2021年江苏省南京市南师附中集团中考物理二模试卷（附答案详解）

2021年江苏省南京市南师附中集团中考物理二模试卷

1.科学家研发出一种由石墨烯制成的“排热被“，将其覆盖在电子元件上，可大幅度

降低电子元件工作时的温度。“排热被”能排热是利用石墨烯具有较好的（）

A.延展性B.隔热性C.导电性D.导热性

2.下列关于声现象的说法正确的是（）

A.超声波的速度一定比次声波的速度大

B.只要物体在振动，我们就能听到声音

C.根据音调可以判断是哪位歌手在唱歌

D.“禁止鸣笛”是为了在声源处减弱噪声

3.下列关于家庭电路和安全用电的说法正确的是（）

A.家庭电路的开关应该接在零线与用电器之间

B.使用测电笔时，手一定不能接触笔尾金属体

C.在家庭电路中，同时工作的用电器越多，总电阻越小

D.家庭电路中空气开关跳闸，一定是用电器总功率过大

5.下列现象中与冬天冰冻的衣服晾干吸放热情况相同的是（）

①春天冰雪消融②常温下干冰变小③深秋早晨大雾弥漫④初冬铁丝网上的霜

A.①②B.①④C.②③D.③④

6.关于粒子和宇宙，下列说法正确的是（）

A.破镜不能重圆，是因为分子间有斥力

B.微观电子的发现，说明原子是可分的

C.扫地时灰尘飞舞，说明分子在做无规则运动

D.地球绕太阳运动，说明太阳是宇宙的中心

7.下列有关热和能的说法中，正确的是（）

A.发生热传递时，温度总是从高温物体传递给低温物体

B.一块（TC的冰熔化成0汽的水，温度不变，内能变大

C.夏天教室内洒水降温，是利用了水的比热容较大的性质

D.汽油机的压缩冲程通过做功的方式将内能转化为机械能

8.将一杯牛奶放在水平桌面上（如图所示），下列关于作用力情况的1

分析，正确的是（）

A.杯子对牛奶的支持力是由于杯子的形变产生的

B.杯子和牛奶所受的总重力大于桌面对杯子的支持力

C.桌面对杯子的支持力与杯子受到的压力是一对相互作用力

D.杯子所受的重力与牛奶对杯子的压力是一对平衡力

9.如图甲是一种无线门铃发射器，其内部含有固定的永磁体、线圈和弹

簧.当手按门铃按钮时弹簧便推动线圈运动，门铃就发声.图乙四个实验

能反映其工作原理的是（）

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D.

10.如图所示，小车向右匀速运动，车内有一表面较粗糙的木小车运动方向

块，轻质弹簧一端与木块相连，另一端固定在车厢右壁，木块

此时弹簧刚好处于原长.下列说法正确的是（）

①若小车加速运动，则弹簧可能保持原来长度不变

②若木块突然压缩弹簧，则小车一定在做加速运动

③若木块受到向右的摩擦力，则小车一定在做加速运动

④若木块受到三个力的作用，则小车一定在做减速运动

A.①②B.①③C.②③D.③④

11.待测电阻&的阻值约为5000。提供的器材有:两节新干电池；电压表（量程为0〜3八

0〜15V）、电流表（量程为0〜0.64、0〜34）、滑动变阻器电阻箱

/?2（0〜999054）各一个；开关、导线若干。小华设计的四个电路如图所示，其中能

滑片由最右端向左移动，直至灯泡L正常发光，该过程中电流表的示数随两电压表

示数变化图像如图乙所示。下列说法中正确的是（）

A.电源电压为5V

B.电路允许的最小功率为2.4W

C.该小灯泡的额定功率为2W

D.灯泡正常发光时，小灯泡与滑动变阻器的功率值之比为1：1

13.2021年5月15日，在太空飞行了10月之久的“天

问一号”探测器成功登陆火星，引起广泛关注。

（1）燃料在火箭的燃烧室内燃烧，将化学能转化为

;“天问一号”探测器随火箭加速上升过程

中，以火箭为参照物，“天问一号”探测器是的。

（2）如图所示“天问一号”探测器在太空张开“翅膀”是为了接受能，这属

于（填“可再生”或“不可再生”）能源。

（3）“天问一号”探测器探测得到的图像和数据是通过传递到地球的。

14.如图所示一轻质硬棒，AB=BC=CD,在A点悬挂重物G,C点在6作用下处于

水平平衡，则硬棒的支点可能在杠杆上（选填"A”、“8"、“C”或“£>”）

点.当G=150N时，片的大小为N.若将重物拿走，在A点施加一个与F1平

行且大小等于150N的力尸2（图中虚线所示），使杠杆处于水平平衡，则Fi大小为

______N.

15.如图所示，工人使用动滑轮将重为240N的物体匀速提升6〃?，用时

20s,所做的总功为1800J,克服动滑轮重所做的额外功占总功的15%,

则该工人所用拉力是N,此动滑轮重是N,拉力的功率

是W,滑轮组的机械效率是%。

16.将木块置于水平桌面上，用弹簧测力计沿水平方向拉

木块，如图所示。木块的运动状态和弹簧测力计的示

数如表（表格未填写完整）。由表可知，第一次实验中，

木块受到的摩擦力为N；第二次实验中，木块受到的摩擦力为M第

三次实验中，木块做运动。

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序号木块运动状态测力计示数/N

1静止0.6

2匀速0.7

31.0

17.有三个实心小球A、B、C和甲、乙两种液体，质

量与体积的关系如图所示。

(1)若将A、B、C三球浸没在甲液体，松手时B球

在液体中(选填“漂浮”、“沉底”或“悬

浮”)。

(2)若将体积相等的甲、乙两种液体装入完全相同的容器，将A球放到乙液体，C

球放到甲液体，待其静止.设盛装甲液体的容器底部受到的压强为Pi，C球受到的

浮力为Fi；盛装乙液体的容器底部受到的压强为P2,A球受到的浮力为尸2。则

Pi----------P2，F]---------F2»

18.如图所示，电源电压恒为6匕灯泡力标有“6V3W”，定值电阻&的阻值为10。，

电压表量程为0〜3匕滑动变阻器/?2标有“30014”.

(1)灯泡L正常工作时的电阻为Q.

(2)闭合Si、S3,断开S2、S4,电路消耗的最大功率为M将滑片移至中点时

电压表示数为2匕则此时灯泡工作1分钟消耗的电能为J；

(3)闭合Si、S2、S,，断开S3,将滑片移至最右端，则此时电流表示数为

19.某型号的电加热器有高、低两挡，其额定电压为220匕内部电路由发热电阻长、R2

和开关SI组成，其中8=440。在不拆解内部电路的情况下，小华用图甲电路对其

进行测试：先闭合S,电流表的示数为1A；再闭合Si，电流表的示数变为5A。则

低温挡工作Imin产生的热量为J,/?2的阻值为小华又增加了一个

单刀双掷开关S2,利用原有元件对该电加热器的内部电路改装，改装后的电路如图

乙，要使改装后的电加热器处于高温挡，开关Si和S2的状态应分别是；改装

后高温挡的功率提升%o

电加热器

内部电路

20.按要求作图（请保留作图痕迹），如图所示，48'是物体A8在平

面镜中所成的像，根据平面镜成像的特点在图中画出平面镜。

21.小明站在扶梯上随扶梯一起匀速向下运动，在图中画出小明受力示意图（。为重心）。

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22.在图中标出小磁针乙的N极和电源的正极。

乙

23.如图甲是探究“水和油沸腾时温度变化的特点”的实验装置，两个试管中分别装有

初温相同的水和油，相同时间两试管中的液体吸收的热量相同。上水=4.2x

103j/(kg-℃)]

(1)实验进行一段时间后，放在油中温度计的示数如图甲所示为°C。

(2)水沸腾前不断吸热，温度升高，这是通过方式增加了水的内能。

(3)实验过程中两个温度计示数随时间变化的图像如图乙所示，分析图像可知，水

的沸点是。(:，水和油沸腾过程具有共同的特点是。

(4)若试管中油的质量为水质量2倍，由图像可知：c»=J/(/ca.℃)«

—D三

-

三

三

一

甲乙丙丁

(1)图甲注射器有少量液态乙醛，用橡皮塞堵住注射孔，(选“向外拉动”或

“向内推压”)活塞，液态乙醛变少。

(2)图乙中两只纸船浮在水面上静止不动，用注射器向两船之间的水面快速注水，

两船将相互靠近，说明。

(3)图丙是自制潜水艇模型，向内推压注射器活塞，模型将(选填“上浮”或

“下沉”).

(4)图丁是利用注射器和天平测量液体的密度，先测出空注射器的质量，然后吸入

液体直至液面与5加L刻度齐平，测出总质量，算出液体密度。由于注射器前面有

一段孔道，导致测量结果有偏差，下列分析合理的是。

①正确测量了5加的体积，但质量测量偏大，所以密度测量偏大。

②正确测量出注射器内所有液体的质量，但体积测量偏小，所以密度测量偏大。

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25.在“探究凸透镜成像规律”的实验中，如图所示，光屏上呈现清晰的像。

委||川1“平川I“顺||“甲岫甲川||川1川||川平|肺甲川II川||川||川F叫川段

劫6cmi020304050607080901()6限

(1)此时光屏上成倒立、的实像，生活中的就是利用这一原理制成的,

(2)若保持蜡烛和光屏不动，向右移动透镜至光具座a*处，光屏上会再次出

现清晰的像,

(3)若保持透镜不动，将蜡烛移至光具座10a”处，此刻烛焰的像位于图示光屏的

(选填“左侧”或“右侧”)。

(4)若将一眼镜片放在烛焰和透镜之间后，光屏上的像变模糊了，向左移动蜡烛，

光屏上再次出现清晰的像，则所加眼镜片镜片可以用来矫正______(选填“近视

眼”、“远视眼”)。

26.在“测量物质的密度”实验中：

(1)用天平测得金属块质量m如图甲所示，用细线系住金属块放入装有20,让饮料

的量筒内，液面如图乙所示，则金属块密度p=kg/m3„

(2)在题(1)的基础上，利用弹簧测力计和该金属块，仅增加一个操作步骤就能测出

量筒中饮料的密度。增加的步骤是：，饮料的密度表达式P次捋=(已

知金属块的体积为匕解答结果用符号表示)。

27.利用如图所示的装置来验证影响物体动能大小的因素。甲、乙两图装置相同，分别

是同一小球先后从A、8两处由静止滚下,推动纸盒运动一段距离后静止时的情景。

(1)纸盒被推动得越远，小球对纸盒______越多，表明小球的动能越大。

(2)如果做乙图实验时，硬纸盒被撞后滑出木板掉落，为防止因此造成硬纸盒损坏

需改进乙图实验，与甲图实验对比,在不改变木板长度的情况下，应采用以下

方法(填字母)。

A换用质量更小的小球

B.适当降低小球的高度

C给水平木板铺上毛巾

。.换用一个较重的硬纸盒

(3)甲、乙两图实验验证的是动能与的关系。若要验证动能大小与另外一个

因素的关系，需要添加一个器材是。

28.两只铭牌模糊的小灯泡肉和G，仅能看清G标有"颜=°34',G标有"/额=

0.5"'的字样。

(1)图甲是小明测量小灯泡人额定功率时连接的实物图。

①图中有一根线连接错误，请在这根线上打“X”，并在图中更正。

②正确连接电路后，闭合开关，灯泡发光，电流表有示数，电压表无示数，故障

可能是。

③排除故障后，闭合开关，电流表示数为0.14移动滑片P,通过观察表的

示数来判断小灯泡是否正常发光，小灯泡正常发光时，电压表的示数如图乙所示,

则小灯泡人的额定功率为卬。

(2)小华用图丙所示的电路测出了小灯泡人的额定功率，电源电压恒定，&是最大

阻值为&的滑动变阻器，/?2的分度值为0.1。的电阻箱。

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①闭合S,1接,调节电阻箱和滑动变阻器滑片P至电流表示数为0.54记

下电阻箱示数以。

②再将S1接另一位置，,使电流表示数为0.54,记下电阻箱示数降。

③小灯泡42额定功率。颍=(用/频、以、心表示)。

29.如图所示为一辆“都市蚂蚁”概念车，某次试驾时测得

车和人总质量为500依.

(1)若该车静止在水平地面上，若地面总受力面积为

800cm2,则车对地面的压强为多少？(g取10N//cg)

(2)若在水平地面上匀速行驶所用时间为0.5亿且在行驶过程中受到的阻力是

总重的0.4倍，则该车发动机的输出功率为多少？

30.图甲是一个超声波加湿器，图乙是其内部湿度监测装置的简化电路图.已知电源电

压为12匕定值电阻凡的阻值为300,电流表的量程为0〜200小力，电压表的量程

为0〜9U,湿敏电阻R的阻值随湿度R”变化关系如表所示，其阻值最大为1200(图

中未画出)。在电路安全工作的前提下：

湿度RH/%020406080

湿敏电阻R/01030507090

(1)当电流表的示数为0.24时，R接入电路中的阻值12；当湿度为60%时，电

压表示数为匕

(2)湿敏电阻的阻值R随湿度RH变化的关系式是R=。

(3)该装置能监测湿度的范围为；

(4)若要使该内部湿度监测装置的最小测量值为10%,可将电源电压调为忆

甲

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答案和解析

1.【答案】D

【解析】解：石墨烯制成的“排热被”能排热，能大幅度降低电子元件工作时的温度，

这说明石墨烯具有良好的导热性，将工作时产生的热量及时导走，故。正确。

故选：D。

石墨烯是一种新材料，它的物理性质是延展性好、导电性和导热性好、硬度大、熔点高

等，根据它的这些特性结合题目中涉及到的特性进行解题。

这是一道关心科技发展的一道较简单的基础题。解题时一定要从题目中对给出的材料特

性的应用入手；对石墨烯的特点及在生活中的应用要了解和掌握，其应用多是与它们的

特点密切联系的。

2.【答案】D

【解析】解：4声速与频率无关，超声波与次声波在相同介质中传播速度相同，故A

错误；

氏人的听觉范围是20Hz〜20000Hz；物体振动产生声音，但人不一定听见，故B错误；

C、根据音色可以判断是哪位歌手正在唱歌，故C错误；

。、“禁止鸣笛”，是在声源处减弱噪声；故。正确。

故选：Do

(1)声速与频率无关；

(2)振动一定发声，但发声不一定被人听到(超声、次声等)；

(3)不同发声体的音色一般不同；

(4)减弱噪声的途径：在声源处、传播过程中、人耳处减弱。

此题考查了声音的有关知识，包括声音的传播、声音的特征、减弱噪声的方法。

3.【答案】C

【解析】解：

A、为了用电的安全，开关应接在火线与用电器之间，故A错误；

8、使用测电笔时，为能形成电流的回路、正确辨别火线和零线，手应接触笔尾金属体,

故8错误；

C、同时使用的用电器越多，并联的电阻越多，则总电阻越小，故C正确；

。、家庭电路中空气开关跳闸，不一定是用电器总功率过大，也可能是电路中发生了短

路，故。错误。

故选：Co

(1)开关与用电器串联，并且接在火线上。

(2)使用测电笔时，手要接触笔尾金属体，才能形成回路；

(3)并联的支路越多，总电阻越小；

(4)家庭电路电流过大的原因：短路或总功率过大。

本题主要考查了家庭电路的有关问题，要掌握安全用电的知识、家庭电路中电流过大的

原因等。

4.【答案】B

【解析】

【分析】

(1)光在同种、均匀介质中沿直线传播，日食、月食、影子、小孔成像都是光的直线传

播形成的；

(2)光从一种介质斜射入另一种介质，或在不均匀的介质中，传播方向发生变化，属于

光的折射，水中的筷子看起来变弯、凸透镜成像等都是光的折射形成的；

(3)光射到物体表面又被反回的现象叫光的反射，与平面镜有关的都是光的反射。

本题主要考查学生利用光学知识解释生活中常见的物理现象，此题与实际生活联系密切,

体现了生活处处是物理的理念。

【解答】

杯弓蛇影的成像原理是光的反射现象：

A、雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而

成的，白光经水珠折射以后，分解成各种彩色光，所以雨后的天空出现彩虹是由光的色

散形成的，故4不符合题意；

8、水中倒影属于平面镜成像，是光的反射形成的，故8符合题意；

C、笔杆错位是笔杆反射的光进入空气时反生折射，故C不符合题意；

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。、手影游戏是光在同种均匀介质中沿直线传播形成的，故。不符合题意。

故选：B。

5.【答案】A

【解析】解：冰冻的衣服晾干，是冰吸收热量升华成为水蒸气；

①冰雪消融是冰熔化吸热变成水；

②常温下干冰变小是干冰升华吸热变成气态；

③雾是水蒸气液化放热成小水珠；

④霜是水蒸气凝华放热成小冰晶。

①②与冰冻的衣服晾干均要吸热，故A正确。

故选：Ao

(1)物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液

态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固；

(2)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热。其中放出热量的物态变化有：凝固、

液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。

分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状

态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。

6.【答案】B

【解析】解：人破镜不能重圆，是因为玻璃分子间的距离大于分子直径的10倍以上，

超出了分子力的作用范围，分子间的作用力就十分微弱，分子间几乎没有作用力。故A

错误；

8、电子是原子的组成部分，电子的发现说明原子还可以再分。故B正确；

C、扫地时灰尘飞舞，是固体颗粒的机械运动，不属于分子运动，故C错误；

。、地球绕太阳运动，说明太阳是太阳系的中心，并不是宇宙的中心；故。错误。

故选：B。

(1)分子之间存在相互作用的引力和斥力；

(2)原子由原子核和电子构成；

(3)分子运动和机械运动的区别，分子运动是微观现象，机械运动是宏观运动；

(4)熟悉宇宙和太阳系的概念。

此题是物理常识的考查，比较简单，需要理解记忆即可。

7.【答案】B

【解析】解：《发生热传递时，传递的是热量而不是温度，故A错误；

B、一块0汽的冰熔化成CC的水后，吸收热量，温度不变，内能增加，故B正确；

C、夏天在室内洒水，水汽化吸收热量，起到降温的作用，不是利用了水的比热容较大

的性质，故C错误；

。、汽油机的压缩冲程，活塞压缩气缸内物质，机械能转化为内能，是通过做功改变物

体的内能，故。错误。

故选:B。

(1)热传递的条件是两个物体之间存在温度差，热量从高温物体传给低温物体。

(2)内能的大小跟质量、温度、状态有关；晶体熔化过程吸收热量，温度不变；

(3)物体由液态变为气态的过程叫汽化，汽化吸收热量；

(4)改变物体内能的方式有做功和热传递，做功属于能量的转化，热传递属于能量的转

移。

本题综合考查了热传递的条件、熔化吸热、物体内能的改变方式、汽化吸热以及内燃机

的工作原理等知识，综合性较强，易出错。

8.【答案】A

【解析】解：A、杯子对牛奶的支持力是由于杯子的形变产生的，故A正确；

氏杯子和牛奶受到的重力竖直向下，桌面对杯子的支持力竖直向上，受力物体都是杯

子，是一对平衡力，两个力大小都等于杯子和牛奶的重力大小，故B错误；

C、桌面对杯子的支持力与杯子受到的压力大小不同，且作用在同一物体上，故不是一

对相互作用力，故C错误；

。、杯子所受的重力与牛奶对杯子的压力这两个力的方向都是竖直向下，所以这两个力

不是一对平衡力，故。错误。

故选:Ao

(1)明确弹力的产生原因是施力物体发生形变后产生的；

(2)相互作用的两个力：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在两个物体

上；

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(3)二力平衡条件：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在同一个物体上；

根据二力平衡力的条件进行判断。

本题考查了弹力、二力平衡条件和相互作用力的应用，是一道综合性题目，是易错题。

9.【答案】D

【解析】解：当按下门铃按钮时就会推动铁芯向左运动，此时线圈在磁场中做切割磁感

线运动，会产生感应电流，为门铃提供电能，则该部件的工作原理是电磁感应现象；

4、该图是奥斯特实验，说明通电导线的周围存在磁场，故4不符合题意；

8、该图是探究通电螺线管周围磁场的实验，属于电流的磁效应，故B不符合题意：

C、图中有电源，通电导体在磁场中受力的作用而运动，故C不符合题意；

。、图中导体他在在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，是电磁感应现象,

故。符合题意。

故选：Do

闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，会产生感应电流，这就是电磁感应

现象。

本题考查了电磁学的几个实验，要掌握这几个实验的原理，本题的难度不大。

10.【答案】B

【解析】解：

由题意知，原来小车向右做匀速直线运动，木块、弹簧也随小车一起做匀速直线运动，

此时弹簧处于原长状态。

①若小车加速运动，但木块与小车之间只是产生了相对运动的趋势，而并未发生相对

运动，此时弹簧不会发生形变，则弹簧可能保持原来长度不变，故①正确；

②若木块突然压缩弹簧，说明小车在突然减速，而木块由于惯性仍保持原来的运动状

态，所以才会压缩弹簧，故②错误；

③若木块受到向右的摩擦力，说明木块向左运动或有向左运动的趋势，则这种情况是

由于小车突然加速，而木块由于惯性仍保持原来的运动状态，从而造成木块向左运动或

有向左运动的趋势，故③正确；

④木块、弹簧随小车一起做匀速直线运动时，木块只受重力和支持力，若木块受到三

个力的作用，则说明其运动状态发生了改变，因此，小车可能加速，也可能减速，故④

错误；

故选：Bo

(1)平衡状态是指静止状态或匀速直线运动状态，平衡状态时受平衡力。

(2)物体的运动状态改变时，一定是受到了非平衡力的作用。据此分析其受力情况和运

动情况。

本题考查了物体在平衡状态和非平衡状态时的受力情况、运动情况，属于易错题。

11.【答案】A

【解析】解：①开关闭合，灯与电阻箱/?2串联，已知治的阻值约为5000,电阻箱

/?2(0〜9990则可以将/?2连入电路的阻值调为500。左右，则根据串联电路的分压特点

可知心与电阻箱氏2两端的电压约为L5V左右，则电压表量程使用0〜3U时，能准确测量

%与电阻箱/?2两端的电压，故①能准确测出心阻值；

②开关闭合，灯与滑动变阻器Ri串联，已知治的阻值约为5000,滑动变阻器心(100),

当此连入电路的阻值为00,根据/=9可知电路中的电流最大，为0.0064即使电流表

量程使用0〜0.6A的，电流表也不能准确测量通过心的电流，故②不能准确测出及阻值;

③利用开关的闭合位置不同，可以使勺与电阻箱R2分别与滑动变阻器8串联，电流表

测量串联电路的电流，已知&的阻值约为5000，滑动变阻器8(100),当凡连入电路

的阻值为00，根据欧姆定律可知电路中的电流最大为0.0064即使电流表量程使用

0〜0.64的，电流表也不能准确测量通过&的电流，故③不能准确测出&阻值；

④利用开关的闭合位置不同，可以使&与电阻箱/?2分别与滑动变阻器治串联，电压表

测量&或电阻箱&两端的电压，由于心的阻值约为5000,滑动变阻器Ri(lOO),则根

据串联电路的分压特点可知，电压表的示数接近3匕电压表量程使用0〜31/时，也不能

准确测量&两端的电压，故④不能准确测出心阻值；

由此分析可知：只有①能准确测出心阻值。

故选：Ao

由于电源是由两节新干电池提供，则电源电压为3匕根据欧姆定律，在电压不变的情

况下，若电路的电阻越大，电路中的电流越小，若电阻值很大，则电路中的电流会很小。

当电流值小于电流表的分度值时，将无法准确地测出电流值；同理当用电器两端的电压

小于电压表的分度值时，将无法准确地测出电压值；据此分析各电路中各电表的测量情

况即可判断。

本题的考查测电阻的方法：根据串并联电路的特点和电表的使用特点分析，注意不同着

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重体现了等效替代法在实验中的具体应用；以及电流表、电压表量程的选择，关键是明

确电表在使用时测量值与分度值之间的关系，具有一定的难度。

12.【答案】C

【解析】解：AB、如图甲所示的电路，滑动变阻器R与灯泡L串联，电压表匕测R两

端的电压，电压表/测L两端的电压，滑片由最右端向左移动时，电源电压不变，R接

入电路的电阻变小，电路中的电流变大，乙两端电压变大，R两端的电压变小。

由图乙可知，当滑片在最右端时，即R=100时，电路中的电阻最大，最小电流为=

0.34且UR=UL,

R与乙两端的电压为：UL=UR=IminR=0.3/1x10/2=3V,

电源电压为：U=UL+UR=3V+3V=6V,故A错误；

电路消耗的最小功率为：P=UImin=6VxO3A=1.8W,故8错误；

CD、由图乙可知，灯泡L正常发光时，R两端的电压为：UR'=1V,电路中的电流为：

r

IR=Ij=I'=0.44,

r

则L两端的电压即额定电压为：%=U-UR=6V-W=5V,

L的额定功率为：P1额=4遍J=5VxQAA=2Wf故C正确；

小灯泡与滑动变阻器的功率值之比为：PL额:PR=U工薪3UR'IR'=%.UR'=51/：

1K=5：1,故。错误。

故选：

AB,如图甲所示的电路，滑动变阻器R与灯泡L串联，电压表匕测R两端的电压，电

压表彩测L两端的电压，滑片由最右端向左移动时，电源电压不变，R接入电路的电阻

变小，电路中的电流变大，入两端电压变大即电压表彩示数变大，R两端的电压变小即

电压表匕示数变小.由图乙可知，当滑片在最右端时，即R=100时，电路中的电阻最

大，最小电流为4nE=0.34且UR=由公式U=/R可求得R和L两端电压，由串

联电路电压规律U=%+4可得电源电压大小，由公式P=U/可求得电路消耗的最小

功率；

CD、由图乙可知，灯泡L正常发光时，UR=IV,I=0.44,根据串联电路电压规律可

得4的大小，由公式P=U/可求得L的额定功率以及小灯泡与滑动变阻器的功率值之比。

本题考查欧姆定律在串联电路中的应用，及电功率的计算，要求学生能分析串联电路动

态变化时的电流、电压变化，难度较大。

13.【答案】内能静止太阳能可再生电磁波

【解析】解：(1)火箭点火升空的过程中，是将燃料内部储存的化学能通过燃烧以内能

的方式释放出来，再将内能转化为火箭的机械能；以运载火箭为参照物，“天问一号”

探测器与火箭之间没有位置的变化，是静止的。

(2)“天问一号”探测器在太空张开的“翅膀”是太阳能电池板，所以卫星在太空张开

“翅膀”后获得的能源是太阳能；太阳能在短时间内可以从自然界源源不断得到补充,

属于可再生能源；

(3)太空是真空，真空不能传声，而电磁波可以在真空中传播，故探测得到的图象和数

据是通过电磁波传递到地球的。

故答案为：(1)内能；静止；(2)太阳；可再生；(3)电磁波。

(1)燃料燃烧时，化学能转化为内能，内能对外做功，转化为机械能；在研究物体的运

动情况时，要先选取一个标准做为参照物，研究对象和参照物的位置发生了改变，就是

运动的，如果位置没有发生改变，则是静止的；

(2)卫星在太空张开“翅膀”是太阳能电池板，据此分析卫星在太空张开“翅膀”后获

得的能源；能够短时间内从自然界源源不断得到补充的是可再生能源，短时间内从自然

界得不到补充的是不可再生能源；

(3)电磁波和声音都能传递信息，电磁波传播不需要介质，声音传播需要介质

本题考查了能量的转化、参照物及其选择、能源的分类、电磁波的应用等知识，知识点

较多，解答此题的关键是熟记课本知识点。

14.【答案】D900450

【解析】解：动力与阻力使杠杆的转动方向相反，一个顺时针则另一个为逆时针。故当

。为支点时，&尸2使杠杆转动的方向相反；AC不能为支点，无动力臂或阻力臂；B为支

点时，&Fz使杠杆转动的方向相同；

根据数学关系可知，Fi的力臂为。的一半，即L=0.5CD；根据杠杆平衡条件可知：

GX4。=耳X0.5CD,贝h&==6G=6x150/V=900/V；

若将重物拿走，在A点施加一个与国平行且大小等于150N的力尸2,此时尸2的力臂为人=

第20页，共35页

0.5AD：使杠杆处于水平平衡，则Fzx0.5AD=居x0.5CD,居==3x150/V=

450N.

故答案为：D；900：450。

杠杆的平衡条，动力乘以动力臂等于阻力乘以阻力臂，动力与阻力使杠杆的转动方向相

反，一个顺时针则另一个为逆时针；

根据杠杆的平衡条件求出力的大小。

此题考查杠杆平衡条件的应用和杠杆的动态分析，关键是知道力臂是指从支点到力的作

用线的距离，同时还要知道动力臂等于阻力臂的杠杆为等臂杠杆。

15.【答案】150459080

【解析】解：(1)由图知，n=2,则绳端移动的距离s=2h=2x6m=12m,总功勿忌=

1800/,

由W总=Fs可得,

该工人所用拉力F=—=理%=150N;

s12m

(2)克服动滑轮重所做的额外功皿颁=15%皿息=15%x18007=270/,

由W^=G2可得，动滑轮重力：

G动=<=誉=45N;

(3)拉力的功率p=?=堞詈=90小；

(4)有用功W为方=Gh=240Nx6m=1440/,

滑轮组的机械效率=雒X100%=需X100%=80%.

故答案为：150；45；90；80。

(1)根据图示确定滑轮组绳子的有效股数，然后利用s=n/i求出绳子自由端移动的距离,

已知所做的总功为1800J,由卬=Fs可求得该工人所用拉力；

(2)根据克服动滑轮重所做的额外功占总功的15%,可求得克服动滑轮重所做的额外功,

然后由“频=G动h可求得动滑轮重力；

(3)由p=T可求得拉力的功率；

(4)由W=G/t可求得有用功，由〃=黄x100%可求得滑轮组的机械效率。

本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、额外功、功率、机械效率的计算，明确有用功、

总功、额外功的含义是关键。

16.【答案】0.60.7加速直线

【解析】解：在第一次实验中，弹簧测力计用0.6N的拉力拉动木块时，木块处于静止状

态，木块水平方向上受到拉力和摩擦力作用，这两个力是平衡力，大小相等，故摩擦力

大小等于0.6N；

在第二次实验中，弹簧测力计用0.7/V的拉力拉动木块时，木块做匀速直线运动，木块水

平方向上受到拉力和摩擦力作用，这两个力是平衡力，大小相等，故摩擦力大小等于0.7N；

在第三次实验中，弹簧测力计用1.0N的拉力拉动木块时，木块对接触面的压力不变，接

触面粗糙程度不变，滑动摩擦力不变，故滑动摩擦力也保持0.7N不变，由于拉力大于摩

擦力，所以木块做加速运动。

故答案为：0.6；0.7；加速直线。

(1)静止的物体和匀速直线运动的物体受到平衡力作用，根据平衡力条件求出木块静止

和匀速直线运动时受到的摩擦力。

(2)滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，从滑动摩擦力大小的影响因素

分析木块加速时的摩擦力。

(1)静止的物体和匀速直线运动的物体受到平衡力的作用，根据平衡力求出力的大小是

很常用的一种方法。

(2)在压力和接触面大小都不变时，物体加速、减速和匀速中，滑动摩擦力大小都相等。

17.【答案】悬浮>>

【解析】解：(1)由公式P=结合图示可知，纵、横坐标的比值即为物体的密度，因

为A点在图像甲的上方，8点在图像甲上，甲在C的上方，C在乙的上方，所以它们的

密度关系为：PA>P甲=PB>PC>P乙,所以B球在甲液体中静止时将悬浮；

(2)根据物体的浮沉条件可知，A球在乙液体中下沉至沉底，受到的浮力F2<GA，C球

在甲液体中漂浮，受到的浮力&=Gc，

设将B球替换4球放入乙液体中，B球在乙液体中下沉至沉底，受到的浮力FB<GB，

第22页，共35页

由图示可知，mB=mc,VA=VB,

由公式G=mg、尸浮=。法夕嗫可知，Fr=Gc=GB>FB=F2>即：Fi>F2；

由公式G液=m液g=P液V源g可知液体体积相同时，容器中两种液体的重力大小关系为：

G液甲)G液乙,

根据液体对容器底部的压力为尸=G液+产浮可知压力大小关系为：F甲)F乙,

在底面积相同时，由压强公式p=5可知两种液体对容器底部的压强大小关系为:Pl>P2。

故答案为：(1)悬浮；(2)>；>«

(1)根据物体的浮沉条件，比较物体密度与液体密度的大小关系可知物体在液体中的浮

沉情况；

(2)根据物体的浮沉条件可知，A球在乙液体中下沉，受到的浮力F2<GA，C球在甲液

体中漂浮，受到的浮力F1=Gc，设将8球替换A球放入乙液体中，

B球在乙液体中下沉，受到的浮力FB<GB，由图示可知，mB=mc,匕=%,由公式

G=mg>/浮=可知三球受到的浮力大小关系；

由公式G=mg=pVg可知容器中两种液体的重力大小关系，根据液体对容器底部的压

力为F=G液+产浮可知压力大小关系，在底面积相同时:由压强公式p=(可知液体对

容器底部的压强大小关系。

本题考查物体浮沉条件的应用及液体压强大小的比较，从图像比较出物体与液体密度大

小关系是解决问题的关键，难度较大。

18.【答案】121.8121.3

【解析】解：⑴灯泡L标有“6%W”，根据P=?可得，灯泡L正常工作时的电阻为：

皎=120

3W

(2)闭合S1、S3，断开S2、54,灯泡L、定值电阻R1和滑动变阻器/?2串联接入电路，电压

表测定值电阻此两端的电压，

已知电压表量程为0〜3人则当电压表示数最大为3丫时，通过定值电阻的电流最大，

所以，定值电阻允许通过的最大电流为：将大=3卢=3=0.34,

1衣入％ion

滑动变阻器允许通过的最大电流为1A,

灯泡允许通过的最大电流为：/痴=号=詈=0.54,

由于串联电路各处电流相等，所以电路允许通过的最大电流为：/扇大=乙最大=。-34,

此时电路消耗的最大功率为：P=U/炭大=6UX0.34=1.8W.

滑片移至中点时电压表示数为2匕则此时通过电路的电流为：/=*=黑=0.24，

K]1UJ2

滑动变阻器两端的电压为：U2^=IX1R2=0.2Ax|x30n=3V,

根据串联电路的总电压等于各用电器两端的电压之和可知：

此时灯泡两端的实际电压为：UL=U-Ur-U26V-2V-3V=W,

则灯泡工作1分钟消耗的电能：WL=ULlt=Wx0.2AX60s=12/：

(3)闭合Si、S2、S4,断开S3,灯泡心定值电阻％和滑动变阻器R2并联接入电路，将滑

片移至最右端，则滑动变阻器/?2的阻值全部连入电路；

根据并联电路各并联支路两端电压相等可知此时灯泡正常工作，则通过灯泡的电流为:

1L=I额=0.54,

通过定值电阻％的电流为：/1=*=黑=0.64,

通过滑动变阻器R2的电流为：/2=*=黑=0・24

则此时电流表示数：/总=4+/1+/2=0.54+0.64+0.24=1.34。

故答案为：(1)12；(2)1,8；12；(3)1.3。

(1)灯泡乙标有“6U3W”，乙正常工作时的电阻；

(2)闭合Si、S3,断开52、$4,灯泡L、定值电阻&和滑动变阻器/?2串联接入电路，电压

表测定值电阻两端的电压，

当电压表示数最大时，通过定值电阻的电流最大，根据欧姆定律计算定值电阻允许通过

的最大电流、灯泡允许通过的最大电流，与滑动变阻器允许通过的最大电流比较，结合

串联电路电流特点确定电路允许通过的最大电流，根据P=U/求出该电路消耗的最大功

率；

将滑片移至中点时电压表示数为2匕根据欧姆定律求出此时电路中的电流和滑动变阻

器两端的电压，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，最后利用勿=U/t求出

灯泡工作1分钟消耗的电能；

(3)闭合Si、S2、S4,断开S3,灯泡心定值电阻&和滑动变阻器/?2并联接入电路，将滑

片移至最右端，根据并联电路电压特点结合欧姆定律计算此时通过灯泡的电流、通过定

值电阻和通过滑动变阻器&的电流，根据并联电路电流特点计算干路电流。

第24页，共35页

本题考查串联电路特点、并联电路特点、欧姆定律、电功率公式、电功公式的灵活运用,

分清电路的连接是解题的关键。

19.【答案】13200176开关Si闭合且S2接匕25

【解析】解：

(1)若此单独接入电路中，则电路中的电流：

,U22OV-.

/.,=—=---=5A,

1&44。'

因先闭合开关S时电流表的示数为1A(低温挡)，再闭合工时电流表的示数变为5A(高温

挡)，

所以，高温挡时电路为Ri的简单电路，

低温挡时，电路中的电流较小(为14),由欧姆定律可知此时电路的总电阻较大，则此时

电路是凡与/?2串联，

由以上分析可知，该电加热器的内部电路如下图所示：

该电加热器低温挡工作Imin产生的热量：W=Ult=220Vx14x60s=13200；；

(2)低温挡时&与/;2串联，电路中的总电阻：R=彳=答=2200,

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，

所以，/?2的阻值：/?2=/?-/?!=220/2-44/2=176/2；

(3)利用原有元件对该电加热器的内部电路改装，改装后的电路如图乙，

由乙图可知，开关&闭合且52接。时，&与&并联，电路的总电阻最小，总功率最大,

电加热器处于高温挡；

开关区断开且S2接〃时，8与??2串联，电路的总电阻最大，总功率最小，电加热器处于

低温挡，

因并联电路中各支路两端的电压相等，且电路的总功率等于各用电器功率之和，

所以，改装后的高温挡功率：

pj=《+干=纺空+也生=1375小，

局&R244c176/2

而改装前的高温挡功率：2高=UI1=2201/x54=1100W,

则改装后高温挡的功率提升：十」==25%。

故答案为：13200；176；开关工闭合且S2接625。

(1)根据欧姆定律求出右单独接入电路中时通过的电流，然后结合题意判断出低温挡时

通过电路中的电流，根据W=U/t求出该电加热器低温挡工作Imin产生的热量；通过

分析可判断出高温挡时电路中的电流以及电路结构；

(2)根据欧姆定律求出低温挡时电路中的总电阻，利用电阻的串联求出/?2的阻值；

(3)根据P=U/=?可知，电压一定时，电路的总电阻最小时，电路的总功率最大，电

加热器处于高温挡；电路的总电阻最大时，电加热器处于低温挡：据此结合电路图判断

出不同挡位时电路的连接方式；

改装后的高温挡时，两电阻并联，根据并联电路的电压特点和电功率公式求出高温挡的

功率，根据P=U/计算改装前的高温挡功率，改装后高温挡的功率提升的百分比等于高

温挡功率的增加量除以原来高温挡的功率，据此计算。

本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活运用，正确的判断电加热

器处于不同挡位时电路的连接方式是关键。

20.【答案】解：平面镜所成的像和物体是以镜面为对称轴的轴对称图形，连接A4',BB',

作这两条线段的垂直平分线MN,即平面镜的位置。如图所示：

【解析】根据平面镜成像特点可知平面镜所成的像和物体关于平面镜对称，可确定平面

镜的位置。

平面镜成像的实质也是光的反射，像物等距的规律可帮助我们找到镜面的位置。

21.【答案】解：小明站在扶梯上随扶梯一起匀速向下运动，小明相对于扶梯静止，因

此小明不受摩擦力，只受竖直向下的重力和竖直向上的支持力，且二力是一对平衡力;

从小明的重心作竖直向下的力(即重力G)和竖直向上的力(即支持力F)；如图所示：

第26页，共35页

b

乙

【解析】小明站在扶梯上随扶梯一起匀速向下运动，小明相对于扶梯静止，因此小明受

竖直向下的重力和竖直向上的支持力，并且二力是一对平衡力，根据力的示意图的画法

作图即可。

本题考查物体受力情况分析和力的示意图的画法，注意二力大小相等，作图时，线段长

度相等。

22.【答案】解：（1）根据同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引可知，通电螺线管的右

端为S极、左端为N极；同理，小磁针乙的右端为N极、左端为S极；

（2）根据右手螺旋定则，伸出右手使大拇指指向螺线管的左端，则四指弯曲所指的方向

为电流的方向，所以电流从螺线管的右端流入，则电源的右端为正极。如图所示：

N

【解析】（1）根据磁极间的相互作用判断通电螺线管的N、S极，以及小磁针乙的N、S

极；

（2）根据右手螺旋定则判断出通电螺线管中电流的方向，进而确定电源的正负极。

右手螺旋定则（安培定制）为判断螺线管极性或螺线管中电流方向的重要方法，应能做到

灵活应用。

23.【答案】91热传递98吸收热量，温度保持不变2.1x103

【解析】解：(1)实验进行一段时间后，放在油中温度计分度值是1汽，温度计的示数如

图甲所示为91。口

(2)沸腾前加热过程中，液体温度升高，这是通过热传递方式增加了液体的内能；

(3)由图乙知，水在沸腾过程中温度保持98K不变，所以水的沸点是98。(2；

液体沸腾时的温度叫沸点。由实验数据知，水温达到98。(2后保持不变，说明水的沸点是

98汽；水沸腾时的特点是：吸收热量，温度保持不变；

(4)由图像可知，在水沸腾之前的时间段，水与油在相同时间吸收相同的热量，温度变

化相同，试管中油的质量为水质量的2倍，

Q吸=cm4t=c次m水△t=c/n油At,

3

c油=等=；x4.2x1。3〃(题•℃)=2.1x10J/(kg-℃)o

miHiz

故答案为：(1)91；(2)热传递;(3)98；吸收热量，温度保持不变;(4)2.1x103»

(1)使用温度计测量液体温度时，先要弄清楚温度计的量程和分度值，读数时视线与液

柱上表面相平，并注意区分温度是零上还是零下；

(2)做功和热传递都可以改变物体的内能，它们的主要区别是：做功是能量的转化，而

热传递是能量的转移；

(3)根据水在沸腾过程中温度保持不变的特点结合图乙判断出水的沸点；液体沸腾时吸

收热量，温度保持不变；

(4)根据Q级=cm△t可求油的比热容。

本题考查了液体沸腾的特点及学生对沸腾图像，以及比热容概念的理解及Q级=cm△t

的运用，难度不大。

24.【答案】向外拉动流体流速越大，压强越小上浮②

【解析】解：(1)向外拉动活塞，可使液态乙醛表面的气压减小，加快液态乙醛的汽化，

故向外拉动活塞，液态乙醛减少；

(2)两只纸船浮在水面上静止不动，两只纸船两侧压强都相等，用注射器向两船之间的

水面快速注水，中间水的流速增大，压强减小，外侧压强不变，两只纸船都在压强差的

作用下相互靠近；

(3)向内推注射器的活塞时，试管内气压增大，水被排出试管，试管中的水减少，重力

小于浮力，所以潜艇模型将上浮。

(4)根据实验流程，先测出空注射器的质量，再测出液体和注射器的总质量，总质量减

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去空注射器的质量即为液体的质量，质量测量准确；注射器中所读取的液体的体积并不

包含孔道的液体体积，所以总体积偏小，根据公式p=5可