2024届上海市闵行七校高一物理第一学期期末监测模拟试题含解析

2024届上海市闵行七校高一物理第一学期期末监测模拟试题注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、如图所示，一质量为m的滑块置于倾角θ=30°，质量为M的直角三角形斜劈的底端，现通过一质量不计的细绳给滑块施加一方向沿斜面向上的拉力F，大小为mg，使滑块沿斜面匀速上滑，整个过程中斜劈处于静止状态，若斜劈与滑块、斜劈与地面间的动摩擦因数均为μ，已知重力加速度大小为g．则A.斜劈对滑块的支持力大小为mgB.斜劈对滑块的作用力大小为mgC.动摩擦因数μ=0.5D.水平面对斜劈的摩擦力大小为mg2、如图所示，固定在竖直平面内的光滑圆环的最高点有一个光滑的小孔。质量为m的小球套在圆环上，一根细线的下端系着小球，上端穿过小孔用手拉住。现拉动细线，使小球沿圆环缓慢上移，在移动过程中，手对细线的拉力F和圆环对小球的弹力FN的大小变化情况是（）A.F不变，FN增大 B.F不变，FN减小C.F减小，FN不变 D.F增大，FN减小3、某质点做直线运动的位移x与时间t的关系为x=5t＋t2（各物理量均采用国际单位），下列关于该质点运动叙述正确的是A.质点做匀加速直线运动B.质点做匀减速直线运动C.该质点的初速度为0D.该质点的加速度大小为1m/s24、如图甲所示为某景区内的高空滑索运动，质量为m的游客可利用轻绳通过轻质滑环悬吊下滑。假设某阶段钢索与水平方向的夹角θ=30º，轻绳始终保持竖直，示意图如图乙，在这一阶段（）A.钢索对滑环的摩擦力为0B.钢索对滑环的支持力为0.5mgC.游客运动的加速度为0D.钢索与滑环间的动摩擦因数为0.55、在力的分解中，已知合力F＝40N，分力F1的方向与合力的夹角为37°，如图所示，则当另一分力F2取最小值时，分力F1的大小为（已知sin37°＝0.6，cos37°＝0.8）（）A.24N B.30NC.32N D.50N6、有一恒力F施于质量为m1的物体上，产生加速度a1；若此力施于质量m2的物体上，产生加速度a2，若此力施于质量为m1+m2的物体上，产生的加速度为（）A.a1+a2B.C.D.7、甲、乙两汽车在某平直公路上做直线运动，某时刻经过同一地点，从该时刻开始计时，其v－t图象如图所示．根据图象提供的信息可知()A.从t＝0时刻起，开始时甲在前，6s末乙追上甲B.从t＝0时刻起，开始时甲在前，在乙追上甲前，甲、乙相距最远12.5mC.8s末甲、乙相遇，且距离t＝0时的位置40mD.在0～4s内与4～6s内甲的平均速度相等8、两倾角分别为和的A、B两光滑斜面固定在电梯上，质量为m的均质圆柱置于之间，剖面如图所示。重力加速度为g，当电梯以大小为a的加速度加速上升时，圆柱对斜面A、B压力的大小分别为F1、F2，则A. B.C D.9、为保障市民安全出行，有关部门规定：对乘坐轨道交通的乘客所携带的物品实施安全检查．如图甲所示为乘客在进入地铁站乘车前，将携带的物品放到水平传送带上通过检测仪接受检查时的情景．如图乙所示为水平传送带装置示意图．紧绷的传送带ab始终以lm／s的恒定速率运行，乘客将一质量为4kg的行李无初速度地放在传送带左端的a点，设行李与传送带之间的动摩擦因素=0.1，a、b间的距离为2m，g取10m／s2．下列速度-时间（v-t）图象和位移-时间（x-t）图像中，可能正确反映行李在a、b之间的运动情况的有（）A. B.C. D.10、行星沿不同的椭圆轨道绕太阳运动，根据开普勒行星运动定律可知（）A.所有椭圆轨道的中心重合，太阳处在该中心上B.所有行星都是在近日点速度比在远日点的速度大C.椭圆轨道半长轴长的行星，绕太阳运行一周的时间也长D.如果将行星的轨道近似看作圆，则行星做匀速圆周运动11、升降机地板上放着一个弹簧秤，盘中放一质量为m的物体，当秤的读数为1.5mg时，升降机的运动可能是（）A.加速上升 B.减速上升C.减速下降 D.加速下降12、甲、乙两个质点同时同地向同一方向做直线运动，甲做匀速运动，乙在前一秒内做匀加速运动，之后做变加速运动，它们的v-t图象如图所示，则下列说法中正确的是（）A.1s前甲在前，1s后乙在前B.两质点相遇时距出发点40mC.前4s时间内乙的平均速度大于甲的平均速度D.前4s时间内质点之间的最大距离可能是11m二．填空题(每小题6分，共18分)13、14、15、三．计算题(22分)16、（12分）如图所示，一水平轨道和与一倾角为α=37°的斜面轨道在B点处平滑连接（物块经过B点前后的速度大小不变）。一质量为5kg的物块在大小为40N，与水平方向成θ=53°角的斜向下推力作用下沿水平轨道从A点由静止开始向B点运动，物块经过B点后推力立即反向，但大小不变，物块继续沿斜面向上运动，到达最高点C后立即撤去F。已知物块与水平轨道和倾斜轨道的动摩擦因数分别为μ1=0.25和μ2=，AB间距离L=12.6m。g=10m/s2，sin53°=0.8，cos53°=0.6，。求：（1）物块由A到B运动过程中的加速度大小；（2）物块第一次到达B点时的速度大小；（3）物块运动的总时间t。17、（10分）如图（甲）所示，蹦极是一项非常刺激的户外休闲活动．为了研究蹦极运动做以下简化：将跳跃者视为质量为m的质点，他的运动沿竖直方向，且初速度为0．弹性绳的原长为L，劲度系数为k，其形变量与所受拉力成正比．跳跃者下落1.5L时到达最低点．此过程中忽略空气阻力和弹性绳质量，重力加速度为g．求：（1）当弹性绳刚好被拉直时，跳跃者的速度大小；（2）当跳跃者速度达到最大时，距起跳平台的高度；（3）取起跳位置为坐标原点O，取竖直向下为正方向，建立x轴．在跳跃者从开始跳下到最低点的过程中，跳跃者的位移为x，加速度为a，在图（乙）中定性画出a随x变化关系的图像

参考答案一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、B【解题分析】斜劈对滑块的支持力大小为mgcos30°=mg，选项A错误；滑块处于平衡状态，重力与拉力夹角为120°，重力与拉力合力为mg，则斜劈对滑块的作用力与重力和拉力合力等大反向，则斜劈对滑块的作用力大小为mg，选项B正确；根据，解得，选项C错误；对滑块和斜劈的整体，水平方向：Fcos30°=f，解得，选项D错误；故选B.2、C【解题分析】小球沿圆环缓慢上移可看成小球始终受力平衡，对小球进行受力分析，受力示意图如图所示由图可知，即当A点上移时，半径不变，AB长度减小，故F减小，FN不变，C正确。故选C。3、A【解题分析】根据x=v0t+at2=5t+t2得，质点的加速度a=2m/s2，初速度为v0=5m/s，两者都取正值，说明两者方向相同，则质点做初速度为5m/s，加速度为2m/s2的匀加速直线运动，故A正确，BCD错误．故选A.4、C【解题分析】A．以人为研究对象，受力分析如图1所示，由于细线竖直，所以人受到的绳子拉力和重力平衡；再以圆环为研究对象如图2所示，圆环受到拉力、支持力和摩擦力作用，故A错误；B．钢索对环的支持力大小为故B错误；C．游客做匀速直线运动，所以游客运动的加速度为零，故C正确；D．钢索受到的摩擦力为f=mgsin30°=μN解得故D错误。故选C。5、C【解题分析】已知合力和一个分力与合力的夹角，根据平行四边形定则作图分解即可；【题目详解】合力为，一个分力与水平方向的夹角是，根据平行四边形定则作图，如图所示：可知，分力的最小值为，则此时分力，故选项C正确，选项ABD错误【题目点拨】本题关键是确定合力与分力的方向，然后根据平行四边形定则作图分析，最后根据几何关系求解6、D【解题分析】恒力单独作用于两个物体上时，根据牛顿第二定律得：F=m1a1；F=m2a2；解得：，当F作用在质量为（m1+m2）的物体上时，根据牛顿第二定律得：，故选D7、BC【解题分析】A．在内，甲的位移乙的位移所以6s末乙未追上甲，故A错误；B．当两者速度相等时，距离最远，即5s末距离最远，此时最远距离为故B正确；C．6s以后，甲停止运动，因此相遇时，距离t=0的位置为40m，所用时间为故C正确；D．根据图象可知，在04s内甲的平均速度在46s内甲的平均速度故D错误。故选BC。8、AD【解题分析】对小球受力分析如图，由牛顿第二定律得得由三角函数关系得故选AD。9、AC【解题分析】分析出行李在传送带上的运动规律，结合牛顿第二定律得出行李的加速度，根据速度时间公式求出匀加速运动的时间，得出行李的速度—时间图线和位移—时间图线.【题目详解】行李放上传送带后，受到向右的摩擦力，加速度为：，行李做匀加速直线运动，速度达到传送带速度经历的时间为，而匀加速的位移，故此后的做匀速直线运动，时间；A、B、先匀加直再匀直的速度—时间图象为倾斜直线加平行于t轴的直线，故A正确，B错误.C、D、先匀加直再匀直的位移—时间图象为抛物线加倾斜直线，故C正确，D错误.故选AC.【题目点拨】解决本题的关键理清行李在传送带上的运动规律，通过牛顿第二定律和运动学公式综合求解，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁.10、BCD【解题分析】A．所有的行星围绕太阳运动的轨道都是椭圆，太阳处在所有椭圆的一个焦点上，故A错误；B．行星从近日点到远日点万有引力做负功，动能减小，速度减小，故B正确；C．根据开普勒第三定律得所有行星的轨道的半长轴的三次方跟公转周期的二次方的比值都相等，所以椭圆轨道半长轴长的行星，绕太阳运行一周的时间也长，故C正确；D．如果将行星的轨道近似看作圆，太阳对行星的引力提供其所需的向心力，则行星做匀速圆周运动，故D正确。故选BCD。11、AC【解题分析】根据题意可知秤的读数为1.5mg，大于物体的重力，所以物体处于超重状态，升降机的加速度向上，可能的情况是加速上升或减速下降，故AC正确，BD错误。故选AC。12、CD【解题分析】在速度时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，图象的斜率表示加速度，图象与坐标轴围成面积代表位移，平均速度等于位移除以时间．速度相等时两质点间的距离最大．结合几何知识分析【题目详解】A项：1s前甲的速度比乙的大，则甲在前．由图象可知，1s末两质点速度相等，但是没有相遇，所以1s后一段时间内，甲仍在乙的前面，故A错误；B项：由图象可知，4s末甲离出发点40米，而乙离出发点大于40m，此时两者没有相遇，故B错误；C项：前4s时间内乙的位移大于甲的位移，时间相同，所以前4s时间内乙的平均速度大于甲的平均速度，故C正确；D项：在两质点相遇前，1s末两质点之间的距离为5m，但是4s内不是1s末两者相距最远，而是4s末两者相距最远，故最远距离等于两质点位移之差，根据“面积法”知，最大距离大于，可能为11m，故D正确故选CD【题目点拨】本题是速度-时间图象的应用，关键要知道在速度-时间图象中图象与坐标轴围成的面积表示位移，通过面积法分析最大距离二．填空题(每小题6分，共18分)13、14、15、三．计算题(22分)16、（1）0.7m/s2（2）4.2m/s（3）9.36s【解题分析】（1）对物体受力分析可知：根据牛顿第二定律解得：a1=0.7m/s2（2）设物体运动到B点的速度为vB解得vB=4.2m/s（3）设物体在AB段运动时间为t1解得t1=6s设物体在BC段运动的加速度为a2，运动时间为t2，运动位移为x因为所以物体在斜面上不受摩擦力解得a2=6m/s2解得x=1.47m解得t2=0.7s设物体由C到B过程的加速度为a3，运动时间为t3解得a3=m/s2解得t3=2.1s物体滑回到B点的速度为v′B设物体在水平面运动的加速度为a4，运动时间为t4解得：t