山西省临汾市加楼中学2022-2023学年高一物理期末试题含解析

山西省临汾市加楼中学2022-2023学年高一物理期末试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1.有两个大小分别为3N和4N的共点力，它们合力的大小可能是（）A．0

B．4N

C．8N

D．12N参考答案：B考点：力的合成．分析：两力合成时，合力随夹角的增大而减小，当夹角为零时合力最大，夹角180°时合力最小，并且|F1﹣F2|≤F≤F1+F2解答：解：两力合成时，合力范围为：|F1﹣F2|≤F≤F1+F2；故1N≤F≤7N；故选B．点评：本题关键根据平行四边形定则得出合力的范围：|F1﹣F2|≤F≤F1+F2．2.关于匀速圆周运动的线速度，下列说法中正确的是A．大小和方向都保持不变

B．大小和方向都时刻改变C．大小不变，方向时刻改变

D．大小时刻改变，方向不变参考答案：C3.（单选）一足够长的木板在光滑的水平面上以速度v匀速运动,现将质量为m的物体竖直向下轻轻地放置在木板上的P处,已知物体m和木板之间的动摩擦因数为μ.为保持木板的运动速度不变,从物体m放到木板上到它相对木板静止的过程中,对木板施一水平向右的作用力F,力F要对木板做功,做功的数值为（

）A、 B、 C、mv2 D、2mv2参考答案：C4.(多选)如图可变电容器由两组铝片组成，他的电容是可以改变的。固定的一组铝片叫定片，可以转动的一组铝片叫做动片，转动动片，电容就随着改变。以下有关说法正确的是：A.此电容通过改变极板的正对面积来改变电容

B.此电容通过改变极板间距来改变电容C.电容器外壳上标的电压是额定电压

D.电容器外壳上标的电压是击穿电压参考答案：AC5.桌面离地面的高度是0.9m，坐标系的原点定在桌面上，向上方向为坐标轴的正方向，有A、B两点离地面的距离分别为1.9m和0.4m。那么A、B的坐标分别是

(

)

A．1m,0.5m

B．1.9m,0.4m

C．1m,-0.5m

D．0.9m,-0.5m参考答案：二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6.如图所示，物体A和B叠放在水平面上，用水平力F向右拉物体B，结果A和B都没动，那么，物体B给A的摩擦力大小为

。地面给B的摩擦力大小为

，方向

。

参考答案：0，F，水平向左7.小球做平抛运动的闪光照片的一部分如图所示。图中每小格边长为1.09cm，闪光的快慢为每秒30次。根据此图计算小球平抛运动的初速度

m/s和当地的重力加速度

m/s2。参考答案：8.如图所示，在倾角为α的斜面的顶点将小球水平抛出，若抛出时的初速度较大，小球落到斜面上时的速度也较大，因此有人猜想“小球落到斜面上的速度大小与平抛的初速度大小成正比”。这个猜想是________（选填“正确的”或“不正确的”）。若α=300，小球抛出时的动能为6J，则小球落到斜面上时的动能为______J。参考答案：___正确的________；_______14___9.两个物体A，B从同一地点出发，沿同一直线运动，其速度图象如图所示。由图象可知，2－6s内，B车的加速度为

m/s2。两个物体两次相遇的时刻分别为

s和

s。当第二次速度相等时哪车在前：

（填“A车”或“B车”）。

参考答案：－2.5，2，6，B车10.某同学设计了如图所示的装置来探究加速度与力的关系.弹簧秤固定在一合适的木板上,桌面的右边缘固定一支表面光滑的铅笔以代替定滑轮,细绳的两端分别与弹簧秤的挂钩和矿泉水瓶连接.在桌面上画出两条平行线MN、PQ,并测出间距d.开始时将木板置于MN处,现缓慢向瓶中加水,直到木板刚刚开始运动为止,记下弹簧秤的示数以此表示滑动摩擦力的大小.再将木板放回原处并按住,继续向瓶中加水后,记下弹簧秤的示数然后释放木板,并用秒表记下木板运动到PQ处的时间t.

(1)木板的加速度可以用d、t表示为a=

;为了减小测量加速度的偶然误差可以采用的方法是(一种即可)

.(2)改变瓶中水的质量重复实验,确定加速度a与弹簧秤示数的关系.下列图象能表示该同学实验结果的是

.

(3)用加水的方法改变拉力的大小与挂钩码的方法相比,它的优点是

.A.可以改变滑动摩擦力的大小B.可以更方便地获取多组实验数据C.可以比较精确地测出摩擦力的大小D.可以获得更大的加速度以提高实验精度参考答案：分)

可采用多次测时间取平均的办法(2分)

(2)c(2分)

(3)BC(2分)11.（4分）设地球半径为R，在地表附近的重力加速度为g，自转角速度为ω，引力常量为G，则此同步卫星离地高度为________。参考答案：12.一个做初速度为零的匀加速直线运动的物体，在第1s末，第2s末，第3s末的速度大小之比是________．参考答案：13.在太阳系中，有八大行星绕着太阳运行，按着距太阳的距离排列，由近及远依次是：水星、金星、地球、火星、木星、土星、天王星、海王星，如果把这些行星的运动近似为匀速圆周运动，那么它们绕太阳运行一周所用的时间最长的是

，运行角速度最大的是

。参考答案：三、简答题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14.如图所示，置于水平面上的木箱的质量为m＝3.8kg，它与水平面间的动摩擦因数μ＝0.25，在与水平方向成37°角的拉力F的恒力作用下做匀速直线运动．(cos37°＝0.8，sin37°＝0.6，g取10m/s2)求拉力F的大小．参考答案：10N由平衡知识：对木箱水平方向：Fcosθ＝f竖直方向：Fsinθ＋FN＝mg且f＝μFN联立代入数据可得：F＝10N15.如图所示，在光滑水平面上，一辆质量M=2kg、长度L=9.6m、上表面粗糙的平板车紧靠着被固定的斜面体ABC，斜面体斜边AC长s=9m、倾角。现将质量m=lkg的小木块从斜面顶端A处由静止释放，小木块滑到C点后立即速度大小不变地水平冲上平板车。已知平板车上表面与C点等高，小木块与斜面、平板车上表面的动摩擦系数分别为=0.5、=0.2,sin37°=0.6,cos37=0.8，g取10m/s2，求：(1)小木块滑到C点时的速度大小？(2)试判断小木块能否从平板车右侧滑出，若不能滑出，请求出最终小木块会停在距离车右端多远？若能滑出，请求出小木块在平板车上运动的时间？参考答案：（1）6m/s（2）不会滑出，停在距车右端3.6m【详解】（1）木块在斜面上做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律可得：mgsin37°-f=ma

其中：f=μ1mgcos37°

解得a=2m/s2，

根据速度位移关系可得v2=2as

解得v=6m/s；

（2）木块滑上车后做匀减速运动，根据牛顿第二定律可得：μ2mg=ma1

解得：a1=2m/s2

车做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律可得：μ2mg=Ma2

解得a2=1m/s2，

经过t时间二者的速度相等，则：v-a1t=a2t

解得t=2s

t时间木块的位移x1=vt-a1t2

t时间小车的位移x2=a2t2

则△x=x1-x2=6m

由于△x=8m＜L，所以木块没有滑出，且木块距离车右端距离d=L-△x=3.6m四、计算题：本题共3小题，共计47分16.一台玩具起重机的输出额定功率P=40W，在将质量m=0.8kg的物块由静止开始竖直吊起的过程中，物块先做加速度a=2.5m/s2的匀加速直线运动，当起重机输出功率达到额定功率时，保持该功率不变，再经过t=0.6s物块达最大速度．（不计空气阻力，取g=10m/s2）．求：（1）重物上升过程中的最大速度vm；（2）起重机从静止开始到达额定功率经历的时间t0；（3）起重机从静止开始到达最大速度过程中，起重机对重物所做的功W．参考答案：解：（1）当重物匀速运动时其速度最大，此时拉力为：F=mg=8N，由P=Fv可知最大速度为：vm===5m/s；（2）起重机匀加速运动时，由牛顿第二定律得：F′﹣mg=ma，代入数据解得：F′=10N，由P=Fv可知，匀加速结束时的速度为：v===4m/s，由匀变速直线运动的速度公式可知，时间为：t0===1.6s；（3）重物匀加速运动的位移为：h===3.2m，起重机对重物做功为：W=F′h+Pt=10×1.6+40×0.6=40J；答：（1）重物上升过程中的最大速度vm为5m/s．（2）起重机从静止开始到达额定功率经历的时间t0为1.6s．（3）起重机从静止开始到达最大速度过程中，起重机对重物所做的功W为40J．【考点】动能定理的应用；功率、平均功率和瞬时功率．【分析】（1）重物做匀速直线运动时速度达到最大，应用平衡条件求出拉力，然后应用功率公式求出最大速度．（2）当起重机的输出功率达到额定功率时匀加速结束，应用牛顿第二定律求出匀加速的拉力，然后应用功率公式求出匀加速结束时的速度，再应用匀变速直线运动的速度公式求出时间．（3）应用匀变速直线运动的速度位移公式求出匀加速的位移，然后应用功的计算公式与功率公式的变形公式求出起重机做的功．17.如图所示，AB是倾角为的粗糙直轨道，是光滑的圆弧轨道，恰好在点与圆弧相切，圆弧的半径为．一个质量为的物体（可视为质点）从直轨道的点由静止释放，结果它在两轨道之间做往复运动．已知点与圆弧的圆心等高，物体与轨道间的动摩擦因素为，求：（1）物体做往复运动的过程中，在轨道上通过的总路程．（2）物体对圆弧轨道最低点的最小压力．参考答案：（1）物体在直轨道AB上往复运动时，需克服摩擦阻力做功，机械能不断减小，当物体到达B点速度为零时，物体不能再进入直轨道AB，只在圆弧轨道上往复运动．对物体，由动能定理得所以

（2）