2018年高考物理二轮专题复习能力升级练仿真模拟

第Ⅰ卷(选择题48分错的得0分)如图所示,倾角为θ的斜面体放在粗糙水平地面上,斜面顶端安有滑轮,不可伸长的轻绳连接A、B并跨过滑轮,A悬空,BF拉住绳上的一点,A从竖直缓慢移动到虚线位置,在此过程中斜面体与物体B始终保持静止。则()斜面体对地面的压力减小D.案DFA时,绳子的拉力增大,B所受的摩擦力可能增大,也可能减件得知,FN=mg,Ff=F,F增大时斜面体受到地面的摩擦力变大,地面对斜面体的弹力不变,故C错误,D正确。15.如图所示,A点由静止释放一弹性小球,B点发生碰撞,碰后小球速度大小不变,方向变为水平方向,C点,DB点正下方,B、Dh,则下列说法正确的是(A.A、B两点间的距离为2B.A、B两点间的距离为4C.C、DC、

答案

两点间的距离为AB段小球自由下落,BC段小球做平抛运动,两段时间相同,A、BB、计粒子重力, (答案由左手定则可判定甲粒子带正电,乙粒子带负电,AL,则由题知甲粒子运行的半径为√2L,乙粒子运行的半径为√2L,由洛伦兹力提供向心力有 E𝐵2𝑞2𝑟2,4倍,BBqv=m𝑣2F=Bqv=𝐵2𝑞2𝑟, 45°,90°,即甲粒子在磁场中的运行时间是乙粒子的一半,D错。(2017河南郑州模拟)如图所示,ab为环绕某红矮星运行的行星,a行星的运行轨道为圆轨道,b天,则下列说法正确的是()答案解析根据开普勒第三定律,行星半长轴的三次方与公转周期二次方成正比,即半长轴越长,周v=ට𝐺𝑀及离心运动可知,ab的最大速度,B错误。要求得红矮星的密度,需要知道近地卫星的周期,b不是近地卫星,b的周x变化的图象可能正确的是(答案解析①棒在未进入磁场前做自由落体运动,加速度为重力加速度,①棒进入磁场时,②棒开始做自由落体运动,在②棒进入磁场前的这段时间内,①2,此过程①棒做匀速运动,加速度为零;②棒进入磁场后,①、②棒均以相同速度切割磁感线,回路中没有感应电流,它们均只受重力直至①棒出磁场;而且①棒出磁场后不再受安培力,只受重力,②棒将做加速度减小的减速运动,A正确,B错误h守恒,动能与位移的关系是线性的;在①棒出磁场后,②棒切割磁感线且受到比重力大的安培力,继续在磁场中运动的动能减小且减小得越来越慢,②棒出磁场后只受重力,机械能守恒,动能与位移的关系是线性的,且斜率与刚开始下落时相同,选项D正确,C错误。19.(2017江西南昌模拟)图甲中的变压器为理想变压器,n1n2之比开状态,则()甲乙答案解析开关断开时,副线圈为R1和R2串联,电压表测量R2的电压,由图可知原线圈电压为圈电流为10√2A=√2A,所以原线圈电流为√2×1A=√2A,B错误;R2 P=2=(√P=2=(√ 并联部分的电压,并联部分电阻为R=1R=10Ω,所以并联部分的电压为10√2×并

是 X各粒子质量关系为𝑚మେ◌ୗ𝑚యେ◌ୗ>𝑚రେ◌ୗ◌ୣ 答案由质量数守恒及电荷数守恒可知,X是中子,A错误;17.6MeV的能量భ错误;平均每个核子释放的能量 =3.52MeV,C正确;这个反应的质量亏损Δm=𝑚మେ◌ୗభ 如图所示,水平向右的匀强电场中有一绝缘斜面,Ek0=30J的初动能从斜面A冲上斜面,B时返回,AB10J,克服重力做功24J,则()答案W电-WG-Wf=ΔEk,W电=4J,电场力做正功,滑块带J,6J,B12J,即重力势12J,C2Wf=Ek0-Ek,10J,D错第Ⅱ卷(非选择题62分第33~34题为选考题,考生根据要求做答)(一)必考题(47分(5分)如图所示,DIS实验装置研究支架上力的分解。A、B为两个相同的双向力传感器,该型号传感器在受到拉力时读数为正,受到压力时读数为负。A计的细绳,可在固定板上沿圆弧移动。B固定不动,0.3m的杆。将细绳连接在杆右端O点构成支架,保持杆在水平方向,按如下步骤操作:……θ…根据表格中的数据,A传感器对应的是表中 (选填“F1”或“F2”),钩码质量为kg(保留一位有效数字,g10m/s2) 答案(1)F1(2分 0.05(1分 (2)C(2分解析(1)由表格数据知,F1均是正值,说明传感器受到的都是拉力,因绳子只能提供拉力,故(2)本实验中多次对传感器进行调零,为了消除横杆自身重力对结果的影响,C甲(10分)在学习了伏安法测电阻之后,某课外活动小组想通过图甲所示的实验电路测定一个阻RxR0=10Ω,R50Ω的滑动变阻器,A1和A2是电流表,电源电动势E=4V,电源内阻忽略不计。该课外活动小组现有四只可供选择的电流表A.电流表(0~3mA,2.0Ω)B.电流表(0~0.3A,5.0Ω)C.电流表(0~3mA,内阻未知)则电流表A1应选 ;电流表A2应选 x的变化,A2的示数也随之发生变化,则下列四个选项中能正确反A2I2x的变化关系的是。该课外活动小组利用图甲所示的电路,通过改变滑动变阻器接入电路中的阻值,得到了若1212,12由图可知,Rx的阻值为。结果保留三位有效数字)乙答案(1)B(3分 D(2分 (2)B(2分3(1)由于在该实验电路中没有电压表,R0和电流表A1改装成电压表使用,A1的内阻应已知,A电流表,则流经该电流表的最大电流约为1A,3电流表的量程,B电流表,4A,小于该电流表的量流经电流表A2的电流为电路中的总电流,设滑动变阻器单位长度的电阻为r,则有 ,又因为R0RxR1R2等均为定值,令k=(𝑅0+𝑅1)𝑅𝑥+R2,则上式可变为I2=𝐸,(𝑅0+𝑅1)𝑅𝑥+𝑅

=𝐼1,而𝐼1即题图中I1-I2图线的 率,由图可知,𝐼1=7,Rx=35.0Ω 摩擦力极小,可以忽略不计,BA的最右端,BmB=2kg,AF=10N,A运动一段时间后,B发生碰撞,碰速度达到vt=2m/s,求:答案(1)2.5 (2)1 (3)0.45解析(1)以A为研究对象,由牛顿第二定律得F=mAa (2分)代入数据得a=2.5m/s2 (2分A、B碰撞后共同运动过程中选向右的方向为正由动量定理得 (2分代入数据解得v=1m/s (2分A、B碰撞过程动量守恒以A的初速度方向为正方向由动量守恒定律得 (2分2A从开始运动到与B发生碰撞前,由动能定理得Fl=1mA𝑣ଶ- (2分2联立并代入数据得l=0.45m (2分(18分)如图所示,O1r=0.10m的圆形区域内,存在着竖直向下、电场E=4√3×105V/m的匀强电场(图中未画出)y轴相切于直角坐标系Q点射出匀强电场区域,O1AO1Qθ=60°,求粒子从坐标原点O入射的初速度v0。5(1)3×106m/s(2)√3-15解析(1)由题意可知,该粒子将在匀强电场中做类平抛运动,设其在电场中的运动时间为t,粒子在电场中运动的加速度大小为a,则有r+rcos (1分2rsin (1分2 (1分以上三式联立可得v0=(1+cosθ)ට (2分 (2分(2)由题意可知,R=𝑚𝑣0=0.2m,O为圆心、OA=0.2mACyC点,C点为圆心、CO为半径作出粒子运动的轨迹交弧ACD点,OD=2r=0.2m,如图所示,D点作切线,OAF点,MNE点,E点即粒子能够打在荧光屏MN上的粒子离A点的最远距离(2分)由几何关系可知,sin (1分所以OF=Rtan (1分 (2分由几何关系可知 (1分所以AE=AFtan (2分 (2分55(1)(5分)下列说法正确的是。(12分,24分(10分)如图所示,竖直放置的粗细均匀的U形管内有一段水银柱,高,10.00cm的空气柱,10.00cm,此时大气压强p0=75cmHg,温度为27℃。若保持管中气体温度不变,往右侧管中慢慢地倒入水银,10.00(1)BCD(2)(ⅰ)510K(ⅱ)12.35解析(1)空气的相对湿度等于空气的绝对湿度与同温度下水的饱和汽压的比值,绝对湿度大时,同温度下的水的饱和汽压也可能大,所以相对湿度不一定大A气中的氮气和氧气的温度相同,分子平均动能相同,B收缩的趋势,Cb间分子力为零时,它们具有的分子势能一定最小D质量的理想气体等温膨胀,气体对外做功,而内能不变,根据热力学第一定律,气体一定从外界吸热,E

𝑝111

(2分==解得T2=510K (1分体的压强仍为p2=85cmHg(1分)根据玻意耳定律得 (2分加入的水银柱的长度为H=10cm+2×(10-150)cm=12.35cm (2分(1)(5分)如图所示,x轴正向传播,t=0时刻的实线波形经过Δt=0.6s m/s;经过Δt时间x=2m处的质点运动的路 (10分)一直角三棱镜的截面如图所示,∠B=90°,∠A=60°,AC面上,O点进入,AB