高考物理模拟测试普通用卷

绝密★启用前高考物理模拟测试副标题考试范围：xxx；考试时间：100分钟；命题人：xxx题号一二三四总分得分注意事项:

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。

3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。第I卷（选择题）一、单选题（本大题共37小题，共分）1.如图所示，静止在斜面上的物体受到哪几个力的作用(

)

A.重力、下滑力、支持力

B.重力、支持力、静摩擦力

C.重力、下滑力、支持力、静摩擦力

D.重力、下滑力、支持力、垂直斜面的压力2.质量为2kg的物体静止于光滑水平桌面上。当该物体受到水平面内两个异向、大小分别为6N和8N的力作用时，其加速度大小为A.1 m/s2 B.5 3.飞机着陆后匀减速滑行，它滑行的初速度是60m/s，加速度的大小是3m/A.1170m B.600m C.180m4.关于放在水平桌面上静止的书对桌面的压力，下列说法中正确的是(

)A.书对桌面的压力是由于书发生形变而产生的

B.书对桌面的压力是由于桌面发生形变而产生的

C.桌面对书的支持力是由于书发生形变而产生的

D.书对桌面的压力就是书所受的重力5.以10m/s的速度竖直向上抛出一个小球，到达最高点的时间为(g取A.20s B.2s C.10s6.在物理学的探索和发现过程中，科学家们运用了许多研究方法如：理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法、科学假说法和建立物理模型法等。以下关于物理学研究方法的叙述中正确的是(

)A.在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法是微元法

B.探究合力与分力的关系实验，主要应用了类比法

C.借助激光器及平面镜观察桌面的微小形变的实验中，运用了建立物理模型法

D.在实验探究加速度a与力F，质量m的关系时，运用了控制变量法7.小船往返于沿河同侧的甲、乙两地：若河水不流动，往返一次需要时间t1；若河水流动，则往返一次需要时间t2，则t1和t2A.t1=t2 B.t1>8.如图所示，质量为m的木块在质量为M的长木板上受到向右的拉力F的作用向右滑行，长木板处于静止状态，已知木块与木板间的动摩擦因数为μ1，木板与地面间的动摩擦因数为μ2，重力加速度为g，有以下几种说法：

①木板受到地面的摩擦力的大小一定是μ1mg；

②木板受到地面的摩擦力的大小一定是μ2(m+M)g；

③当F>μA.②③ B.①④ C.①③ D.②④9.某商场有一自动扶梯，某顾客沿开动(上行)的自动扶梯走上楼时，数得走了16级，当他以同样的速度(相对电梯)沿开动(上行)的自动扶梯走下楼时，数得走了48级，则该自动扶梯级数为(

)A.22级 B.32级

C.24级 D.条件不足，不能确定10.物体甲的加速度为3m/s2，物体乙的加速度为−5A.物体甲一定在做加速运动 B.物体甲的加速度大于物体乙的加速度

C.物体乙的加速度大于物体甲的加速度 D.物体甲的速度小于物体乙的速度11.甲、乙两车在高速公路相邻的直车道上行驶t=0时刻，甲车在前，乙车在后，两车的速度−时间图象如图所示，则(

)

A.t=20s时两车可能相遇

B.0∼10s内甲车的平均速度是乙车的2倍

C.0∼2012.鼓浪屿是世界文化遗产之一。岛上为保护环境不允许机动车通行，很多生活物品要靠人力板车来运输。如图所示，货物放置在板车上，与板车一起向右做匀速直线运动，车板与水平面夹角为θ。现拉动板车向右加速运动，货物与板车仍保持相对静止，且θ不变。则板车加速后，货物所受的(

)

A.摩擦力和支持力均变小 B.摩擦力和支持力均变大

C.摩擦力变小，支持力变大 D.摩擦力变大，支持力变小13.一辆公共汽车进站后开始刹车，做匀减速直线运动．开始刹车后的第1s内和第2s内的位移大小依次为9m和7m.则刹车后6A.20m B.24m C.25m14.如图所示为某物体做直线运动的v−t图像，关于该物体在0～4 s内的运动情况，下列说法正确的是A.物体始终向同一方向运动

B.物体的加速度大小不变，方向与初速度方向相同

C.物体在0～2 s内做减速运动

15.两辆汽车在刹车时，以72km/h的速度行驶的甲汽车能在2s内停下来；以54kA.甲的速度变化量小 B.乙的速度变化的慢

C.甲的加速度大小为36m/s216.如图所示，质量为M的斜面体B放在水平面，斜面的倾角θ=30°，质量为m的木块A放在斜面上。木块A下滑的加速度a=14gA.木块与斜面之间的动摩擦因数为0.25

B.地面对斜面体的支持力等于(M+m)g

C.17.在电梯内放一体重计，电梯静止时，晓敏站在体重计上，体重计示数为50 kg，电梯运动过程中，某一段时间内晓敏发现体重计示数如图所示，g取10 m/s2A.晓敏所受的重力变小了

B.晓敏对体重计的压力小于体重计对晓敏的支持力

C.电梯一定在竖直向下运动

D.电梯的加速度大小为2 18.我国“蛟龙号”深潜器在某次实验时，深潜器内的显示屏上显示出了从水面开始下潜到最后返回水面10min内全过程的深度曲线和速度图像，则下列说法正确的是(

)

A.图中h3代表本次下潜最大深度

B.全过程中最大加速度是0.02m/s2

C.深潜器加速度向上发生在0∼119.关于速度和加速度的关系，以下说法正确的是(

)A.加速度方向为正，速度一定增加

B.加速度方向保持不变，速度方向一定保持不变

C.加速度逐渐变大，速度一定逐渐变大

D.加速度和速度方向相反，速度一定减小20.甲、乙、丙三个物体做匀变速直线运动，通过A点时，物体甲的速度是6m/s，加速度是1m/s2；物体乙的速度是2m/sA.通过A点，物体甲最快，丙最慢

B.通过A点前1s时，物体甲最快，乙最慢

C.通过A点后1s时，物体乙最快，丙最慢

D.21.为了控制高速公路上汽车的超速违章，高速公路旁边安装了很多的测速仪，图为高速交警正在使用超声波测速仪进行测速。超声波测速仪可以定向发出脉冲超声波，也可以接收从汽车反射回来的超声波信号(p1、p2是测速仪发出的超声波信号，p3、p4分别是pl、p2由汽车反射回来的信号。分析超声波信号，可以计算出汽车的速度大小。图2是某次测速发出两个脉冲超声波和接收到两个脉冲超声波的情景，超声波在空气中传播的速度为A.被测汽车正在驶向测速仪，速度大小约为37m/s

B.被测汽车正在驶向测速仪，速度大小约为35m/s

C.22.在匀速上升的电梯里，一小球从电梯地板被竖直向上弹出后又落回地板，这一过程中小球没有触碰电梯天花板，不计空气阻力，以地面为参考系，下列对这一过程的分析正确的是(

)

A.小球在空中运动的位移大小一定小于路程

B.小球在空中运动的平均速度大于电梯的速度

C.小球在空中运动的平均速度小于电梯的速度

D.小球在空中运动的平均速度等于电梯的速度23.如图所示，a、b分别为开始时静止于同一位置的甲、乙两物体在同一直线上运动时的位移与时间的关系图线，其中a为过原点的倾斜直线b为开口向下的抛物线。下列说法正确的是(

)

A.物体乙始终沿正方向运动

B.t1时刻甲、乙两物体相遇，速度相等

C.0到t2时间内物体乙的平均速度大于物体甲的平均速度

D.t124.如图所示，气垫导轨上滑块经过光电门时，其上的遮光条将光遮住，电子计时器可自动记录遮光时间Δt.测得遮光条的宽度为Δx，用ΔxΔt近似代表滑块通过光电门时的瞬时速度．为使ΔxΔtA.换用宽度更窄的遮光条 B.提高测量遮光条宽度的精确度

C.使滑块的释放点更靠近光电门 D.增大气垫导轨与水平面的夹角25.描述物体的运动时，总要选定参考系。下列参考系的选取正确的是(

)A.“牛从桥上过，桥流水不流”，诗句中均以桥作为参考系

B.“满眼风波多闪烁，看山恰似走来迎”，是以山作为参考系的

C.“两岸猿声啼不住，轻舟已过万重山”，是以轻舟作为参考系的

D.“卧看满天云不动，不知云与我俱东”，是以诗人自己作为参考系的26.如图所示为某质点做直线运动时的v−t图象，图象关于图中虚线对称，则在0～t1时间内，关于质点的运动，下列说法正确的是A.若质点能两次到达某一位置，则两次的速度都不可能为零

B.若质点能三次通过某一位置，则可能三次都是加速通过该位置

C.若质点能三次通过某一位置，则可能两次加速通过，一次减速通过

D.若质点能两次到达某一位置，则两次到达这一位置的速度大小一定相等27.甲、乙两车在同一直车道上运动，甲车在前，乙车在后，通过红灯时它们同时开始做减速运动，并安全停车，两车的v—t图象如图所示，下列判断正确的是(

)

A.t=4 s时两车相距最远 B.t=6 s28.质量为M的凹槽静止在水平地面上，内壁为光滑的半圆柱面，截面如图所示，A为半圆的最低点，B为半圆水平直径的端点。凹槽内有一质量为m的小滑块，用力F推动小滑块由A点向B点缓慢移动，力F的方向始终沿圆弧的切线方向，而凹槽始终静止。在此过程中，下列说法正确的是(

)

A.推力F先增大后减小 B.凹槽对滑块的支持力先减小后增大

C.水平地面对凹槽的摩擦力方向向右 D.水平地面对凹槽的支持力一直减小29.有四个运动的物体A、B、C、D，物体A、B运动的x−t图像如图甲所示，物体C、D从同一地点沿同一方向运动的v−t图像如图乙所示。根据图像作出的以下判断中正确的是(

)A.物体A和B均做加速直线运动，且A的加速度比B的加速度大

B.物体A和B均做匀速直线运动，且A的速度比B的速度大

C.物体C的加速度比D的加速度大

D.t=5 s时，物体C30.北京时间2021年10月17日9时50分，神舟十三号三位航天员成功开启货物舱舱门，并顺利进入天舟三号货运飞船。三人将在轨驻留6个月，开展机械臂操作、出舱活动、舱段转移等工作A.描述空间站的运动，只能选地面作为参考系

B.航天员出舱活动时，空间站可以视为质点

C.开展机械臂操作时，机械臂不可视为质点

D.“在轨驻留6个月”是指一个时刻31.某质点做直线运动的位移随时间变化规律的关系式是：x=4t+2t2，x与t的单位分别为A.质点做匀速直线运动 B.质点的加速度大小为2m/s2

C.质点的初速度大小为4m/32.关于自由落体运动，下列说法正确的是(

)A.物体竖直向下的运动就是自由落体运动

B.自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动

C.只有重力很大的物体下落才能看成自由落体运动

D.重力加速度表示自由下落的物体的运动快慢33.小球从靠近竖直砖墙的某个位置(可能不是图中1的位置)由静止释放，用频闪方法拍摄的小球位置如图中1、2、3和4所示。已知连续两次闪光的时间间隔均为T，每块砖的厚度为d，重力加速度为g，可知小球(

)

A.经过位置2时的瞬时速度大小约2

B.从位置1到4过程中的平均速度大小约为9

C.下落过程中的加速度大小约为dT2

D.小球的静止释放点距离位置134.某人沿着半径为R的水平圆周跑道跑了1.75圈时，他的(

)A.路程和位移的大小均为3.5πR路程和位移的大小均为2R

C.路程为3.5πR，位移的大小为2R35.在“探究小车速度随时间变化的规律”的实验中，使用电磁打点计时器(所用交流电的频率为50Hz)，得到如图所示的纸带，图中的点为计数点，相邻两计数点间还有四个点未画出来，下列表述正确的是(

)

A.实验时应先放开纸带再接通电源

B.从纸带上不可能求出计数点C对应的速率

C.从纸带上可以求出计数点B对应的速率

D.相邻两个计数点间的时间间隔为0.0236.一名宇航员在某星球上做自由落体运动实验，让一个质量为2 kg的小球从一定的高度自由下落，测得在第4 s内的位移是A.小球在2 s末的速度大小是16 m/s B.该星球上的重力加速度为12 m/s2

37.一个物体做自由落体运动，重力加速度g取10m/s2A.第2s末的速度大小为10 m/s

B.第3s末的速度大小为20m/s

C.在前3二、多选题（本大题共5小题，共分）38.如图所示，将半径为R的光滑圆环固定在竖直平面内，轻质弹簧一端固定在圆环的最高点A，另一端与套在圆环上的小球相连。小球的质量为m，B点与圆环的圆心O等高，静止时小球在B点；换用原长相同、劲度系数更小的轻质弹簧后，使小球静止于圆环上B点下方的C点(图中未画出)，重力加速度大小为g，下列说法正确的是(

)

A.小球静止在B点时，圆环对小球的作用力大于mg

B.小球静止在B点时，圆环对小球的作用力方向由O点指向B点

C.小球静止在C点时，弹簧的弹力变小

D.小球静止在C39.如图所示，某赛车手在一次野外训练中，先用地图计算出出发地A和目的地B的直线距离为9km，实际从A运动到B用时5min，赛车上的里程表指示的里程数增加了15km，当他经过某路标C时，车内速度计指示的示数为A.整个过程中赛车的平均速率为180km/h

B.整个过程中赛车的平均速度为108km/h

C.赛车经过路标C时的瞬时速度大小为15040.如图所示，长木板放置在水平地面上，一物块置于长木板的中央，长木板和物块的质量均为m，物块与木板间的动摩擦因数为μ，木板与水平地面间动摩擦因数为μ3，已知最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，重力加速度为g，现对物块施加一水平向右的拉力F，则下列说法中正确的是(

)

A.木板受到地面的摩擦力可能等于F

B.F<μmg时，物块始终保持静止

C.长木板的加速度可能等于μ41.两个人以不同的速率同时从圆形轨道的A点出发，分别沿ABC和ADE方向行走，经过一段时间后在F点相遇(图中未画出)，从出发到相遇的过程中，描述两人运动情况的物理量相同的是(

)A.位移 B.速度 C.时间 D.平均速率42.如图甲所示是一种速度传感器的工作原理图，在这个系统中B为一个能发射超声波的固定小盒子，工作时小盒子B向匀速直线运动的被测物体发出短暂的超声波脉冲，脉冲被运动的物体反射后又被小盒子B接收，从小盒子B发射超声波开始计时，经Δt时间再次发射超声波脉冲，图乙是连续两次发射的超声波的位移—时间图像。则下列说法正确的是(

)

A.超声波的速度为v声=2x1t1 B.超声波的速度为v声第II卷（非选择题）三、实验题（本大题共5小题，共分）43.在探究小车速度随时间变化规律的实验中：(1)甲同学在测定匀变速直线运动的加速度时，得到了一条较为理想的纸带。已在纸带上每5个计时点取好了一个计数点，依打点先后编为0、1、2、3、4、5。由于不小心，纸带被撕断了，如图所示。请根据给出的A、B、C、D四段纸带回答：从纸带A上撕下的那段应该是B、C、D三段纸带中的________。(A.

B.C.

D.(2)乙同学得到一条纸带，如图(a)所示，将纸带沿计数点剪断得到乙同学认为，若用横轴表示时间t，纸带宽度表示相邻计数点时间间隔T，纵轴表示相邻计数点距离xn(n=1、2、3、4、5、6)A.各计数周期内的位移

B.C.纸带运动的加速度

D.(3)丙同学得到纸带后测量了5段位移，依次为S1、S2、S3、S444.2020年5月，我国进行了珠穆朗玛峰的高度测量，其中一种方法是通过使用重力仪测量重力加速度，进而间接测量海拔高度。某同学受此启发就地取材设计了如下实验，测量当地重力加速度的大小。实验步骤如下：

(i)如图甲所示，选择合适高度的垫块，使木板的倾角为53°，在其上表面固定一与小物块下滑路径平行的刻度尺(图中未画出)。

(ii)调整使其摄像头正对木板表面，开启视频录像功能。将小物块从木板顶端释放，用记录下小物块沿木板向下做加速直线运动的情况。然后通过录像的回放，选择小物块运动路径上合适的一点作为测量参考点，得到小物块相对于该点的运动距离L与运动时间t的数据。

(iii)该同学选取部分实验数据，画出了2Lt−t图象，利用图象数据得到小物块下滑的加速度大小为5.6m/s2。

(iv)再次调节垫块，改变木板的倾角，重复实验。

回答以下问题：

(1)当木板的倾角为37°时，所绘图象如图乙所示。由图象可得，物块过测量参考点时速度的大小为______m/s；选取图线上位于坐标纸网格交叉点上的A、B两点，利用A45.《科学探究：加速度与力、质量的关系》实验装置如图1所示。

(1)某实验小组，用小桶及桶中砝码的总重力mg做为滑块所受合力F。在研究滑块质量一定时，加速度与合外力之间关系实验中，根据实验数据画得如图2所示a−F图，从图中可以发现，滑块加速度a与合外力F______(填：“成正比”或“不成正比”)，造成这个结果的主要原因是在平衡摩擦力的环节中，滑板下面的垫块垫的______(填“太高”或“太低”)

(2)实验中，用小桶和砝码总重力mg做为滑块受到细线拉力F，这会造成系统误差，滑块受到细线的拉力F______(填“大于”、“等于”或“小于”)46.某一学习小组的同学想通过打点计时器在纸带上打出的点迹来探究小车速度随时间变化的规律，实验装置如图所示。(1)常见的打点计时器有两种：________________和________________，它们使用的都是________电源(填“直流”或“交流”)，当电源频率为50Hz(2)关于本实验，下列说法正确的是A.释放纸带的同时，接通电源B.先接通电源打点，后释放纸带运动C.先释放纸带运动，后接通电源打点D.纸带上的点迹越密集，说明纸带运动的速度越小(3)要测量小车的速度。除打点计时器(含所用电源、纸带、墨粉纸盘)外还必须使用的测量工具是(4)该小组在规范操作下得到一条点迹清晰的纸带如图所示，在纸带上依次选出7个计数点，分别标上O、A、B、C、D、E和F，每相邻的两个计数点间还有四个点未画出，打点计时器所用电源的频率是①每相邻两计数点的时间间隔为________s，如果测得C、D两点间距x4=2.70cm，D、E两点间距x5=2.90cm，则打②该同学分别算出其他各点的速度：vA=0.220m/s，vB=0.241m/47.在“探究小车速度随时间变化的规律”的实验中，实验装置如图甲所示。(1)A.调节滑轮使细线与轨道平行

B.C.小车靠近打点计时器静止释放

D.(2)经正确操作后打出一条纸带，截取其中一段如图乙所示。选取连续打出的点0、1、2，3、4为计数点，则计数点1的读数为___________cm。已知打点计时器所用交流电源的频率为50Hz，则打计数点2时小车的速度大小为___________m(3)用图甲所示装置做“探究加速度与力、质量的关系”实验，实验中细线拉力大小近似等于重物所受重力大小，则实验中重物应选用下图中的_________(选填“A”、“B”或“C”A.

B．

C．

四、计算题（本大题共8小题，共分）48.如图所示，一只可爱的企鹅在倾角为37°的冰面上玩要，先以恒定加速度从冰面底部由静止开始沿直线向上“奔跑”，经t=0.8s后，在x=0.64m处，突然卧倒以肚皮贴着冰面向前滑行，最后退滑到出发点。企鹅在滑行过程中姿势保持不变，企鹅肚皮与冰面间的动摩擦因数μ(1)企鹅向上“奔跑”的加速度大小(2)企鹅滑行过程所用的总时间t总49.2018年8月7日，瑞士查莫森镇一个小村庄因连续暴雨导致泥石流，黑色泥石流奔腾而下，场面骇人。假如一汽车停在小山坡底，突然司机发现在距坡底240m的山坡处泥石流以8m/s的初速度、0.4m(1(250.如图甲所示为某校秋季运动会开幕式采用无人机拍摄的照片，图乙为正在高空进行拍摄的无人机。已知无人机质量m=1 kg，动力系统能提供的最大升力F(1(2)无人机在竖直上升过程中所受阻力(3)无人机从地面起飞竖直上升至离地高度51.按照规定，汽车应慢速通过隧道。某汽车(可看成质点)在过隧道前将速度从25m/s匀减速到10m/s，此时恰好到达隧道入口，然后匀速通过52.如图所示为无人机，它是一种能够垂直起降的小型遥控飞行器。在一次训练使用中，t=0时无人机在地面上从静止开始匀加速竖直向上起飞，t=4s时无人机出现故障突然失去升力，此时离地面高度为h=40(1(2(3)无人机从出现故障到刚坠落地面的时间。(结果可用根式表示53.如图所示，运动员以v0=3m/s的速度将冰壶沿水平冰面投出，冰壶在冰面上沿直线滑行(1)滑行20m(2)滑至20m(3)投出后在冰面上滑行的距离54.火车正常行驶的速度是54 km/h，关闭发动机后，开始做匀减速直线运动，(1(2(3)55.东京奥运会上，14岁女孩全红婵一鸣惊人，作为中国奥运代表团最年轻的运动员，以创纪录的成绩夺得10米跳台冠军，让五星红旗高高飘扬在东京水上运动中心上空。假设全红婵从离水面10m高的平台上向上跃起，举起双臂直体离开台面，此时其重心位于从手到脚全长的中点，跃起后重心升高0.45m到最高点，落水时身体竖直，手先入水(在此过程中运动员水平方向的运动忽略不计)，(g=10m/s2,2.09≈1.45)答案和解析1.【答案】B

【解析】地球上的一切物体都受到重力，因而物体一定受重力;重力会使物体紧压斜面，因而斜面对物体有支持力;若斜面光滑，物体会在重力的作用下沿斜面下滑，说明物体相对斜面有向下滑动的趋势，故还受到沿斜面向上的静摩擦力，即物体受重力、支持力、静摩擦力。物体不受到下滑力，下滑力是重力沿斜面的分力；垂直斜面的压力作用在斜面上，不是物体受到的，故B正确，ACD错误。故选B。2.【答案】B

【解析】【分析】

本题解题的关键是先求出合力，再根据牛顿第二定律确定加速度。

【解答】

根据二力合成的规律可知合力F=82+62N=10N，

再根据牛顿第二定律公式F3.【答案】B

【解析】【分析】

飞机停止时末速度为0，已知初速度和加速度，根据位移−速度关系式解出飞机停下来所需的位移。

本题为汽车刹车类问题，要注意本题也可以将匀减速直到停止的运动看作反向的初速度为零的匀加速运动来求解，这样更容易理解和应用匀变速运动公式，这是一种逆向思维方式有利于解题。

【解答】

设飞机的初速度方向为正方向，则加速度a=−3m/s2；

由于飞机做匀减速直线运动直到停止，由位移−速度关系式：v2−v02=4.【答案】A

【解析】AB.书对水平桌面的压力是由于书发生向上的微小形变，要恢复原状而对桌面产生向下的弹力，即是压力，因此书对桌面的压力是书发生形变产生的，故A正确，C.桌面对书的支持力是桌面发生形变后，要恢复原状而产生的弹力，故C错误；D.书静止在水平桌面上，书对桌面的压力在数值上等于书所受的重力，由于压力与重力的性质、施力物体和受力物体都不同，不能说压力就是重力，故D错误。故选A。5.【答案】D

【解析】当小球速度为零时，到达最高点，所需时间t故选D。6.【答案】D

【解析】解：A.在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法是建立物理模型法，故A错误；

B.探究合力与分力的关系实验，应用了等效替代法，故B错误；

C.借助激光器及平面镜观察桌面的微小形变的实验中，运用了放大法，故C错误；

D.在实验探究加速度a与力F，质量m的关系时，先保持m不变，探究a与F的关系，再保持F不变，探究a与m的关系，最后将a、F、m的关系综合起来，运用了控制变量法，故D正确。

故选：D。

用质点来代替物体的方法叫理想化模型法；合力与分力等效替代的关系；采用放大法，借助激光器及平面镜观察桌面的微小形变；探究一个量与多个量的关系时，要用控制变量法。

7.【答案】C

【解析】【分析】

设甲、乙两地往返一次的路程为2d，船在静水中的速度为v，水流的速度为u，根据v=st得到船在静水中往返一次的时间，以及船顺水所需的时间和逆水所需的时间，然后比较即可解答。

【解答】

设甲、乙两地往返一次的路程为2d，船在静水中的速度为v，水流的速度为u，根据t=sv，河水静止时，往返一次需时间t1=2dv8.【答案】B

【解析】解：①由于木板处于静止状态，对木板受力分析：水平方向受到木块向右的滑动摩擦力f1和地面的向左的静摩擦力f2，其中f1=μ1mg，由平衡条件得：f2=f1=μ1mg，故①正确。

②由于木板相对于地面是否刚好滑动不能确定，地面对木板的静摩擦力不一定达到最大，则木板受到地面的摩擦力的大小不一定是μ2(m+M)g，故②错误。

③开始时木板处于静止状态，说明木块与木板之间的摩擦力小于木板与地面之间的最大静摩擦力，与拉力F的大小无关，所以当F>μ2(m+M)g时，木板仍静止，故③错误；

④由③的分析可知，增大力F时只会改变m的运动状态，不会改变m对M的摩擦力大小；所以木板受到水平方向作用力等于m对M9.【答案】C

【解析】【分析】

人和电梯在整个过程中的运动情况，电梯在整个运动过程中的速度不变，由人沿电梯上行和下行所走的路程相等，建立方程即可求解。

两个物体沿同一直线运动，讨论两个物体运动速度关系，在分析每个物体运动情况时，要注意运动的相对性，明确运动的参照物。

【解答】

设v1为人的速度，v2为电梯的速度，自动扶梯总级数为N，上楼时，时间为t1

则v1t1+v2t1=N，v1t1=N1

下楼时，时间为t2

v110.【答案】C

【解析】【分析】

本题考查加速度与速度的关系，知道加速度与速度量值上没有必然的联系是解题的关键点。

【解答】

A.物体甲的加速度为正值，但是速度的方向未知，无法确定物体甲做加速运动还是减速运动，故A错误；

BC.加速度的正负表示方向，其绝对值表示加速度的大小，可知物体乙的加速度比物体甲的加速度大，故B错误，C正确；

D.由于速度大小与加速度大小没有必然联系，所以甲的速度不一定小于乙的速度，故D错误。

故选11.【答案】D

【解析】A.t=20sBC.乙车的加速度为a0∼20s10s末甲车的速度为乙车的速度为v10s内甲车平均速度为10s内乙车平均速度为故BC错误；D.图象与坐标轴围成的面积代表车的位移，由图可知0∼Δ故D正确。故选D。12.【答案】D

【解析】解：货物放置在板车上，与板车一起向右做匀速直线运动，有

N=mgcosθ

f=mgsinθ

现拉动板车向右加速运动，对货物，根据牛顿第二定律有

水平方向f′cosθ−N′sinθ=13.【答案】C

【解析】解：根据匀变速直线运动的规律Δx=aT2得加速度的大小为a=9−712m/s2=2m/s2，

根据位移时间关系可得第1s内的位移：x1=v0T−12aT14.【答案】C

【解析】【分析】

根据速度的正负判断速度的方向。速度图象的斜率等于加速度。根据图线速度变化的变化分析物体做什么运动。

本题考查v−t图象，要熟练掌握v−t图象中所蕴含的信息是解题关键。

【解答】

由题图可知，物体的初速度v0=−2 15.【答案】D

【解析】【分析】

速度变化量等于末速度减去初速度，加速度是反映速度变化快慢的物理量，加速度大小通过加速度的定义式进行计算。

加速度是高中阶段常见的物理量，要深刻理解加速度的物理意义。

【解答】

A、甲汽车的速度变化量：Δv1=0−72km/h=−72km/h=−20m/s，乙汽车的速度变化量：16.【答案】C

【解析】【分析】本题考查了牛顿第二定律的应用，对木块根据受力求解动摩擦因数，对整体受力分析求解支持力和摩擦力。【解答】

A、对木块A受分析知，沿斜面方向上由牛顿第二定律得：mgsinθB、由于A物体沿斜面加速下滑，加速度方向沿斜面向下，所以木块A处于失重状态，故对整体受力分析知地面对斜面的支持力小于整体的重力，故B错误；CD、对整体受力分析，斜面静止不动，由于木块A的加速度沿斜面向下，则将其加速度分解到水平方向，则水平向右的加速度为：ax=acos17.【答案】D

【解析】解：A.由题图知体重计示数为40kg，故在这段时间内晓敏处于失重状态，她对体重计的压力变小了，而她的重力没有改变，故A错误；

B.晓敏对体重计的压力与体重计对晓敏的支持力是作用力与反作用力的关系，大小始终相等，故B错误；

C.晓敏处于失重状态，加速度方向向下，可能向上做减速运动，也可能向下做加速运动，故C错误；

D.以竖直向下为正方向，对晓敏，根据牛顿第二定律有mg−F=ma，解得a18.【答案】A

【解析】A.由深度图像可知，图中

h3

代表本次下潜最大深度，故AB.

v−t

图线斜率代表加速度，全过程中最大加速度是在

0∼1min

和

3∼C.深潜器加速度向上，则深潜器可能向下减速，也可能向上加速；因

v−t

图线的斜率等于加速度，斜率的符号表示加速度的方向，故深潜器加速度方向向上发生在

3∼4min

和

D.

6∼10min

故选：A。19.【答案】D

【解析】【分析】

根据加速度的定义式a=ΔvΔt，加速度等于速度的变化率．物体的速度变化量大，加速度不一定大．加速度与速度无关，当加速度方向与速度方向相同时，物体做加速运动，相反时做减速运动．

本题考查了学生对加速度概念的理解情况，明确速度、加速度、速度变化量的关系，知道当加速度方向与速度方向相同时，物体做加速运动，当加速度方向与速度方向相反时，物体做减速运动．

【解答】

当加速度方向与速度方向相同时，物体做加速运动，速度增大，加速度方向为正时，若速度方向为负，则速度减小，故A错误；

加速度方向保持不变，若加速度与速度不同向，速度方向可能改变，故B错误；

当加速度方向与速度方向相反时，物体做减速运动，加速度增大，速度减小，故C错误，D20.【答案】C

【解析】【分析】

速度表示物体运动快慢的物理量，速度的正负表示运动的方向，加速度表示物体速度变化快慢的物理量，加速度的正负表示其方向，矢量的大小是其绝对值；根据速度−时间公式求解。

解决本题的关键知道速度和加速度的物理意义，掌握匀变速直线运动的速度−时间公式并能灵活运用。

【解答】

A、通过A点时，物体甲的速度是6m/s，物体乙的速度是2m/s，物体丙的速度是−4m/s，速度的大小是其绝对值，则知甲的速度最大，运动最快，乙的速度最小，运动最慢，故A错误；

B、通过A点前1s，根据速度−时间公式v=v0+at，可得甲的速度为：v甲=v0甲−a甲t=6m/s−1×1m/s=5m/s(看成沿相反方向的匀减速运动)。乙的速度为：v乙=v21.【答案】D

【解析】测试仪第一次发出信号和接收信号的时间是t测试仪第二次发出信号和接收信号的时间是t由此可知，被测汽车正在驶离测速仪，汽车在两次接收信号的过程中运动的时间为t汽车运动的距离为x则汽车的行驶速度为v故ABC错误，D正确。故选：D。22.【答案】D

【解析】【分析】

根据路程与位移的大小关系，结合相对运动的情况分析；根据平均速度的定义分析两个平均速度的大小。

该题考查相对运动，解答的关键是小球相对于电梯的运动具体情况是未知的，要全面考虑其可能的情况。

【解答】

A.小球在空中运动时，可能存在一直向上运动过程，因此位移大小可能等于路程，故A错误；BCD.因小球与电梯的位移相同，所以小球的平均速度一定等于电梯的速度，故B、C故选：D。23.【答案】D

【解析】A.由图像可知，甲物体做匀速直线运动，乙物体做往复运动，故A错误；B.位移−时间图线的斜率表示速度，

t1

时刻甲、乙两物体相遇，但速度不相等，故BC.0到

t2

时间内，甲、乙两物体的位移相等，所用时间相等，所以平均速度相等，故C

D.在

t1

到

t2

故选：D。24.【答案】A

【解析】【分析】

明确平均速度代替瞬时速度的方法，应明确我们是利用Δx趋向于0时的平均速度可近似等于瞬时速度。

解答本题应掌握关键问题，要使位移与时间的比值更接近一个瞬间只能减小宽度;其他实验方法均无能为力。

【解答】

A、瞬时速度表示运动物体在某一时刻(或经过某一位置)的速度，当Δt→0时，ΔxΔt可看成物体的瞬时速度，Δx

越小，Δt

也就越小，A项正确；

B、提高测量遮光条宽度的精确度，不能减小Δt，B项错误；

CD25.【答案】D

【解析】A.“牛从桥上过”以桥作为参考系，“桥流水不流”以水作为参考系，故A错误；B.“看山恰似走来迎”，被研究的物体是山在运动，山和船之间发生了位置的改变，所以是以船作为参考系，故B错误；C.“轻舟已过万重山”，研究的是轻舟相对于山的运动，故是以山为参考系的，故C错误；D.“卧看满天云不动，不知云与我俱东”，诗人以自己为参照物看云时，会认为“卧看满天云不动”的效果，故D正确。故选：D。26.【答案】C

【解析】AD、分析质点运动过程可知，质点在

0∼t1

时间内能两次到达的位置有两个，分别对应质点运动速度为零的两个位置，因此BC在质点沿负方向加速运动的过程中，质点可三次通过某一位置，这时质点两次加速，一次减速；在质点沿负方向减速运动的过程中，质点可三次通过某一位置，这时质点两次减速，一次加速，故C正确，D错误．

故选：C。27.【答案】A

【解析】A.甲车在前，乙车在后，在t=4s前，甲的速度大于乙的速度，故两者间的距离逐渐增大，故tB.在4∼6sC.在v—t图象中，斜率代表加速度，则

a甲=ΔvΔt=0−15D.根据A、B可知，甲、乙间的距离先增大后减小，故D错误。

故选：A。28.【答案】D

【解析】AB则有F=mgsin当滑块由A点向B点缓慢移动时，

θ

增大，可知推力F增大，凹槽对滑块的支持力减小，故AB错误；C.根据上述可知，推力F与水平方向夹角为

θ

，对凹槽与滑块整体分析可知，在推力F的作用下，凹槽与滑块整体有向右运动的趋势，则水平地面对凹槽的摩擦力方向向左，故C错误；D.根据上述，对凹槽与滑块整体分析有F解得Nθ

增大，可知水平地面对凹槽的支持力一直减小，故D正确。故选D。29.【答案】B

【解析】【分析】

对于位移时间图像和速度时间图像要从图像的数学意义来理解其物理意义，抓住斜率、面积、交点等数学意义分析物体的运动情况。要注意它们的区别，不能混淆。

位移−时间图像的斜率等于速度，倾斜的直线表示物体做匀速直线运动；速度−时间图像的斜率表示加速度，倾斜的直线表示匀变速直线运动。

【解答】

AB.题图甲为x−t图像，图像的斜率表示速度，所以物体A和B均做匀速直线运动，斜率的大小反映速度大小，则A的速度比B的速度大，故A错误，B正确；

C.物体C和D均做匀变速直线运动，图像的斜率表示加速度，斜率绝对值越大，加速度越大，则C的加速度比D的加速度小，故C错误；

D.t=5s时，物体C与物体D30.【答案】C

【解析】【分析】

本题考查了质点、参考系和时间。参考系的选择是任意的；当物体的大小和形状在研究的问题中能忽略，物体可以看成质点；时刻对应一个时间点，时间间隔是一个时间段。

【解答】

A.参考系的选取是任意的，任何物体都可以作为参考系，故A错误；

B、航天员出舱活动时，空间站的大小、形状不能忽略，所以不能视为质点，故B错误；

C、开展机械臂操作时，机械臂的形状、大小、姿势不能忽略，所以不可视为质点，故C正确；

D、“在轨驻留6个月”其中“6个月”是一个时间段，是时间间隔，故D错误。31.【答案】C

【解析】ABC所以物体的初速度和加速度分别为v故AB错误，C正确；D.质点在2s末的速度为故D错误。故选：C。32.【答案】B

【解析】AB.自由落体运动是初速度为零，只受重力作用的运动，所以自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动，而物体竖直向下的运动就不一定是自由落体运动，故A错误，C.重力很大的物体下落时，如果有初速度，或者还受到除重力以外的其他力作用，该物体也不是自由落体运动，故C错误；D.重力加速度表示自由下落的物体的运动变化快慢，故D错误。故选：B。33.【答案】C

【解析】A.球经过位置2的瞬时速度等于1、3段的平均速度进行计算，即v2=2B.位置1到位置4的平均速度为v3=9C.由图可知，2、3与1、2两段的位移差为

Δx=d解得下落过程中的加速度大小为a=dTD.设释放点距离位置1为h，则从释放点到2位置，则有h将

v2=5d2T

小球的静止释放点距离位置1为

98d

，故故选：C。34.【答案】C

【解析】如图所示该人沿跑道由A经1.75圈运动到B点，此过程中位移大小x路程大小s故C正确，ABD错误。故选：C。35.【答案】C

【解析】A.实验时应先接通电源再放开纸带，A错误；BC.根据C点为B与D的中间时刻点，则有vC同理可得vB=sD.由于相邻的计数点之间还有4个点没有画出，所以时间间隔应为0.1s，D故选：C。36.【答案】B

【解析】AB.设该星球的重力加速度为g，小球第4 s内的位移是42 m，有1其中t4=4 所以小球在2 s故A错误，B正确；C.小球在第4 s末的速度大小是v4D.小球在4 s内的位移是x=

12

故选：B。37.【答案】C

【解析】A.根据自由落体运动速度公式可知第2s末的速度为，故A错误；B.根据自由落体运动速度公式可知第3s末的速度为，故B错误；CD.根据自由落体运动位移公式可知前3s内的位移为h=1故选：C。38.【答案】BD【解析】A.由几何关系可得，小球静止在B点时，圆环对小球的作用力等于mg，故AB.小球静止在B点时，圆环对小球的作用力方向由O点指向B点，故B正确；CD.小球静止在C点在B点下方，由几何关系可知，环对小球的支持力始终为mg，环对小球的支持力与重力的夹角变小，合力变大，弹簧的弹力变大，故C错误，D故选BD。39.【答案】BC【解析】解：AB、平均速度等于位移与时间的比值即v=xt=9000300m/s=30m/s=108km/h，故A错误，B正确；

C、车内速度计指示的示数为40.【答案】AC【解析】由题可知，两物体之间的最大静摩擦力为f′m=A.若木板和物块都静止，根据整体法有F≤f′m=23BCD.对木板分析，当两者恰好发生相对滑动时，根据牛顿第二定律有μmg−23μmg=ma0，解得a故选ACD。41.【答案】AC【解析】A.位移只与初末位置有关，初末位置相同，则两人运动的位移相同，相遇时所用时间相同，故AC正确；B.两人做曲线运动，速度方向一直在变，故速度不相同，故B错误；D.运动的路程未知，无法计算平均速率，故D错误。故选：AC42.【答案】AD【解析】AB.由乙图可知，超声波在

t12

选项A正确，B错误；CD.由题可知物体通过的位移为x所以物体的速度为1选项C错误，D正确。故选：AD43.【答案】(1【解析】【分析】

本题为探究小车速度随时间变化规律的实验；在处理纸带问题时，要掌握匀变速直线运动的两大推论：①匀变速直线运动中间时刻速度等于平均速度；②逐差法。

(1)匀变速直线运动中，在连续相等的时间间隔内位移之差为一个恒量，即Δx=aT2；

(2)根据不同的坐标轴意义，直线斜率所表示的含义也不同，根据公式即可判断；

(3)匀变速直线运动中，在连续相等的时间间隔内位移之差为一个恒量，即由于xm−xn=(m(2)若用横轴表示时间t，纸带宽度表示相邻计数点时间间隔T，纵轴表示相邻计数点距离xn(n=1、2、3、4、5、6)，(3)由于xm−xn=44.【答案】(1)0.32或0.33；3.1【解析】【分析】

本题主要是考查测定重力加速度实验，要求能够理解实验原理和实验操作方法，知道数据的处理方法，注意图象的单位不要弄错。

(1)根据位移−时间关系得到2Lt−t的关系式，根据图线的截距和斜率求解；

(2)当木板的倾角分别为53°、37°时，对小物块进行受力分析，根据牛顿第二定律列方程求解。

【解答】

解：(1)设物块过测量参考点时速度的大小为v0，根据位移−时间关系可得：

L=v0t+12at2

所以有：2Lt=2v0+at，45.【答案】(1)不成正比，太高；(【解析】【分析】

本题主要考查了牛顿第二定律的验证实验，根据实验原理掌握正确的实验操作，结合a−F图像完成对实验的分析。

(1)根据图像得出加速度与合外力的关系，同时结合实验原理分析出可能的原因；

(2)根据牛顿第二定律分析出细线拉力与重力mg的关系。

【解答】

(1)由图可知，滑块加速度与合外力不成正比；造成这个结果的主要原因是在平衡摩擦力的环节中，滑板下面的垫块垫太高，导致合外力为零时，滑块已经有了一定的加速度；

(2)设滑块的质量为M，由牛顿第二定律可知，F46.【答案】(1)电磁打点计时器；电火花计时器；交流；0.02；

(2)BD；

(3)刻度尺；

(【解析】【分析】

(1)根据电磁打点与电火花计时器，均使用交流电源，再由周期与频率是倒数关系分析；

(2)实验时先接通电源再释放纸带；结合相等时间内的位移大小判断纸带的运动速度；

(3)根据平均速度等于位移与时间的比值，再由中点时刻瞬时速度等于这段时间内的平均速度，即可求解；

(4)依据各点的速度，再结合描点法，从而作出图象，确定速度变化规律。

考查打点计时器的类型，掌握求解瞬时速度的方法，理解探究小车速度随时间变化的规律实验的原理，及操作要求，与注意事项。

【解答】

(1)常见的打点计时器有两种，电磁打点计时器和电火花计时器；

它们使用的都是交流电源，当电源频率为50Hz时，每隔T=1f=0.02s打一个点；

(2)ABC、实验中为了在纸带上打出更多的点，为了打点的稳定，具体操作中要求先启动打点计时器然后释放纸带，故AC错误，B正确；

D、纸带上打点密集说明，纸带运动的速度较小，故D正确；

故选：BD；

(3)要测量小车的速度，依据中点时刻瞬时速度等于这段时间内的平均速度，而平均速度等于位移与时间的比值，因此除打点计时器(含所用电源、纸带、墨粉纸盘)外还必须使用的测量工