做“验证碰撞中动量守恒定律”的实验时，小明在地上铺一张白纸，再在

白纸上覆盖一张复写纸。先让入射球nt1多次从斜轨上的S位置静止释放，入射球小】

落地后通过复写纸在白纸的P位置附近留下标识为1〜5号的印迹（如图乙）；然后，

把被碰小球瓶2静置于轨道的水平部分，再将入射球巾1从斜轨上的S位置由静止释

放，与被碰球加2相碰，并多次重复，分别在白纸的例、N位置附近留下多个印记，

其中入射球mi落地后反弹又在白纸的P位置附近留下标识为6〜10号的印迹，如图

乙所示•如果利用画圆法确定入射球碰撞前的落点，下列画出的四个圆最为合理的

A.AB.BC.CD.D

19.（1）在“练习使用多用电表”的实验中，小强用欧姆挡去测量“220K100W”的白

炽灯不发光时的灯丝电阻，在拍照的时候未把多用电表的选择挡位旋钮拍进去，如

图1所示，那么你认为此挡位是（填“xl”、“X10”、“X100”）。

（2）由于欧姆表自带电源，可将某挡位下的欧姆表等效为一直流电源。为了测量该

直流电源的电动势和内阻，小芳又从实验室拿到一个毫安表（内阻约10。）、一个滑

动变阻器&（0〜200。）以及电键和导线。利用上述器材设计测量电路。

（3）若某次测量时毫安表示数如图2所示，则电流/=mA.

（4）某同学调节滑动变阻器得到多组欧姆表与毫安表的示数R与1,并建立IR与/

的坐标系，将测得的数据描点连线，如图3所示。由图像可知该挡位下欧姆表内部

电源的电动势为V,内阻为。（结果均保留两位小数）。

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图3

20.潜艇从海水高密度区域驶入低密度区域，浮力顿减，潜艇如同汽车掉下悬崖，称之

为“掉深”，曾有一些潜艇因此沉没。某潜艇总质量为3.0xl03t,在高密度海水

区域水下200加沿水平方向缓慢潜航，如图所示。当该潜艇驶入海水低密度区域时，

浮力突然降为2.4X107N；10s后，潜艇官兵迅速对潜艇减重(排水)，此后潜艇以

大小为1.0m/s2的加速度匀减速下沉，速度减为零后开始上浮。取重力加速度为

lOm/s2,不计潜艇加重和减重的时间和水的粘滞阻力。求：

(1)潜艇“掉深”而下沉达到的最大深度(自海平面算起)：

(2)对潜艇减重排出多少总的水，此后潜艇以大小为1.0m/s2的加速度匀减速下沉。

低密度海水

21.如图所示，竖直放置的半径为R=0.2m的螺旋圆形轨道BGE尸与水平直轨道MB和

BC平滑连接，倾角为。=30。的斜面CQ在C处与直轨道8C平滑连接。水平传送

带MN以%=4m/s的速度顺时针方向运动，传送带与水平地面的高度差为h=

0.8m,MN间的距离为L“N=3.0m,小滑块尸与传送带和8c段轨道间的摩擦因数

〃=0.2,轨道其他部分均光滑。直轨道BC^LBC=1m,小滑块尸质量为m=1kg。

(1)若滑块产第一次到达圆轨道圆心O等高的F点时.，对轨道的压力刚好为零，求

滑块P从斜面静止下滑处与BC轨道高度差H,

(2)若滑块P从斜面高度差H=l.Oni处静止下滑，求滑块从N点平抛后到落地过程

的水平位移；

(3)滑块P在运动过程中能二次经过圆轨道最高点E点，求滑块尸从斜面静止下滑

的高度差H范围。

22.如图甲所示，两足够长的光滑平行导轨固定在水平面内，处于磁感应强度大小为8、

方向竖直向上的匀强磁场中，导轨间距为L,一端连接阻值为R的电阻。一金属棒

垂直导轨放置，质量为机，接入电路的电阻为小在金属棒中点对棒施加一个水平

向右、平行于导轨的拉力，棒与导轨始终接触良好，导轨电阻不计，重力加速度为

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g。

(1)若金属棒以速度火做匀速运动，求棒受到的拉力大小a;

(2)若金属棒在水平拉力尸2作用下，速度V随时间r按余弦规律变化，如图乙所示,

取水平向右为正方向，求t=0到t的过程中，整个回路产生的热量。以及拉力

尸2做的功W；

(3)在(2)的情况下，求t=0到t的过程中，通过电阻R的电荷量q及拉力尸2的

冲量I。

23.如图为某种质谱仪的截面示意图，该质谱仪由加速电场、电磁分析器、偏转磁场以

及收集板组成。离子源O不断地逸出初速为零的负离子束，经加速电场加速后沿电

磁分析器的两平行金属板中线飞入电磁分析器，负离子束包含电荷量大小均为q,

质量分别为巾1、巾2(巾1＜机2)的两种离子，加速电场和电磁分析器的两平行金属

板间电压分别为Ui=200V、U2=100V,金属板间电场视为匀强电场，电磁分析

器的两平行金属板竖直放置，板长L=0.2m,板间距离d=0.1m,且右板电势较高。

偏转磁场区域足够大，磁感应强度B=5x10-3几方向垂直纸面向里，其下边界

紧靠电磁分析器的金属板上端，下边界处水平放置足够大的收集板P。，左端P紧

靠电磁分析器的右板上端。已知负离子mi的比荷为奈=lO'c/kg,粒子间的相互

作用和重力忽略不计。

(1)为了能让质量为mi的负离子沿直线穿过电磁分析器，需在电磁分析器中加上匀

强磁场夕，求夕的大小和方向；

(2)若可以调节电磁分析器中的磁场B'的大小，质量为的粒子将从电磁分析器的

左板上端M点飞入偏转磁场，求其飞入偏转磁场的速度大小(保留两位有效数字);

(3)若撤去电磁分析器中的磁场，发现质量分别为血1、血2的两负离子束击中收集板

的位置离开P点的距离之比为10：11,求两负离子质量mi与?ri2的比值(保留两位

有效数字)。

XX

XXXXXXXXXXXX

X

XXXXXXXXXXXXX

X

XXXXXXXXXXXXX

XXJXXXXXXXXXXX

XXXXXXXXXXXXXX

P收集板T

电•分析H

加速电场

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答案和解析

1.【答案】C

【解析】解：A、力的单位用N来表示，根据F=ma,则IN=1kg-m/s2,故A错误；

B、电量的单位是C,根据q=/3则电量的单位1C=1A-S,故8错误；

C、功率的单位是W,根据P=y=y,结合力的单位IN=1kg-m/s2,所以1W=1kg-

m2/s3,故C正确；

。、磁感应强度的单位7是导出单位，不是基本单位，故。错误。

故选：C。

国际单位制规定了七个基本物理量.分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光

强度、物质的量.它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，而物理量之间的关系式

推到出来的物理量的单位叫做导出单位.

国际单位制规定了七个基本物理量，这七个基本物理量分别是谁，它们在国际单位制分

别是谁，这都是需要学生自己记住的.

2.【答案】C

【解析】解：A、汤姆孙发现了电子，卢瑟福根据a粒子散射实验提出了原子的核式结

构模型，故A错误；

8、法拉第发现了电磁感应现象，但他没有得出法拉第电磁感应定律，韦伯和纽曼射出

了法拉第电磁感应定律，故8错误；

C、普朗克把能量子引入物理学，破除了“能量连续变化”的观念，故C正确；

。、玻尔原子理论的成功之处是它引入量子观念，不足之处是它保留了经典粒子的概念,

故。错误。

故选：C。

根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可。

解决本题的关键是掌握原子物理学史，记牢著名科学家的物理学成就，要注意理解玻尔

理论的内容和局限性。

3.【答案】D

【解析】A、电炉也可以使用直流电源工作，故A错误；

8、微波炉利用磁控管将电能转化为微波辐射能，微波辐射引起食物内部的水分子振动

摩擦，从而产生热量，实现加热食物的目的，故B错误；

C、电磁炉是利用交变电流通过线圈产生方向不断改变的交变磁场，而处于交变磁场中

的导体内部就会产生涡旋电流，而这个是涡旋电场推动导体中载流子运动所致。涡旋电

流的焦耳效应会使导体温度上升，从而实现了加热，直流电不能使其工作，故C错误;

。、真空冶炼炉通以高频交变电流产生交变磁场，在金属中产生涡流，从而使金属发热

熔化，故。正确。

故选：D。

电炉利用电流产热；微波炉将电能转化为微波辐射能；电磁炉和真空冶炼炉利用涡流。

本题考查电器的基本原理，明确涡流加热、电阻产热、电能转化为微波辐射能的原理是

本题解题关键。

4.【答案】C

【解析】解：A8、飞机在跑道着陆阶段水平方向做减速运动，加速度不为零，所以轮

子受到的力除重力、地面的支持力、乙与丙的作用力外，还受到地面的摩擦力：重力竖

直向下，地面的支持力竖直向上，所以连杆乙、丙对轮轴的合力一定不在竖直方向上，

故AB错误；

C、飞机沿直线匀速飞行时轮子受到重力、连杆乙、丙对轮子的合力，总的合力为零，

所以连杆乙、丙对轮子的合力与轮子的重力等大反向，其合力方向竖直向上，故C正确；

。、轮子受到的重力的反作用力是轮子对地球的吸引力，故。错误。

故选：C。

飞机在跑道着陆阶段加速度不为零，由此分析轮子的合力；飞机沿直线匀速飞行时轮子

受到的合力为零，由此分析连杆乙、丙对轮子的合力。

本题主要是考查了受力分析以及共点力的平衡问题，关键是能够对飞机的轮子进行受力

分析，根据运动的特点分析连杆乙、丙对轮子的合力。

5.【答案】A

【解析】解：CD,以竖直向上为正方向，则小孩下落时速度为负值，上升时速度为正

值，故8错误；

AB.设小孩原来距地面的高度为儿小孩在下落的过程中，根据运动学公式有：V2=

2g(h-x),由数学知识可得，f-x图象应是开口向左的抛物线。

小孩与弹性床相碰后上升的过程，与下落过程具有对称性，故A正确，8错误。

故选:Ao

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不计空气阻力，小孩下落时做自由落体运动，上升时做匀减速直线运动，小孩在空中运

动的加速度始终为g,根据运动学公式列式分析V与X的关系，再选择图象。

对于图象类型的选择题，采用判断法和排除法相结合的方法，可提高准确率和解题速度。

对于图象，往往根据物理规律得到解析式再分析图象的形状。

6.【答案】D

【解析】解：A、图中A点不是水在空中运动过程的最高点，因为水柱的最高点只有水

平方向速度，故A错误；

8、因不计空气阻力，水柱只受到重力，则水柱是斜抛运动，属于匀加速曲线运动，故

B错误；

C、依据速度的分解法则，结合三角知识，且两点的水平分速度相等，

则有：A点时的水平速度%=vAsin45°

B点时的速度为=赢

代入数据解出：vB=5V2m/s«7.07m/s,故C错误；

D、由动能定理得,mgh=

代入数据解出/i=0.7m,故。正确；

故选：Do

由斜抛运动受力与速度方向，即可判定其运动性质；

水柱在最高点只有水平方向速度；

依据水在水平方向匀速运动，竖直方向匀加速运动，根据谁在A8的方向，即可求得B

点的速度；

从A到B,根据动能定理求得高度。

本题主要考查了斜抛运动，掌握运动的合成与分解应用，理解矢量的合成法则与三角知

识的运用，注意关键是抓住在水平方向匀速运动即可求得，

7.【答案】D

【解析】解：A、。8光的折射率为g=鬻;=b

0c光的折射率为加=凹竺=-

csin45°2

故玻璃砖对0C光的折射率小于对0B光的折射率，故A错误；

B、根据公式

折射率大的，速度小。所以在玻璃砖中0C光的速度大于08光的速度，故8错误；

C、由于玻璃砖对0C光的折射率小于对08光的折射率，所以。8光对应的频率大，波

长小。

而根据公式4=；,可知在玻璃砖中0C光光子的动量小于。8光光子的动量，C错误；

D、。8光在玻璃砖中传播的时间为"=套=3=等=曰R

nB

OC光在玻璃砖中传播的时间为

RRncRV6

tc=—=~r~=----=G-R

vcS-c2c

九c

所以时间差为

△t=M—=-争鸣故。正确。

故选：Do

根据偏折角的大小可判断出玻璃砖对两光束折射率大小，偏折角越大，其折射率越大.由

"分析光在玻璃中速度关系.以及光的频率与折射率的关系，从而可判断两波波长关

系，根据光子动量与波长的关系，比较光子动量的大小。

解决本题的关键是通过光路图比较出折射率，要知道光速与折射率的关系，以及光的频

率与折射率的关系，从而可判断两波波长关系，根据光子动量与波长的关系，比较光子

动量的大小。

8.【答案】C

【解析】解：A、街头常见的变压器是常见的降压变压器，副线圈的电流比原线圈的电

流大，为了安全，副线圈的导线更粗一些，故A错误；

8、变压器的匝数比没变，原线圈两端的电压没变，则副线圈的电压/不变，当用电器

增加时，相当于R的值减小，则副线圈的电流L增大，输电线的消耗的功率增大，故8

错误；

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C、副线圈的电压/不变，副线圈的电流/2增大，根据「2=4/2,则变压器的输出功率

增大，故C正确；

D、副线圈的电压4不变，副线圈的电流增大，根据=U-知用电器增加时，

UR2I2RO,

用电器两端的电压减小，故。错误。

故选：Co

和闭合电路中的动态分析类似，可以根据R的变化，确定出总电路的电阻的变化，进而

可以确定电路的电流的变化的情况，再根据电压不变，来分析其他的元件的电流和电压

的变化的情况.

分析变压器时注意输出电压和输入功率这两个物理量的决定关系，然后结合电阻的串并

联知识进行求解。

9.【答案】D

【解析】解：A、原副线圈的电压之比等于匝数之比，原线圈的电压为220匕副线圈两

端的电压为4.5U,故匝数之比为220：4.5=440：9,故A错误:

B、充电时，电池的容量为q=8007714%,10小时即可充满，根据q=/t得，充电电流/=

?=四臀=80nl4故B错误;

t10/1

8、若不考虑电池的内阻，则电池输出的电能最大，为皿=£7t=2.4x0.08x10x

36007=69127,此时使用时电池的平均输出功率P==0.48W,实际电

t60X4X60

池有内阻，故实际的平均输出功率小于0.48W,故C错误，。正确;

故选：Do

原副线圈的电压之比等于匝数之比；充电电流/=%若不考虑电池的内阻，则电池输出

的电能最大，为以=E/t；平均输出功率P=?；

本题考查了原副线圈的电压与匝数的关系，知道容量为800nM力指的电荷量，根据/=%

求电流，电能的公式为〃=同时注意在求输出的电能时要考虑内阻消耗的电能。

10.【答案】B

【解析】解：A、倾斜地球同步轨道卫星可能经过北京上空，而地球同步轨道卫星的轨

道平面一定在赤道平面，不可能经过北京上空，故A错误；

B、第41颗卫星为地球同步轨道卫星，它的轨道半径约为r=4.2x107m,运行周期T

等于地球的自转周期24人，根据万有引力提供向心力，得G萼=m与r,可得质量时=

r2T2

安，代入数据可估算出地球的质量"，故8正确；

GT2

C、倾斜地球同步轨道卫星周期为24儿如果开始时位于南半球上方，则一天之内倾斜

地球同步轨道卫星会跨过赤道某点上方到达北半球上方，然后再次跨过赤道上同一点上

方回到南半球上方，故2次经过赤道正上方同一位置，故C错误；

。、两卫星的线速度大小相等，设为北,相等任意12小时内，万有引力使两颗卫星的速

度改变180。，速度变化量大小为2%，根据动量定理可知/=mA",虽然速度变化量大

小相等，但两星质量不一定相等，故地球对第41颗卫星冲量的大小和对第44颗卫星冲

量的大小不一定相等，故。错误。

故选：B。

地球同步卫星的轨道平面一定在赤道平面，不可能经过北京上空；根据万有引力提供向

心力，可估算出地球的质量；根据周期分析可知倾斜地球同步轨道卫星一天内2次经过

赤道正上方同一位置；两星质量不一定相等，故不能判断万有引力对两星的冲量大小关

系。

本题考查万有引力定律及其应用，在涉及地球同步卫星时，要注意牢记地球同步卫星的

几个特点：定周期、定轨道、定高度。

11.【答案】B

【解析】解：A、根据电场线与等势线垂直特点，在上找到。点的等势点，应在O

点上方，根据沿电场线电势降低可知，。点的电势比Q点的电势高，故A错误；

8、【方法一】。点的电势比M点的电势低，正电荷在电势高的地方电势能大，在电势

低的地方电势能小，则电荷在。点的电势能比在M点的电势能小，故从M到。电荷电

势能减少，

【方法二】正电荷所受电场力方向与电场强度方向相反，将一正电荷由M点移到Q点，

电场力做正功，电荷的电势能减少，故B正确；

C、【方法一】根据图中电场线分布可知，同一正电荷从M到。电场力做的功比。到N

电场力做功多，电势能降低多，电势下降多，则OM间的电势差大于NO间的电势差，

【方法二】根据电场线密的地方等差等势线也密，MO与ON长度相同，则例。间等差

等势线密，则"。电势差变化比。N变化的多，OM间的电势差大于N。间的电势差，

故C错误；

。、在。点释放一个正电荷，正电荷所受电场力将与该点电场线切线方向相同，斜向右

上，故。错误。

故选：B。

第18页，共27页

通过电场线与等势线垂直找到MN上与。点等势点，沿电场线电势降低求解；通过电场

力做功与电势能的关系求解；通过电势能与电势差的关系求解。

本题考查电场中能的性质基础，注意负电荷在电势低的地方电势能大，电场线密的地方

等差等势线也密。

12.【答案】D

【解析】解：A、汽车上有很多钢铁，当汽车接近线圈时，相当于给线圈增加了铁芯，

所以线圈的自感系数增大，故4错误；

BCD.当汽车接近线圈A或B时，线圈的自感系数增大，感抗也增大，在电压不变的情

况下，交流回路的电流将减小，所以电阻两端得电压将减小，即c、d两端得电压将减

小；同理，汽车远离线圈A或3时，线圈的感抗减小，交流回路的电流增大，c、d两

端得电压将增大。故。正确，8c错误

故选：D。

汽车通过线圈的过程中线圈的自感系数发生变化，导致线圈内的电流发生变化，由此结

合欧姆定律分析即可。

本题综合考查了法拉第电磁感应定律和楞次定律，注意感应电流的磁场总是阻碍引起感

应电流的原因。

13.【答案】C

2

【解析】解:A、设小球刚运动到。点时的速度为v,则有mg-2x0-|mv,v=

小球接触弹簧后先做加速运动，所以小球运动的最大速度大于2环，故A错误；

8、小球在平衡位置处速度最大；若小球从0点开始由静止释放，设弹簧的最大压缩量

为x,小球做简谐运动，根据简谐运动的对称性可知，小球运动到。点下方;处的速度

最大；

现在因为小球从0点上方下落，弹簧的压缩量&>x,速度最大时，弹簧的弹力与重力

大小相等，则小球仍在|〈手速度最大，故B错误；

C、小球刚接触弹簧时的加速度大小为g,方向竖直向下，当小球运动到关于平衡位置

对称点时，加速度大小也等于g,方向竖直向上，而此时小球还有向下的速度，还没有

到达最低点，当小球到达最低点时加速度将大于g,根据牛顿第二定律知-mg>mg,

则k>等，故C正确；

x0

D、AO是OB距离的2倍，根据图像面积表示位移可知，口大于t2—G的2倍，管口到

速度最大的时间大于速度最大到最低点时间又小于£2-匕，所以小球从管口4至速

度最大所用的时间大于从速度最大至最低点8所用的时间的2倍，故。错误；

故选：C。

根据机械能守恒定律求出小球运动到。点的速度，再分析小球接触弹簧后的运动情况；

借助简谐运动的模型分析小球的最大加速度；可利用图像面积来比较时间。

本题主要是考查了功能关系和能量守恒定律，首先要选取研究过程，然后分析在这个运

动过程中的受力情况和运动情况，知道小球在平衡位置处速度最大。

14.【答案】CD

【解析】解：A、根据麦克斯韦电磁场理论，可知任何电磁波在真空中的传播速度均为

光速，故4错误；

B、由公式c=4f,可得4=，，由于5G信号的频率比4G信号高，则5G信号波长比4G

信号短，故8错误；

C、由于5G信号波长比4G信号短，根据明显衍射的条件，可知5G信号的行射的本领

更弱，故C正确；

D、5G信号的频率更高，由公式E=可知光子的能量越大，故相同时间传递的信

息量更大，故。正确。

故选：CD。

明确电磁波在真空中传播速度均为光速；由公式c=4/分析；根据明显衍射的条件判断；

由公式E=无"判断。

本题以“第五代移动通信网络”为背景考查光的波粒二象性以及电磁波的传播，注意明

确波长越长波动性越明显，而频率越高，能量越大。

15.【答案】AD

【解析】解：A、核反应遵守质量数守恒和电荷数守恒，故A正确；

8、华龙一号的原理是重核的裂变反应，故B错误；

C.原子核的比结合能越大，原子核越稳定，故C错误；

D核裂变反应发生后，会释放能量，所以核子的平均质量减小，故。正确。

故选：AD.

核反应遵守质量数守恒和电荷数守恒；华龙一号的原理是重核的裂变反应，热核反应指

核聚变反应；原子核的比结合能越大，原子核越稳定；核裂变反应发生后，会释放能量，

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所以核子的平均质量减小

本题考查核反应相关知识，包括结合能以及裂变反应和聚变反应，此部分知识主要要求

学生在理解的基础上识记，难度较低。

16.【答案】BC

【解析】解：A、由于两波在同一介质中传播，故两波波速相等，均为u=5(hn/s,分

析图象可知，两波周期相同，均为7=0.02s,则波长均为4=vT=50x0.02m=Im,

故A错误；

8、分析图乙可知，波源M起振方向向上，由于各质点起振方向和波源起振方向相同，

故波传播到尸点时，质点尸向y轴正方向运动，故B正确；

C、分析图乙和图丙可知，两波起振方向相反，且P点到两波源的波程差为△x=(L-

d)-d,代入数据可知△%=1.5m=1.54,为半波长的奇数倍，故P点为振动加强点，

振幅为两波振幅之和，A=4+4=5cm+4cm=9cm,故C正确；

O、MN连线的中点到两波源的波程差为0,且两波起振方向相反，故该点为振动减弱点，

振幅为两波振幅之差，A'=Ax-A2=—4)cm=1cm,故。错误。

故选：BC。

根据图像可知周期相同，同一介质中传播的波波速相同，由4=及7可知波长关系；根据

各质点起振方向和波源起振方向相同可判断波源"产生的波刚传播到P点时，质点P

振动方向；两波叠加，频率相同，发生稳定的干涉现象，结合两波源的起振方向和波程

差判断振动加强点和减弱点。

本题属于波的干涉、振动图象的识图和对质点振动的判断问题。考查知识点全面，重点

突出，充分考查了学生掌握知识与应用知识的能力。

17.【答案】80.416册

【解析】解：①关于本实验的操作：A、砂和砂桶的总质量只是用来改变拉力的大小，

而拉力的大小可以用拉力传感器测量读出，故不需测量总质量，故A错误；

8、操作顺序是先通电，后释放小车，在纸带上还记下拉力的大小，故B正确；

C、火花计时器比电磁打点计时器误差小，故C错误；

D、由于能够测量拉力，不必满足?n<VM,故。错误。

故选：B

②由题意知I,两相邻计数点的时间间隔7=5x4=0.1s,所以%=v^c

8.32x10—2

2xo.-m/s=0416小；

③小车受两段绳的拉力和阻力产生加速度，所以。=等=意义?-£,则加速度与拉

力传感器示数的关系是一次函数且纵截距为负，故图象是图丙中A。

④由上一问的结论知：a-尸图象的斜率上=1，所以小车的质量”=?

故答案为：①B；②0.416；③力；④3

①本实验需要平衡摩擦力，做实验时，小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小

车，打出一条纸带，同时记录拉力传感器的示数，实验中不需要保证砂和砂桶的质量远

小于小车的质量；

②由时间中点的瞬时速度等于这段时间的平均速度求打下B点的速度；

③④根据牛顿第二定律列出加速度与拉力传感器的示数的关系式，从而图象的特点，

算出小车的质量。

只要真正掌握了实验原理就能顺利解决此类实验题目，而实验步骤，实验数据的处理都

与实验原理有关，故要加强对实验原理的学习和掌握。

18.【答案】B

【解析】解：1-5点为碰撞前的落点，6-10为入射球落地后反弹又在白纸的尸位

置附近留下的印迹。用画圆法确定入射球碰撞前的落点，应该在落点位置用圆规画一个

尽可能小的圆，把1-5点都放在圆内，圆心即平均位置，故B正确，AC。错误。

故选：瓦

利用画圆法确定落点的位置，画圆时应将1-5点容纳在圆内，且尽可能均匀分布。

本题考查验证碰撞中动量守恒定律实验中的画圆法确定落点，注意使用画圆法的方法。

19.【答案】x1032.01.4410.80

【解析】解：(1)当灯泡正常发光时，由心布=\得，R=484。，已知灯泡电阻随温度

升高而增大，灯泡在常温不发光时的电阻远小于灯泡正常发光时的阻值，即远小于4840,

约为几十欧姆，由图1所示表盘可知，指针示数为7,欧姆档的挡位应是“X10”；

(2)电路图如图所示

第22页，共27页

G

小为

(3)由图2所示表盘可知，毫安表量程为50〃滔，分度值为1"?A,由图得，毫安表示数为

32.0mA；

(4)由闭合电路欧姆定律可知，电源电动势E=lr+IR,整理得：/R=-rl+E,故/R-/

图像的斜率为-八纵轴的截距为电动势E,将图像反向延长，得到电动势E=1.44V(存

在误差，1.42V-1.45U均可)，r=黑芸等=10.800(存在误差，10.000-11.30。均可

)。

故答案为：(1)x10；(2)电路图见详解；(3)32.0；(4)1.44匕10.80»

(1)根据电阻公式可计算灯泡正常发光时的电阻，结合欧姆表的示数，可判断灯泡不发

光时的阻值大小，即可选择合适的挡位；

(2)欧姆表充当电源，将其与滑动变阻器和毫安表串联接入电路即可；

(3)由图判断电流表的量程和分度值，即可读数；

(4)根据闭合电路欧姆定律，结合图像即可求解。

本题考查欧姆表和闭合电路的欧姆定律，解决与电路有关的图像问题时，解题方法是根

据公式，列出图像的解析式。

20.【答案】解：(1)设潜艇刚掉阱时的加速度大小为的,

对潜艇，由牛顿第二定律得：mg-F=max

代入数据解得：«i=2m/s2

掉深10s时，潜艇下落的高度：

h1=2aifi=2x2x102m=100m

此时潜艇速度为％==2x10m/s=20m/s

潜艇减重后以1.0m/s2的加速度匀减速下沉，直到速度为0,

潜艇下落的高度：坛=/=弗巾=200机

ZX1.0

潜艇“掉深”达到的最大深度：

九=九0+九1+九2=(200+100+200)m=500m

(2)潜艇减重的质量为瓶口潜艇减重后以1.0m/s2的加速度匀减速下沉过程中,

由牛顿第二定律得：F-mrg=mra2

代入数据解得：m1=2.2x1。6kg

排水前潜艇的质量m=3.0x103t=3.0x106kg

“掉深”过程中排出水的质量：△m=m-瓶1=3.0x106kg_2.2x106kg=8x

105kg

答:(1)潜艇“掉深”而下沉达到的最大深度是500m

(2)对潜艇减重排出8x105kg的水，此后潜艇以大小为l.(hn/s2的加速度匀减速下沉。

【解析】(1)应用牛顿第二定律求出潜艇的加速度，应用运动学公式求出潜艇在竖直方

向的位移，然后求出潜艇“掉深”而下沉达到的最大深度。

(2)应用牛顿第二定律求出潜艇排水后的质量，然后求出排出水的质量。

本题考查了牛顿第二定律的应用，根据题意分析清楚潜艇的运动过程与受力情况，应用

牛顿第二定律与运动学公式即可解题。

21.【答案】(1)滑块尸在圆轨道尸点的压力刚好为零，则蚱=0,

由动能定理得：mg(H-/?)-nmgLBC=0

解得：H=林LBC+R=0.2xlm+0.2m=0.4m

(2)H=1.0m,滑块运动到N点时的速度为外

从开始到N点应用动能定理mgH-fimg(LBC+LBN)=-0

解得"N=2m/s

从N点滑块做平抛运动，水平位移为％=外后=2x后=0.8m

(3)滑块P在运动过程中恰好能第一次经过E点必须具有的高度为为

从开始到E点应用动能定理mg%-^mgLBC-2mgR=-0

在E点时有rng=m?

解得%=0.7m

滑块滑上传送带时的速度为UM，mg%-^mgLBC--0,vM-V10m/s<4m/s

滑块做减速运动的位移为L=生=2.5m<LMN

211g

因此滑块返回〃点时的速度也为UM=V10m/s,因此第二次过E点.

设高度为修时，滑块从传送带返回M点时的最大速度为u=yj2ngLMN