大一轮及课时分组练第七章 第1讲 化学反应速率含答案

学必求其心得，业必贵于专精学必求其心得，业必贵于专精学必求其心得，业必贵于专精第1讲化学反应速率［考纲要求］1.了解化学反应速率的概念、化学反应速率的定量表示方法。2.了解催化剂在生产、生活和科学研究领域中的重要作用。3.结合具体实例，理解外界条件(浓度、温度、压强、催化剂等）对化学反应速率的影响，认识其一般规律.4。了解化学反应速率的调控在生产、生活和科学研究领域中的重要作用.考点一化学反应速率1．表示方法通常用单位时间内反应物浓度的减少或生成物浓度的增加来表示。2．数学表达式及单位v＝eq\f(Δc，Δt），单位为mol·L－1·min－1或mol·L－1·s－1。3．规律同一反应在同一时间内，用不同物质来表示的反应速率可能不同,但反应速率的数值之比等于这些物质在化学方程式中的化学计量数之比。深度思考1．化学反应速率指瞬时速率还是平均速率？答案化学反应速率一般指平均速率。2．能否用固体或纯液体表示化学反应速率？答案不能，因为固体或纯液体的浓度在化学反应中视为定值.3．在恒温恒容的容器中进行反应N2（g)＋3H2(g)eq\o（，\s\up7(高温高压)，\s\do5(催化剂))2NH3（g），若氮气浓度由0。1mol·L－1降到0。06mol·L－1需2s，那么由0。06mol·L－1降到0。024mol·L－1需要的反应时间为 （)A．等于1.8s B．等于1。2sC．大于1。8s D．小于1。8s答案C解析前2s内的反应速率为v（N2)＝eq\f(0。1mol·L－1－0。06mol·L－1，2s）＝0.02mol·L－1·s－1，若反应速率不变，t＝eq\f(0。06mol·L－1－0.024mol·L－1,0.02mol·L－1·s－1)＝1。8s。因为随着反应的进行，反应速率减慢，所以t>1.8s.4．某温度时，在2L量随时间变化的曲线如图所示。由此分析,该反应的化学方程式为___________________________________；从反应开始至2min时，Z的反应速率为____________。答案3Y＋Z2X0.025mol·L－1·min－1解析找出2min内X、Y、Z三种物质的浓度变化量为Δc(X)＝eq\f(0。2mol，2L）＝0.1mol·L－1，Δc(Y）＝eq\f（1。0mol－0.7mol,2L）＝0.15mol·L－1，Δc(Z）＝eq\f（1。0mol－0。9mol，2L）＝0.05mol·L－1。根据反应速率之比等于化学计量数之比，可以确定X、Y、Z三种物质的化学计量数分别等于2、3、1.根据图像可以确定X是生成物,Y、Z是反应物，即可以确定化学反应方程式为3Y＋Z2X。再根据反应速率的概念,可求出从反应开始至2min时，Z的反应速率为v（Z)＝Δc（Z)/Δt＝eq\f（0.05mol·L－1,2min）＝0。025mol·L－1·min－1。题组一化学反应速率的大小比较1．已知反应4CO＋2NO2N2＋4CO2在不同条件下的化学反应速率如下,其中表示反应速率最快的是 (）A．v(CO)＝1.5mol·L－1·min－1B．v(NO2）＝0。7mol·L－1·min－1C．v（N2）＝0.4mol·L－1·min－1D．v(CO2）＝1.1mol·L－1·min－1答案C解析转化为相同的物质表示的反应速率进行比较，B项v（CO)＝1。4mol·L－1·min－1，C项v(CO)＝1.6mol·L－1·min－1,D项v(CO)＝1.1mol·L－1·min－1，C项速率最快。2．对于可逆反应A（g)＋3B（s)2C(g)＋2D(g），在不同条件下的化学反应速率如下，其中表示的反应速率最快的是 （)A．v(A)＝0.5mol·L－1·min－1B．v（B）＝1。2mol·L－1·s－1C．v(D)＝0。4mol·L－1·min－1D．v（C）＝0。1mol·L－1·s－1答案D解析本题可以采用归一法进行求解，可以通过方程式的计量数将不同物质表示的反应速率折算成同一物质表示的反应速率进行比较，B项中的B物质是固体，不能表示反应速率;C项中对应的v(A)＝0.2mol·L－1·min－1；D项中对应的v(A）＝3mol·L－1·min－1。化学反应速率大小的比较方法由于同一化学反应的反应速率用不同物质表示时数值可能不同，所以比较反应的快慢不能只看数值的大小，而要进行一定的转化。（1）看单位是否统一，若不统一，换算成相同的单位。（2)换算成同一物质表示的速率，再比较数值的大小。(3）比较化学反应速率与化学计量数的比值，即对于一般反应aA＋bB=cC＋dD,比较eq\f（vA，a)与eq\f（vB,b),若eq\f(vA,a）＞eq\f（vB，b），则A表示的反应速率比B大。题组二“三段式"模板突破化学反应速率的计算3．（1)将4molA气体和2molB气体在2L的容器中混合,并在一定条件下发生如下反应：2A（g）＋B（g）2C(g），若经2s后测得C的浓度为0.6mol·L－1，①用物质A表示的反应速率为0.3mol·L－1·s－1②用物质B表示的反应速率为0。6mol·L－1·s－1③2s时物质A的转化率为70％④2s时物质B的浓度为0.7mol·L－1其中正确的是 （)A．①③ B．①④ C．②③ D．③④（2)若①②中用A、B表示的反应速率分别为0。3mol·L－1·s－1、0.6mol·L－1·s－1，哪种物质表示的反应速率更快?（3）若物质A的转化率经过计算为30％，那么,物质B的转化率为多少？你能迅速得出答案吗？答案(1）B（2）B物质表示的反应速率更快（3）30%,能迅速得出答案，因为通入和消耗的A、B的物质的量之比均为2∶1,则A、B转化率相等.解析（1）本题是考查用不同反应物或生成物表示反应速率的方法和反应中转化率、物质浓度的计算等知识点，所以考查内容的知识量较大.v（C）＝eq\f（0.6mol·L－1，2s)＝0.3mol·L－1·s－1①v（A)＝v（C)＝0.3mol·L－1·s－1②v（B）＝eq\f（1,2）v(C)＝0.3mol·L－1·s－1×eq\f(1,2)＝0.15mol·L－1·s－1③参加反应的A的物质的量为0．3mol·L－1·s－1×2s×2L＝1。2A的转化率为eq\f（1.2mol,4mol)×100％＝30％④2s时B的浓度为1mol·L－1－0.15mol·L－1·s－1×2s＝0.7mol·L－1（2）把v（B)转化为v（A）可得，v(A）＝2v（B）＝2×0.6mol·L－1·s－1＝1.2mol·L－1·s－1，所以，用物质B表示的该反应的速率更快。（3）通入A、B两气体的物质的量之比等于化学计量数之比2∶1，消耗物质的量之比也为2∶1,则A、B的转化率相等，都为30％。4．NH3和纯净的O2在一定条件下发生反应：4NH3(g）＋3O2(g）2N2(g）＋6H2O(g）现向一容积不变的2L密闭容器中充入4molNH3和3molO2,4min后,测得生成的H2O占混合气体体积的40%()A．v（N2）＝0.125mol·L－1·min－1B．v(H2O)＝0。375mol·L－1·min－1C．v（O2）＝0.225mol·L－1·min－1D．v(NH3)＝0。250mol·L－1·min－1答案C解析设4min时，生成6xmolH2O（g)据题意,则有：eq\f(6x，7＋x)＝0.4解得：x＝0.5则4min内H2O的变化浓度为Δc(H2O)＝eq\f(3mol,2L)＝1.5mol·L－1v（H2O）＝eq\f(1。5mol·L－1，4min）＝0.375mol·L－1·min－1，再由各物质表示的速率之比等于各物质的化学计量数之比,可得各物质表示的反应速率分别为v(N2)＝0。125mol·L－1·min－1,v(NH3）＝0。250mol·L－1·min－1，v（O2)＝0.1875mol·L－1·min－1.对于较为复杂的关于反应速率的题目，采用以下步骤和模板计算(1)写出有关反应的化学方程式;(2）找出各物质的起始量、转化量、某时刻量；（3）根据已知条件列方程式计算。例如：反应mA＋nBpC起始浓度（mol·L－1） a b c转化浓度（mol·L－1） x eq\f(nx，m） eq\f（px，m)某时刻浓度(mol·L－1)a－x b－eq\f(nx，m)c＋eq\f(px，m)考点二影响化学反应速率的因素1．内因(主要因素)反应物本身的性质。2．外因(其他条件不变，只改变一个条件）3．理论解释——有效碰撞理论（1)活化分子、活化能、有效碰撞。①活化分子:能够发生有效碰撞的分子。②活化能：如图图中:E1为反应的活化能，使用催化剂时的活化能为E3，反应热为E1－E2。③有效碰撞:活化分子之间能够引发化学反应的碰撞.（2)活化分子、有效碰撞与反应速率的关系深度思考1．(1)形状大小相同的铁、铝分别与等浓度的盐酸反应生成氢气的速率：铁______铝；(2）对于Fe＋2HCl=FeCl2＋H2↑，改变下列条件对生成氢气的速率有何影响？①升高温度：________;②增大盐酸浓度:__________;③增大铁的质量:__________；④增加盐酸体积:____________。答案（1)小于(2)①反应速率增大②反应速率增大③无影响④无影响2．有人说压强对化学反应速率的影响是通过改变浓度实现的。这种说法是否正确,对此你如何理解？答案这句话是正确的。但压强仅对有气体参加的反应起作用。增大压强,所有参与反应的气体的浓度均增大，如2SO2（g）＋O2（g）2SO3(g)增大压强，SO2、O2、SO3的浓度均增大，正、逆反应速率均增大。而增大浓度可只增大反应物或生成物的浓度，若只增大反应物的浓度，v正瞬间增大，v逆不变。压强对无气体参与的反应无影响，但浓度仍可改变无气体参与的反应的化学反应速率.3．判断正误，正确的划“√”，错误的划“×”（1)碳酸钙与盐酸反应过程中,再增加CaCO3固体,反应速率不变,但把CaCO3固体粉碎,可以加快反应速率 （）（2)增大反应体系的压强，反应速率不一定增大 (）（3）增大反应物的浓度,能够增大活化分子的百分含量，所以反应速率增大 ()答案（1）√(2）√(3)×题组一浓度与压强对化学反应速率的影响1．对反应A＋BAB来说，常温下按以下情况进行反应：①20mL溶液中含A、B各0.01mol②50mL溶液中含A、B各0。05mol③0。1mol·L－1的A、B溶液各10mL④0。5mol·L－1的A、B溶液各50mL四者反应速率的大小关系是 (）A．②>①>④〉③ B．④>③〉②>①C．①〉②>④〉③ D．①>②>③>④答案A解析①中c（A)＝c(B）＝eq\f(0。01mol，0。02L）＝0.5mol·L－1；②中c（A）＝c(B)＝eq\f（0。05mol,0。05L)＝1mol·L－1;③中c(A）＝c(B）＝eq\f（0.1mol·L－1,2）＝0.05mol·L－1；④中c(A)＝c（B）＝eq\f(0。5mol·L－1,2）＝0。25mol·L－1；在其他条件一定的情况下，浓度越大，反应速率越大,所以反应速率由大到小的顺序为②>①>④>③.2．一定温度下,反应N2(g）＋O2（g）2NO(g)在密闭容器中进行，下列措施不改变化学反应速率的是 (）A．缩小体积使压强增大 B．恒容,充入N2C．恒容，充入He D．恒压，充入He答案C解析A选项,气体的物质的量不变，仅缩小体积，气体的浓度必然增大，反应速率必然增大；B选项，容积不变，充入N2，使反应物N2的浓度增大，浓度越大，反应速率越大；C选项，容积不变,充入He,虽然反应容器内压强增大，但反应物N2、O2、NO的浓度并没有变化，因此不影响反应速率;D选项，压强不变，充入He，反应容器的体积必然增大，压强虽然没变，但N2、O2、NO的浓度减小，反应速率减小。

气体反应体系中充入惰性气体（不参与反应)时，对反应速率的影响（1)恒容：充入“惰性气体"→总压增大→物质浓度不变（活化分子浓度不变）→反应速率不变。(2）恒压：充入“惰性气体”→体积增大→物质浓度减小（活化分子浓度减小）→反应速率减小。题组二外界条件对反应速率的综合影响3．硫代硫酸钠溶液与稀硫酸反应的化学方程式为Na2S2O3＋H2SO4=Na2SO4＋SO2↑＋S↓＋H2O，下列各组实验中最先出现浑浊的是 (）实验反应温度/℃Na2S2O3溶液稀H2SO4H2OV/mLc/mol·L－1V/mLc/mol·L－1V/mLA2550。1100。15B2550.250。210C3550.1100.15D3550。250。210答案D解析本题考查化学反应速率,意在考查学生分析外界条件对化学反应速率的影响。结合选项知混合液的体积都为20mL,但选项D中反应温度最高、反应物Na2S2O3的浓度最大，其反应速率最大，故最先看到浑浊（有硫单质生成)。4．把镁条直接投入到盛有盐酸的敞口容器中，产生H2的速率如右图所示，在下列因素中，影响反应速率的因素是 （)①盐酸的浓度②镁条的表面积③溶液的温度④Cl－的浓度A．①④ B．③④C．①②③ D．②③答案C解析Mg＋2H＋=H2↑＋Mg2＋，实质是镁与H＋间的反应,与Cl－无关。在镁条的表面有一层氧化膜，当将镁条投入盐酸中时，随着氧化膜的不断溶解，镁与盐酸接触的面积不断增大，产生H2的速率会加快;溶液的温度对该反应也有影响,反应放出热量,使温度升高，则反应速率会逐渐加快.5．等质量的铁与过量的盐酸在不同的实验条件下进行反应，测得在不同时间(t)内产生气体体积（V)的数据如图所示,根据图示分析实验条件,下列说法中一定不正确的是()组别对应曲线c(HCl)/mol·L－1反应温度/℃铁的状态1a30粉末状2b30粉末状3c2.5块状4d2.530块状A．第4组实验的反应速率最慢B．第1组实验中盐酸的浓度大于2。5mol·L－1C．第2组实验中盐酸的浓度等于2.5mol·L－1D．第3组实验的反应温度低于30答案D解析由图像可知，1、2、3、4组实验产生的氢气一样多，只是反应速率有快慢之分.第4组实验，反应所用时间最长，故反应速率最慢，A正确;第1组实验，反应所用时间最短，故反应速率最快，根据控制变量法原则知盐酸浓度应大于2。5mol·L－1,B正确；第2组实验,铁是粉末状,与3、4组块状铁相区别,根据控制变量法原则知盐酸的浓度应等于2.5mol·L－1,C正确；由3、4组实验并结合图像知第3组实验中反应温度应高于30考点三控制变量法探究影响化学反应速率的因素影响化学反应速率的因素有多种，在探究相关规律时,需要控制其他条件不变，只改变某一个条件，探究这一条件对反应速率的影响。变量探究实验因为能够考查学生对于图表的观察、分析以及处理实验数据归纳得出合理结论的能力,因而在这几年高考试题中有所考查。解答此类题时,要认真审题，清楚实验目的，弄清要探究的外界条件有哪些。然后分析题给图表，确定一个变化的量，弄清在其他几个量不变的情况下,这个变化量对实验结果的影响,进而总结出规律。然后再确定另一个变量，重新进行相关分析。但在分析相关数据时,要注意题给数据的有效性。1．在学习了化学反应速率知识后，某研究性学习小组进行了科学探究活动.［探究活动一]探究金属与不同酸反应的反应速率：常温下，从经过砂纸打磨的铝片中取两片质量相等、表面积相同的铝片，分别加入到盛有体积相同、c(H＋）相同的足量的稀硫酸和稀盐酸溶液的两支试管中，发现铝片在稀盐酸中消失的时间比在稀硫酸中短。［探究活动二]探究影响稀硫酸与某金属反应速率的因素。下表是某研究性学习小组探究稀硫酸与某金属反应的实验数据：实验序号金属质量/g金属状态c（H2SO4）/mol·L－1V(H2SO4)/mL溶液温度/℃金属消失的时间/s反应前反应后10。10丝0。550203450020。10粉末0。55020355030.10丝0。750204625040。10丝0.850203520050。10粉末0。85020362560.10丝1。050203512570.10丝1.05035505080。10丝1.150203410090。10丝1。150355140请回答：(1）对［探究活动一]实验现象发生的原因，请你帮该研究性学习小组提出两个假设：假设Ⅰ__________________________________________________________________________________________________________________________________.假设Ⅱ__________________________________________________________________________________________________________________________________.并请你设计实验对以上假设进行验证:验证假设Ⅰ________________________________________________________________________________________________________________________________。验证假设Ⅱ_________________________________________________________________________________________________________________________________。(2）分析［探究活动二］的实验数据可发现有一个数据明显有错误，该数据是实验________（填实验序号)的________，理由是_________________________________________________________________________________________________________.(3）分析[探究活动二］的实验数据可得出的结论是___________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________。答案(1)假设Ⅰ：Cl－对铝和酸的反应有促进作用假设Ⅱ：SOeq\o\al(2－，4）对铝和酸的反应有抑制作用验证假设Ⅰ:在铝和稀硫酸反应的试管中加入固体氯化钠，看是否加快放出氢气的速率验证假设Ⅱ：在铝和稀盐酸反应的试管中加入固体硫酸钠,看是否减慢放出氢气的速率(2）3反应后溶液的温度本实验所用稀硫酸均过量，金属完全反应，等质量金属反应放出的热量应相等，所以使等体积溶液的温度升高值相近(3）对于同一化学反应,在其他条件不变时：①反应物浓度越大，化学反应速率越快；②反应物固体表面积越大，化学反应速率越快;③反应温度越高，化学反应速率越快2．某实验小组以H2O2分解为例，研究浓度、催化剂、溶液酸碱性对反应速率的影响.在常温下按照如下方案完成实验。实验编号反应物催化剂①10mL2%H2O2溶液无②10mL5％H2O2溶液无③10mL5％H2O2溶液1mL0.1mol·L－1FeCl3溶液④10mL5%H2O2溶液＋少量HCl溶液1mL0。1mol·L－1FeCl3溶液⑤10mL5％H2O2溶液＋少量NaOH溶液1mL0。1mol·L－1FeCl3溶液（1)催化剂能加快化学反应速率的原因是__________________________________。(2）常温下5%H2O2溶液的pH约为6，H2O2的电离方程式为____________________.(3)实验①和②的目的是_________________________________________________。实验时由于没有观察到明显现象而无法得出结论.资料显示，通常条件下H2O2稳定，不易分解。为了达到实验目的，你对原实验方案的改进是_______________________。(4)实验③、④、⑤中，测得生成氧气的体积随时间变化的关系如下图。分析上图能够得出的实验结论是______________________________________。答案(1）降低了活化能(2)H2O2H＋＋HOeq\o\al(－,2）(3）探究浓度对反应速率的影响向反应物中加入等量同种催化剂(或将盛有反应物的试管放入同一热水浴中)(4)碱性环境能增大H2O2分解的速率，酸性环境能减小H2O2分解的速率解析(1)加入催化剂,能降低反应的活化能，使更多的分子成为活化分子，从而加快化学反应速率。(2）常温下，H2O2的pH约为6，则H2O2为弱酸，其电离方程式为H2O2H＋＋HOeq\o\al（－，2）.（3）实验①、②中均没有使用催化剂，只是增大了H2O2的浓度，故实验①、②的目的是探究浓度对化学反应速率的影响。因实验过程中现象不明显，可采用升温或使用同种催化剂的方法加快反应速率来达到实验目的.（4）实验③、④、⑤中H2O2的浓度相同,并加入相同量的同种催化剂,而改变的条件是④中酸性增强，⑤中碱性增强.通过相同时间内产生O2的快慢(⑤〉③〉④）可得出如下结论：溶液的碱性增强,能加快H2O2的分解，而溶液的酸性增强,能减慢H2O2的分解.3．某探究小组用HNO3与大理石反应过程中质量减小的方法，研究影响反应速率的因素。所用HNO3浓度为1.00mol·L－1、2。00mol·L－1，大理石有细颗粒与粗颗粒两种规格，实验温度为298K、308K，每次实验HNO3的用量为25.0mL，大理石用量为10。00（1）请完成以下实验设计表，并在实验目的一栏中填出对应的实验编号:实验编号T/K大理石规格HNO3浓度/mol·L－1实验目的①298粗颗粒2。00(Ⅰ）实验①和②探究HNO3的浓度对该反应速率的影响;(Ⅱ）实验①和________探究温度对该反应速率的影响；(Ⅲ）实验①和________探究大理石规格(粗、细）对该反应速率的影响.②③④(2）实验①中CO2质量随时间变化的关系见下图：依据反应方程式eq\f(1,2)CaCO3＋HNO3=eq\f（1，2)Ca（NO3)2＋eq\f（1，2）CO2↑＋eq\f(1，2)H2O，计算实验①在70~90s范围内HNO3的反应速率(忽略溶液体积变化，写出计算过程）。答案(1)实验编号T/K大理石规格HNO3浓度/mol·L－1实验目的①298粗颗粒2.00(Ⅱ)③(Ⅲ）④②298粗颗粒1.00③308粗颗粒2。00④298细颗粒2.00（2）反应时间70～90s范围内：Δm（CO2)＝0。95g－0.84Δn(CO2)＝0。11g÷44g·mol－1＝0。002HNO3的减少量:Δn（HNO3）＝0。0025mol÷eq\f(1，2)＝0.0050molHNO3的反应速率：v（HNO3）＝eq\f(ΔnHNO3/V，Δt)＝eq\f（0。0050mol÷0.0250L，20s)＝1.0×10－2mol·L－1·s－1解析（1）实验①和实验②探究HNO3的浓度对该反应速率的影响，其他条件应相同而HNO3的浓度不同，故实验②中HNO3的浓度应为1.00mol·L－1。实验①和③探究温度对反应速率的影响，除了温度不同，其余条件要保持一样.实验①和④探究大理石规格（粗、细）对反应速率的影响，因此要求二者大理石的规格不同，一个用粗颗粒，另一个用细颗粒。（2）反应时间70～90s范围内:Δm(CO2)＝0.95g－0。84g＝0.11gΔn（CO2)＝0.11g÷44g·mol－1＝0。0025molHNO3的减少量：Δn（HNO3)＝0.0025mol÷eq\f(1，2)＝0。0050molHNO3的反应速率：v（HNO3)＝eq\f（ΔnHNO3/V,Δt)＝eq\f(0.0050mol÷0。0250L,20s）＝1.0×10－2mol·L－1·s－1

1。常见考查形式(1）以表格的形式给出多组实验数据，让学生找出每组数据的变化对反应的影响。(2)给出影响化学反应的几种因素，让学生设计实验分析各因素对反应的影响。2．解题策略(1)确定变量解答这类题目时首先要认真审题,理清影响实验探究结果的因素有哪些.(2)定多变一在探究时，应该先确定其他的因素不变，只变化一种因素，看这种因素与探究的问题存在怎样的关系；这样确定一种以后，再确定另一种，通过分析每种因素与所探究问题之间的关系，得出所有影响因素与所探究问题之间的关系。(3)数据有效解答时注意选择数据(或设置实验)要有效,且变量统一,否则无法做出正确判断。考点四数形结合思想——用化学反应速率图像突破化学平衡概念速率—时间图像定性揭示了v正、v逆随时间(含条件改变对速率的影响)而变化的规律，体现了外界条件改变对可逆反应速率的影响，以及由此引发的平衡移动。平衡体系条件变化速率变化平衡变化速率变化曲线任一平衡体系增大反应物的浓度v正、v逆均增大，且v正′>v逆′正向移动减小反应物的浓度v正、v逆均减小，且v逆′〉v正′逆向移动任一平衡体系增大生成物的浓度v正、v逆均增大，且v逆′>v正′逆向移动减小生成物的浓度v正、v逆均减小,且v正′>v逆′正向移动正反应方向为气体体积增大的放热反应增大压强或升高温度v正、v逆均增大，且v逆′>v正′逆向移动减小压强或降低温度v正、v逆均减小，且v正′>v逆′正向移动任意平衡或反应前后气体化学计量数和相等的平衡正催化剂或增大压强v正、v逆同等倍数增大平衡不移动负催化剂或减小压强v正、v逆同等倍数减小题组训练外界条件对反应速率影响的图像分析1．向某密闭容器中加入0.3molA、0.1molC和一定量的B三种气体。一定条件下发生反应,各物质浓度随时间变化如甲图所示[t0～t1阶段c（B）未画出]。图乙为t2时刻后改变条件平衡体系中反应速率随时间变化的情况，且四个阶段都各改变一种不同的条件并且改变的条件均不同。已知，t3～t4阶段为使用催化剂。下列说法正确的是（）A．若t1＝15s,生成物C在t0~t1时间段的反应速率为0。004mol·L－1·s－1B．t4~t5阶段改变的条件为降低反应温度C．B的起始物质的量为0。02molD．t5～t6阶段可能是增大压强答案A解析v(C)＝eq\f（Δc,Δt）＝eq\f(0.11－0.05mol·L－1，15s)＝0。004mol·L－1·s－1,A正确；在t4～t5阶段，平衡没有移动，反应速率减小，则是减小了压强；由图分析可知反应方程式是3A(g)B(g)＋2C(g），再由化学计量数之比等于Δc之比，求出Δc(B）＝0.03mol·L－1，则起始浓度为0。02mol·L－1，求出容器体积为2L,B和C错误;t5～t2．某温度时,在一个容积为2L的密闭容器中,X、Y、三种物质的物质的量随时间的变化曲线如图所示.根据图中数据,试填写下列空白：（1)该反应的化学方程式为____________________________________________。(2)反应开始至2min，气体Z的反应速率为________________________________.（3)若X、Y、Z均为气体,反应达到平衡时：①压强是开始时的________倍；②若此时将容器的体积缩小为原来的eq\f（1，2）倍，达到平衡时，容器内温度将升高（容器不与外界进行热交换)，则该反应的正反应为________反应（填“放热”或“吸热”)。(4）若上述反应在2min后的t1～t6内反应速率与反应时间图像如下,在每一时刻均改变一个影响反应速率的因素,则 (）A．在t1时增大了压强 B．在t3时加入了催化剂C．在t4时降低了温度 D．t2～t3时A的转化率最高答案（1)3X＋Y2Z（2)0。05mol·L－1·min－1（3）①0.9②放热(4)B解析（1)由图像知v（X)∶v(Y)∶v(Z）＝0.3mol∶0.1mol∶0。2mol＝3∶1∶2，又由于该反应不能进行彻底，所以化学方程式为3X＋Y2Z。(2)v（Z）＝eq\f（0。2mol,2L×2min）＝0。05mol·L－1·min－1。（3)①X、Y、Z均为气体时,反应前n(总）＝2。0mol,平衡时n(总）＝0.7mol＋0.9mol＋0。2mol＝1.8mol，所以p（平)∶p(始）＝1.8mol∶2。0mol＝0。9.②将容器体积缩小，相当于增压，达平衡时,温度升高，根据勒夏特列原理，该反应的正反应为放热反应。(4)在t1时如果增大压强,则正、逆反应速率都增大，A错误；在t3时应该是加入了催化剂，正、逆反应速率都增大，并且增大的倍数时同，平衡不移动，B正确;在t4时如果是降低了温度，则平衡正向移动,正反应速率大于逆反应速率,C错误；由图可以看出，从t1~t2，平衡向逆反应方向移动，A的转化率降低,从t2~t4，平衡不移动，A的转化率不变，从t4～t5,平衡继续向逆反应方向移动,A的转化率又降低，因此,t0～t1时A的转化率最高，D错误.

根据速率-时间图像判断反应条件的方法（1）看图像中正、逆反应速率的变化趋势,两者是同等程度的变化，还是不同程度的变化。同等程度的变化一般从压强(反应前后气体体积不变的反应）和催化剂考虑；若是不同程度的变化,从温度、浓度、压强(反应前后气体体积改变的反应)角度考虑.(2)对于反应速率变化不相等的反应，要注意观察改变某个条件瞬间，正、逆反应速率的大小关系及变化趋势。同时要联系外界条件对反应速率的影响规律，加以筛选、验证、排除.1．(2009·广东理基,29)已知汽车尾气无害化处理反应为2NO（g)＋2CO(g）N2(g）＋2CO2（g）。下列说法不正确的是 （)A．升高温度可使该反应的逆反应速率降低B．使用高效催化剂可有效提高正反应速率C．反应达到平衡后，NO的反应速率保持恒定D．单位时间内消耗CO和CO2的物质的量相等时，反应达到平衡答案A解析升温，无论是正反应，还是逆反应，速率均加快，A项错;催化剂可以加快化学反应速率,B项正确；达平衡后，各组分的速率保持不变，C项正确;由于CO和CO2的计量系数相等，故当两者同时消耗的量相等时，反应即达平衡,D项正确。2．（2010·福建理综,12）化合物Bilirubin在一定波长的光照射下发生分解反应，反应物浓度随反应时间变化如右图所示，计算反应4～8min间的平均反应速率和推测反应16min时反应物的浓度,结果应是 (）A．2。5μmol·L－1·min－1和2。0μmol·L－1B．2.5μmol·L－1·min－1和2。5μmol·L－1C．3.0μmol·L－1·min－1和3。0μmol·L－1D．5。0μmol·L－1·min－1和3.0μmol·L－1答案B解析据图像可知，4min时化合物Bilirubin的浓度为20μmol·L－1，8min时其浓度为10μmol·L－1，因此4～8min间的平均反应速率为eq\f(20μmol·L－1－10μmol·L－1,4min）＝2.5μmol·L－1·min－1。进一步分析图像可知0~4min间的平均分解速率为eq\f(40μmol·L－1－20μmol·L－1,4min）＝5。0μmol·L－1·min－1，由以上分析数据大致可确定平均分解速率基本呈等比递减变化,因此可估算8～12min间平均分解速率为1.25μmol·L－1·min－1，12~16min间平均分解速率为0.625μmol·L－1·min－1，因此16min时反应物的浓度大致应为10μmol·L－1－1.25μmol·L－1·min－1×4min－0.625μmol·L－1·min－1×4min＝2。5μmol·L－1，故B项正确。3．(2009·山东理综，14)2SO2(g)＋O2（g）eq\o（,\s\up7(V2O5),\s\do5(△)）2SO3（g）是制备硫酸的重要反应。下列叙述正确的是 （）A．催化剂V2O5不改变该反应的逆反应速率B．增大反应体系的压强，反应速率一定增大C．该反应是放热反应，降低温度将缩短反应达到平衡的时间D．在t1、t2时刻，SO3（g）的浓度分别是c1、c2，则时间间隔t1~t2内，SO3(g）生成的平均反应速率为v＝eq\f（c2－c1，t2－t1)答案D解析本题考查化学反应速率与化学平衡知识，意在考查学生运用化学反应速率和化学平衡解决实际问题的能力。催化剂能同等程度地改变正逆反应速率，A项错误；压强对化学反应速率的影响是通过改变浓度来实现的，增大反应体系的压强,浓度不一定增大,如恒容下充入惰性气体，速率并没有增大，B项错误；降低温度反应速率减小，将延长反应达到平衡的时间，C项错误；化学反应速率通常用单位时间内反应物浓度的减少量或生成物浓度的增加量来表示，D项正确。4．（2012·福建理综，12)一定条件下,溶液的酸碱性对TiO2光催化染料R降解反应的影响如下图所示。下列判断正确的是 ()A．在0～50min之间,pH＝2和pH＝7时R的降解百分率相等B．溶液酸性越强,R的降解速率越小C．R的起始浓度越小,降解速率越大D．在20～25min之间，pH＝10时R的平均降解速率为0。04mol·L－1·min－1答案A解析在0～50min之间，pH＝2和pH＝7时反应物R都能完全反应，降解率都是100％，故A正确；pH为2、7、10时,通过曲线的倾斜程度可看出溶液的酸性越强，R的降解速率越大，故B错误；图中无法比较同一pH条件下，R的起始浓度与降解速率的关系，故C错误；20～25min之间，pH＝10时R的平均降解速率为0。2×10－4mol·L－1/5min＝4×10－6mol·L－1·min－1，故D错误。5．[2011·福建理综，23（4)]在酸性溶液中，碘酸钾（KIO3）和亚硫酸钠可发生如下反应：2IOeq\o\al（－，3)＋5SOeq\o\al(2－，3)＋2H＋=I2＋5SOeq\o\al（2－，4）＋H2O生成的碘可以用淀粉溶液检验，根据反应溶液出现蓝色所需的时间来衡量该反应的速率。某同学设计实验如下表所示：实验序号0.01mol·L－1KIO3酸性溶液（含淀粉）的体积/mL0。01mol·L－1Na2SO3溶液的体积/mLH2O的体积/mL实验温度/℃溶液出现蓝色时所需时间/s实验15V13525实验2554025实验355V20该实验的目的是________；表中V2＝________mL。答案探究该反应的速率与温度、亚硫酸钠溶液浓度的关系（或其他合理答案)40解析通过分析表中的数据可知,该实验研究的是温度、浓度对反应速率的影响；由于实验1和实验2的温度相同，故实验2与实验3的溶液的浓度一定相同,即水的体积一定相同，因此V2＝40.6．（1)［2012·山东理综，29（3）改编]一定温度下，将1molN2O4充入体积为1L的密闭容器中，反应3s后，NO2的物质的量为0.6mol，则0～3s内的平均反应速率v(N2O4)＝________mol·L－1·s答案0。1解析N2O42NO2 0。3mol0.6molv（N2O4）＝eq\f(0。3mol，1L×3s）＝0。1mol·L－1·s－1。(2)[2010·山东理综，28（2）改编]在一定温度下，向1L密闭容器中加入1molHI（g),发生反应2HIH2＋I2，2min时生成H20。1mol,则0～2min内的平均反应速率v(HI）＝答案0。1mol·L－1·min－1解析v（HI）＝eq\f（0.1mol×2，1L×2min）＝0。1mol·L－1·min－1。7．［2012·新课标全国卷,27(4）］COCl2的分解反应为COCl2（g)=Cl2(g）＋CO(g）ΔH＝＋108kJ·mol－1。反应体系达到平衡后，各物质的浓度在不同条件下的变化状况如下图所示(第10min到14min的COCl2浓度变化曲线未示出）：①计算反应在第8min时的平衡常数K＝____________;②比较第2min反应温度T（2)与第8min反应温度T（8)的高低：T(2)________T(8）(填“<"、“〉"或“＝”)；③若12min时反应于温度T（8）下重新达到平衡，则此时c（COCl2）＝________mol·L－1；④比较产物CO在2～3min、5~6min和12~13min时平均反应速率[平均反应速率分别以v（2~3）、v(5～6)、v（12~13）表示]的大小____________________________;⑤比较反应物COCl2在5～6min和15～16min时平均反应速率的大小：v(5~6）________v(15～16）(填“<"、“〉”或“＝")，原因是______________________。答案①0。234mol·L－1②〈③0。031④v(5~6）〉v（2~3）＝v(12～13）⑤>在相同温度时，该反应的反应物浓度越高，反应速率越大解析①根据图像得出以下数据：K＝eq\f（cCl2·cCO,cCOCl2）＝eq\f（0.11×0。085,0。04）mol·L－1≈0.234mol·L－1②2min和8min时反应都处于平衡状态,在4min时生成物浓度都增大,反应物浓度减小，则改变的条件是升高温度,故T(2）<T（8).③设12min时COCl2的平衡浓度为x。由于12min时反应在温度T（8)下达到平衡，则由平衡常数定义得K＝eq\f(cCl2·cCO,cCOCl2)＝eq\f(0.12×0.06,x)mol·L－1＝0。234mol·L－1解得x≈0.031mol·L－1④分析图像表示的意义，根据图像可得出平均反应速率为v(5~6）〉v(2~3）＝v(12～13)。⑤分析图像可知反应在5～6min和15～16min时，反应温度相同，因为在相同温度时，该反应的反应物浓度越高,反应速率越大，故v（5～6)〉v（15～16）。1．下列有关化学反应速率的说法不正确的是 （)A．化学反应达到最大限度时，正逆反应速率也达到最大且相等B．催化剂能降低化学反应的活化能，加快反应速率，提高生产效率C．用锌和稀硫酸反应制取H2时,滴加几滴硫酸铜溶液能加快反应速率D．用铁片和稀硫酸反应制H2比用98%的浓硫酸产生H2的速率快答案A解析反应达到最大限度时,正逆反应速率相等但不是最大,A错误；催化剂虽然不影响平衡的移动，但缩短了达到平衡的时间,提高了生产效率,B正确；C项中能构成铜锌原电池,锌作负极,加快反应速率;D项中浓硫酸使铁钝化,不产生H2.2．下列说法正确的是 ()①参加反应的物质的性质是影响化学反应速率的主要因素②光是影响某些化学反应速率的外界条件之一③决定化学反应速率的主要因素是浓度④不管什么反应，增大浓度、加热、加压、使用催化剂都可以加快反应速率A．①② B．②③ C．③④ D．①④答案A解析影响化学反应速率的主要因素是参加反应的物质的性质，①正确,③错误；影响化学反应速率的外因包括浓度、温度、催化剂、压强和其他一些条件（如光等)，②正确;加压对没有气体参加的反应影响不大，④错误。3．在一密闭容器中充入一定量的N2和O2，在电火花作用下发生反应N2＋O2=2NO，经测定前3s用N2表示的反应速率为0.1mol·L－1·s－1，则6s末NO的浓度为（)A．1。2mol·L－1 B．大于1.2mol·L－1C．小于1.2mol·L－1 D．不能确定答案C解析本题考查化学反应速率的计算，意在考查学生对化学反应速率计算公式的灵活运用能力。前3s用N2表示的反应速率为0。1mol·L－1·s－1，即用NO表示的反应速率为0.2mol·L－1·s－1，如果3～6s的反应速率仍为0。2mol·L－1·s－1,则NO浓度为1。2mol·L－1,由于随着反应进行，反应物浓度减小,速率减慢，故应小于1.2mol·L－1。4．反应2SO2＋O22SO3经一段时间后，SO3的浓度增加了0。4mol·L－1，在这段时间内用O2表示的反应速率为0.04mol·L－1·s－1，则这段时间为 (）A．0。1s B．2。5s C．5s D．10s答案C解析因为SO3的浓度增加了0.4mol·L－1，所以O2的浓度必定减少了0。2mol·L－1，因为在这段时间内用O2表示的反应速率为0.04mol·L－1·s－1，所以反应经过的时间为5s。5．下列生产或实验事实引出的相应结论不正确的是 （）选项事实结论A其他条件相同，Na2S2O3溶液和H2SO4溶液反应，升高溶液的温度，析出硫沉淀所需时间缩短当其他条件不变时,升高反应温度,化学反应速率加快B工业制硫酸中，在SO3的吸收阶段，吸收塔里要装填瓷环增大气液接触面积，使SO3的吸收速率增大C在容积可变的密闭容器中发生反应：2NH3(g)N2H4（l)＋H2(g），把容积的体积缩小一半正反应速率加快，逆反应速率减慢DA、B两支试管中分别加入等体积5%的H2O2溶液,在B试管中加入2～3滴FeCl3溶液,B试管中产生气泡快当其他条件不变时,催化剂可以改变化学反应速率答案C解析C项中压缩容器体积，反应物、生成物浓度均增加,正逆反应速率均加快。6．一定温度下,在2L密闭容器中加入纳米级Cu2O并通入0.1molH2O（g），发生反应：2H2O(g)eq\o（,\s\up7(Cu2O）,\s\do5（光照）)2H2（g)＋O2(g)ΔH＝＋484kJ·mol－1，不同时间产生O2的物质的量见下表:时间/min20406080n(O2)/mol0。00100.00160。00200。0020下列说法不正确的是 (）A．前20min内的反应速率v（H2O)＝5.0×10－5mol·L－1·min－1B．达到平衡时，至少需要从外界吸收能量0。968kJC．增大c(H2O）,可以提高水的分解率D．催化效果与Cu2O颗粒的大小有关答案C解析由题意知，v（H2O)＝2v(O2）＝2×eq\f(\f(0.0010mol,2L),20min)＝5.0×10－5mol·L－1·min－1,A正确；热化学方程式表示的含义是2molH2O（g）完全分解生成2molH2（g）和1molO2(g)，吸收484kJ的能量，所以生成O20.0020mol时，吸收的能量为0.0020mol×484kJ·mol－1＝0.968kJ，正确;C项，由于反应物只有1种，增大c(H2O），相当于压强增大，平衡向气体体积减小的方向移动，所以水的分解率降低，错误；D项，若Cu2O颗粒小,则接触面积大,反应速率快，催化效果好，正确.7．一定温度下在密闭容器内进行着某一反应，X气体、Y气体的物质的量随反应时间变化的曲线如图所示。下列叙述中正确的是 (）A．反应的化学方程式为5YXB．t1时，Y的浓度是X浓度的1.5倍C．t2时,正、逆反应速率相等D．t3时，逆反应速率大于正反应速率答案B解析从图像可以看出，t2时刻X、Y两物质的物质的量相等，而不是反应速率相等，故C不正确;t3时，反应达到平衡状态,所以正反应速率等于逆反应速率，故D不正确；反应开始X指示的物质的量不清晰，故无法判断化学方程式的化学计量数。8．进行如下实验，在A锥形瓶中放入10g绿豆大小的碳酸钙，在B锥形瓶中放入5g粉末状的碳酸钙，分别加入50mL1mol·L－1盐酸，下图中能正确表示实验结果的是(注：x－时间，y－答案C解析有固体参与的反应速率与固体表面积有关。B锥形瓶中放入粉末状的碳酸钙，所以B中反应产生的CO2速率比较大；50mL1mol·L－1盐酸最多只能消耗碳酸钙2.5g，最终产生的CO9．可逆反应mA(g)＋nB（g）pC（g）＋gD（g)的v－t图像如图甲所示，若其他条件都不变,只是在反应前加入合适的催化剂，则其v－t图像如图乙所示.①a1＝a2②a1＜a2③b1＝b2④b1＜b2⑤t1＞t2⑥t1＝t2⑦两图中阴影部分面积相等⑧图Ⅱ中阴影部分面积更大以上所列正确的为 (）A．②④⑤⑦ B．②④⑥⑧ C．②③⑤⑦ D．②③⑥⑧答案A解析使用催化剂仅仅是加快反应速率，缩短达到平衡的时间，②④⑤⑦正确。10．在密闭容器中进行反应CH4（g)＋H2O(g)CO(g)＋3H2(g）ΔH〉0，测得c（CH4)随反应时间(t)的变化如图所示。下列判断不正确的是 (）A．10min时，改变的外界条件可能是升高温度B．0~10min内，v(H2）＝0。15mol·L－1·min－1C．恒温下，缩小容器体积，一段时间内v逆>v正D．12min时，反应达平衡的本质原因是气体总质量不再变化答案D解析通过计算发现10～12min内的反应速率比0～5min内的反应速率快，A正确；B项,虽然5min时已经达到平衡,但求的是10min内的平均反应速率，v（H2)＝3v（CH4）＝3×eq\f（0。50mol·L－1,10min）＝0.15mol·L－1·min－1，正确；恒温下缩小容器体积时，压强增大，平衡逆向移动，C项正确;D项中反应达平衡的本质是正、逆反应速率相等。11．在2L的密闭容器中，放入0。4molA和0.6molB，在一定温度下，压强为p，放入催化剂（体积忽略），发生反应2A（g）＋3B（g）xC(g)＋2D（g),在amin后，容器中c(A)＝0。1mol·L－1，则v（B)＝____________；若温度不变，压强变为0.9p，则v(C)＝__________，x＝答案0.15/amol·L－1·min－10.1/amol·L－1·min－12解析2A(g）＋3B（g）xC（g)＋2D(g)起始/mol 0。4 0。6 0 0转化/mol 0.2 0.3 0.1x0。2amin后/mol 0。2 0.3 0。1x0。2v（B)＝0。3mol/(2L·amin)＝0。15/amol·L－1·min－1.体积、温度不变时，压强之比等于气体的物质的量之比:(0.6＋0。4)∶（0。2＋0。3＋0。1x＋0.2）＝1∶0.9，则x＝2,v（C)＝0.2mol/（2L·amin）＝0。1/amol·L－1·min－1.12．加入0。1mol的MnO2粉末于50mL过氧化氢的溶液中(密度为1。1g·mL－1时间的关系如右图所示，回答下列问题：（1)A、B、C、D四点化学反应速率快慢的顺序为________。(2）解释反应速率变化的原因________________________________________________________________________________________________________________。(3)计算过氧化氢的初始物质的量浓度___________________________________。（4）求反应进行到2分钟时过氧化氢的质量分数。答案（1)D〉C>B〉A（2）随着反应的进行，过氧化氢溶液的浓度越来越小,反应速率越来越小(3）0。107mol·L－1(4)0.083%解析(1）曲线斜率越大,反应速率越大.(2）随着反应的进行，反应物H2O2的浓度逐渐减小，因此反应速率逐渐减小。（3)根据图像可以看出H2O2完全反应放出O260mL，H2O2的分解反应为2H2O2eq\o（=，\s\up7（MnO2）)2H2O＋O2↑，则n（H2O2）＝eq\f（60mL，22400mL·mol－1)×2≈0.00536mol,c(H2O2)＝eq\f(0.00536mol，0。05L）≈0。107mol·L－1。(4)反应进行到2分钟时，放出O245mL,则反应生成O2的物质的量为eq\f（45mL,22400mL·mol－1）≈0。00201mol，质量为0。00201mol×32g·mol－1≈0.064反应消耗的H2O2物质的量为0．00201mol×2＝0.00402mol，剩余的H2O2物质的量为0．00536mol－0.00402mol＝0.00134mol，则2分钟时H2O2的质量分数为eq\f(0.00134mol×34g·mol－1,50mL×1.1g·mL－1－0。0643g）×100％≈0。083％。13．在一密闭容器中发生反应N2＋3H22NH3，达