人教版高二物理第一学期期末考试试卷含答案

模拟题一、单项选择题〔10330分〕1．关于物体的动量和冲量，以下说法不正确的选项是〔 〕A．物体所受合外力的冲量越大，它的动量也越大B．物体所受合外力的冲量不为零，它的动量确定要转变的动量增量的方向，就是它所受合外力的冲量的方向D．物体所受合外力越大，它的动量变化就越快2．一枚在空中飞行的火箭在某时刻的速度为

，方向水平，燃料马上0耗尽。此时，火箭突然炸裂成两块〔如以下图，其中质量为m2

的后部分箭体以速率v2

沿火箭原方向飞行，假设无视空气阻力及分别前后系统质量的变化，则质量为m

前局部箭体速率v

为〔 〕A．vv

1B．vv

1

m2v

m 2(v

v)0 2 0 2

0 m 21

0 m 0 21如以下图，小车静止在光滑水平面上，AB是小车内半圆弧轨道的水平直径现将一质量为m的小球从距A点正上方R处由静止释放小球由A点沿切线方向进入半圆轨道后又从B点冲出半圆弧半径为R，小车质量是小球质量的k倍，不计一切摩擦，则以下说法正确的选项是〔 〕A．在相互作用过程中小球和小车组成的系统动量守恒B．小球从小车的B点冲出后，不能上升到刚释放时的高度C．k1Rk1

k k1一带电小球在某竖直方向的匀强电场中由静止释放，带电小球开头向上运动，则〔 A．小球的电势能减小，机械能增大 B．小球的电势能减小，机械能减小C．小球的电势能增大，机械能增大 D．小球的电势能增大，机械能减小如图甲所示，弹簧振子以O点为平衡位置，在AB两点之间做简谐运动。取向右为正方向，1振子的位移x随时间t的变化图像如图乙所示，以下说法正确的选项是〔 〕t=0.8st=0.2s时，振子在O点右侧6 2cm处t=0.4st=1.2s时，振子的加速度一样t=0.4st=0.8s的时间内，振子的加速度渐渐增大6．用伏安法测未知电阻RR的或许值，为了选择正确的电路接法以减小误差，可将电路如6x x图所示连接，只空出电压表的一个接头S，然后将S分别与a，b接触一下，观看电压表和电流表示数变化状况，那么有〔 〕假设电流表示数有显著变化，Sa，测量值大于真实值假设电流表示数有显著变化，Sb，测量值小于真实值假设电压表示数有显著变化，Sa，测量值小于真实值假设电压表示数有显著变化，S应接b，测量值大于真实值7．如以下图，在一个匀强电场中有一个等边三角形，电场的方向与平面平行。假设B点的电势为6V，A点电势为2V，C点电势为4V，三角形边长为4m，则匀强电场的场强大小为〔 〕A.1V/m B.0.5V/m C.1.5V/m D.2V/m21 如以下图，将一个电流计G和一个电阻串联可以改装成电压表将一个电流计G和一个电阻并联可以改装成电流表，要使它们的量程增大，R、R应如何变化( )1 R1增大，R2增大R1减小，R2减小R1增大，R2减小R1减小，R2增大如以下图，虚线a、b、c是电场中的三个等势面，实线为一个带负电的质点仅在电场力作用下的运动轨迹，P、Q是轨迹上的两点。以下说法正确的选项是〔 〕质点在Q点时电势能比P点时大质点在Q点时加速度方向与等势面a垂直三个等势面中等势面a的电势最低质点在Q点时的加速度比在P点时的大平行金属板中带电质点P处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器R4的滑片向a端滑动时，则以下推断正确的选项是〔 〕A．质点P将向下运动 B．R3上消耗的功率渐渐增大C．电压表读数减小 D．电流表读数增大3二、不定项选择题〔此题共5小题，共20分．在每题给出的四个选项中有多项符合目要求，全部选对得420〕下述关于多用电表欧姆挡测电阻的说法中，正确的选项是〔 〕A．测量电阻时假设指针偏转过大，应将选择开关S拨至倍率较小的挡位，重调零后测量B．测量电阻时，假设红、黑表笔分别插在负、正插孔，则会影响测量结果C．测量电路中的某个电阻，应当把该电阻接入电路D．测量电阻时每次换不同的挡位都必需重调零一辆总质量M〔含人和沙包〕的雪橇在水平光滑冰面上以速度v匀速行驶。雪橇上的人每次以一样的速43v〔对地速度〕向行驶的正前方抛出一个质量为m5。下列说法正确的选项是〔 〕A．每次抛出沙包前后，雪橇、人和沙包的动量守恒B．雪橇有可能与拋出的沙包发生碰撞C．雪橇的总质量M与沙包的质量m满足M：m=12：1D．拋出第四个沙包后雪橇会后退U，并将1管内一对水平的平行金属板〔偏转电极〕接另始终流高压U，不计电子的重力影响，从发出阴极射线到打2在荧光屏上，以下说法中正确的选项是〔 〕A．水平方向电子先做加速运动，再做匀速运动 B．水平方向电子始终做加速运动C．U确定，U越大，亮点越高 D．U确定，U越大，亮点越高1 2 2 1在如以下图电路中，电源电动势为12V，电源内阻为1.0Ω，电路中电阻R0

1.5Ω，小型直流电动机M的内阻为0.5Ω．闭合开关S后，电动机转动，电流表的示数为2.0A．无视电流表对电路的影响，则以下推断中正确的选项是〔 〕4A．电动机的输出功率为12W B．电动机两端的电压为7.0VC．电动机的发热功率为4.0W D．电源输出的电功率为24W如以下图，两滑块A、BA的质量M1kg，B的质量M4kg.A B滑块B的左端连有轻质弹簧，弹簧开头处于自由伸长状态。现使滑块A以V5m/s速度水平向B相互作用〔整个过程弹簧没有超过弹性限度则〔〕物块A的加速度始终在减小，物块B的加速度始终在增大作用过程中弹簧的最大弹性势能E 10JpA的最小动能为EKA

4.5JB的最大动能为E

8JKB假设滑块A的质量M 4kg，B的质量M 1kg，滑块A的最小动能为E 18J，滑块B的最A B KA大动能为EKB

32J三、试验探究题〔215〕167分为验证碰撞中的动量是否守恒，某试验 小组选取两个体积一样、质量不相等的小球，按下述步骤进展①用天平测出两小球的质量〔分别为m和m，且1 2

试验。mm；1 2②按图安装好试验装置将斜槽PQ固定在桌边使 斜槽末端切m2

再让小球m从斜糟顶端P处由静止释放，登记小球m1

在竖直挡板上的撞击位置O；③将竖直挡板向右平移距斜槽末端确定距离，确保小球在碰撞前后均能撞击固定竖直挡板；④先不放小球m2

，让小球m1

从斜槽顶端P处由静止释放，登记小球m1

撞击竖直挡板的位置；⑤将小球m2

放在斜槽末端，再让小球m1

从斜槽顶端P处由静止释放，与m2

发生碰撞，分别记下小球m和m1

撞击竖直挡板的位置；5⑥图中ABC点是该试验小组登记的小球与竖直挡板撞击的位置，用毫米刻度尺量出各个撞O的距离，分别为OA、OB、OC。依据该试验小组的测量，答复以下问题：小球m与m1 2

发生碰撞后，m1

撞击的是图中的 2

撞击的是图中的 〔填、、。只要满足关系式 〔用m、m1 2m

、OA、OB、OC表示，则说明碰撞中的动量是守恒的。假设测得OAOBOC1:4:9m12

。178分〕在做“测定金属丝的电阻率”的试验中，待测金属丝的电阻约为5Ω．〔1〕假设承受伏安法测该金属丝的电阻，试验室供给以下器材供选择：A．电池组〔3V，内阻约1Ω〕B．电流表〔0～3A，内阻约0.0125Ω〕C．电流表〔0～0.6A，内阻约0.125Ω〕D．电压表〔0～3V，内阻约4kΩ〕E．电压表〔0～15V，内阻约15kΩ〕F．滑动变阻器〔0～20Ω，允许最大电流1A〕G．滑动变阻器〔0～2023Ω，允许最大电流0.3A〕H．开关、导线假设干①试验时应选择的电流表为 ，电压表为 ，滑动变阻器为 〔填器材前的字母代号；②在连成测量电路时，应承受电流表 接法〔选填“内”或“外”，待测金属丝电阻的测量值比实值偏 〔选填“大”或“小”；〔2L表示金属丝的长度d表示直径测得金属丝的电阻为R用这些符号表示金属丝电阻率 ．四、计算题〔435分。要求写出必要的文字说明、主要的计算步骤和明确的答案〕1. 8分AC10－8C的负电荷从A点移到B610－8J，AB6cm，ABAC60°角．求：图匀强电场的场强方向；B1VAA处的电势能为多少？198分〕6如以下图的电路中，两平行金属板A、B水平放置，两板间的距离d40cmE24V，内电r1Ω，电阻R15Ω。闭合开关S，待电路稳定后，将一带正电的小球从B板小孔以初速度v0

4m/s竖直向上射入板间。假设小球带电量为 q1102C，质量为m2102kg，不考虑空气阻力。〔取g10m/s2〕求：滑动变阻器接入电路的阻值为多大时，小球恰能达A板？在第〔1〕问中，电源的输出功率是多大？209分〕D为竖直放在场强为EC的水平匀强电场中的绝缘光滑轨道，其中轨道的C局部是半径为Rm的半圆环B为半圆弧的中点CD为水平CD=2Rm=100gq=10-4CD点，由静止释放后，在轨道的内侧运动。g10m/s2，求：B点时的速度是多大？B点时对轨道的压力是多大？AC点至少多远？21〔10分〕如图甲所示，一质量M=4kgBC和动摩擦因数μ=0.2CD组成，BCCD相切于C，圆弧轨道BCR=2.75m，圆弧所对圆心角θ=37°m=1kgA点以υ0

737°=0.6，无视空气阻力。求:小物块的初速度υ0；水平轨道CD的最小长度。8答案AD火箭在爆炸分别时水平方向上动量守恒，规定初速度的方向为正方向，由动量守恒定律可得(mm)v

mv

mv1 2 0 11 22m解得vv1 0D

2(vm 01

vD。2B上跑，由机械能守恒定律知小球从小车的B点冲出后，能上升到刚释放时的高度，故B错误；Rx1

k12

kRDCD。k1AB【解析】A．从t=0.8s时起，再过一段微小时间，振子的位移为负值，由于取向右为正方向，故t=0.8s时，速度方向向左，故A错误；由图乙得振子的位移为则t0.2s时

5t4B正确；

x6 2cm由图乙可知，振子的位移方向相反，加速度方向相反，故C错误；t=0.4st=0.8s的时间内，振子的位移渐渐变小，依据akx可知，其加速度渐渐减小，故D错误。mC【详解】AB．Sa，b接触一下，假设电流表读数有显著变化，说明电压表的分流作用明显，Sb，AB错误；CD．Sa，ba，此时测量值小于真实值，故C正确，D错误。9C。AB6V，A2V，C4V，在匀强电场中，AB的中点的电势为 A D 2

4V连接CD即为该匀强电场的等势面，电场线垂直于等势面，指向低电势方向，如以下图由几何关系可知，CDABBA方向，则电场强度为EUBA

BA

62V/m1V/mBA BA 4A。C【详解】由图甲所示可知，电流表与电阻串联，甲图为电压表，R1起分压作用，要使量程增加，需增加R1的分压，即增加R1的电阻，由图乙所示可知，电流表与电阻并联，乙图为电流表，R2起分流作用，要使量R2R2的电阻，故C正确．B【详解】APQQP点时的小。故A错误；Qa垂直，所以质点Qa垂直，故B正确；电场力做正功Wq()0φ>φ，故C错误；c a a cP处密，P处电场强度大，电场力大，加速度大。故D错误。BADAD10A．每次抛出沙包前后，雪橇、人和抛出的沙包总动量守恒，故A正确；BC．规定雪橇的初速度方向为正方向，对抛出第一个沙包前后，依据动量守恒定律有MvMm4vm3v5得M11mCD．抛出第四个沙包后雪橇速度为v

，由全过程动量守恒得MvM4mv

3vv将M11m代入得v1 7

1 1DACABBDA当弹簧压缩到最短时，弹簧的弹性势能最大，此时滑块A和B的速度一样。选取向右为正方向，依据动量守恒定律M解得v1m/s

A

MvB依据机械能守恒定律，知弹簧的最大弹性势能等于滑块A、B损失的动能，为：解得EP 10J故B正确；

E 1Mp 2

v21MA 2

M v2BA、BB的速度最大，由动量守恒和能量守恒定律得M1 1 1

vMvAA

MvBBMv2 Mv22 A 2 AA

Mv22 BB由以上两式得vA

3m/s vB

2m/s所以滑块A的最小动能为E 0KAB的最大动能为EKB

1M2

v28JCBB假设滑块A的质量MA4kg，B的质量MB1kg，同理可得，当A、B分别时，A、B的速度分别为v 3m/s v 8m/sBA1A的最小动能为EKA

12M1

v218JAB的最大动能为EKB

2M

v232JDB16．C A

m m m 31OB1OC2OAd，小球打到竖直挡板的运动时间为t1OB1OC2OAv小球做平抛运动的初速度v越大，小球做平抛运动的时间t越小，小球在竖直方向的位移y1gt222ygB是碰撞前入射球的落点位置，2yg〔2〕[3][4]小球做平抛运动的时间为tg2y小球做平抛运动的初速度为vdg2ytg2OB碰撞前后入射球做平抛运动的初速度为vg2OB0g2OA碰撞后被碰球的初速度为vg2OA2

vdg2g2OC碰撞过程系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得mv

mv1OB整理得1OB

m m

10 11 221OC2OA假设测得OAOBOC1:4:1OC2OA为1:2:3，则它们做平抛运动的初速度大小为3:2:1，即v0

2v1v3v代入mv

mvmvm解得13mm2

3 1 10

11 221217〔〕CDF ②外〔2〕Rd24L答案(1)由C指向A (2)－5V 5eVφ)解析(1)ABAC.又由于是负电荷，场强方向与负电荷受力方向相反，所以场强方向由CA.(3分)φ)ABWAB

＝Ep－E

p＝q(φ－B得ABAφ AB