江苏省镇江市丹阳三中2017届九年级物理上学期期中试卷（含解析）苏科版

PAGE2017学年江苏省镇江市丹阳三中九年级（上）期中物理试卷一、选择题（本题共12小题，每题2分，共24分）1．如图所示，下列工具中属于费力杠杆的是（）A． B． C． D．2．下列说法中正确的是（）A．机械效率越高，机械做功一定越快B．做功越多的机械，机械效率一定越高C．功率越大的机械做功一定越多D．做功越快的机械，功率一定越大3．下列生活实例中，属于机械能转化为内能的是（）A．冬天，人站在阳光下感到暖和B．在炉子上烧水，水温升高C．爆竹点燃后腾空而起D．反复弯折铁丝，铁丝温度升高4．关于热量、温度、内能之间的关系，下列说法正确的是（）A．物体温度升高，内能一定增加B．物体温度升高，一定是吸收了热量C．物体温度不变，一定没有吸热D．物体吸收热量，温度一定升高5．速度是表示物体运动快慢的物理量，它是用路程和时间的比值来定义的，下列物理量所采用的定义方法与速度不一样的是（）A．比热容 B．功率 C．热值 D．功6．下列事实中最能说明物质吸收热量跟物质种类有关的是（）A．体积相同的两杯水温度都升高10℃，它们吸收的热量相同B．体积相等的水和煤油温度都升高10℃，它们吸收的热量不相同C．质量相等的两块钢温度分别升高5℃和10℃，它们吸收的热量不相同D．质量相等的水和铜温度都升高10℃，它们吸收的热量不相同7．2008年4月19日，俄“联盟”号飞船返回舱着陆时出现严重错误，返回舱进入地球大气层后，朝地面飞行的前端不是隔热罩，而是舱门和天线，导致舱门被烧焦，天线遭焚毁，宇航员的生命受到严重威胁．在这一过程中，返回舱能量转化的方式是（）A．重力势能→动能→内能 B．动能→重力势能→内能C．内能→重力势能→动能 D．内能→动能→重力势能8．如图所示四种情景中，人对物体没有做功的是（）A．扛着米袋，慢慢爬上楼梯 B．用力推动汽车C．提着水桶在水平面匀速前进 D．双手举起杠铃9．如图所示，用始终与杠杆垂直的力F，将杠杆缓慢地由位置A拉至位置B，阻力G的力臂与动力F的变化分别是（）A．变大、变小 B．变大、变大 C．变小、变大 D．变小、变小10．如图所示，电路元件及导线连接均完好，闭合开关S1、S2，则（）A．L1不能发光，L2能发光 B．L1能发光，L2不能发光C．L1、L2都能发光 D．L1、L2都不能发光11．如图甲所示，小明用弹簧测力计拉木块，使它沿水平木板匀速直线滑动，图乙是他两次拉动同一木块得到的距离随时间变化的图象．下列说法正确的是（）A．木块第一次受到的拉力较大 B．拉力第一次做的功多C．拉力第一次做功的功率大 D．两次拉力做的功一样多12．小北用如图所示的电路研究串联电路特点，闭合开关S后，发现两灯都不亮，小北用导线并联在L1两端，发现L2亮了，L1不亮，由此可以判断小北原来电路的故障是（）A．L1短路 B．L1断路 C．L2短路 D．L2断路二、填空题：（本题共11小题，每空1分，共30分）13．照明电路中的节能灯和控制它的开关是联连接的；洗衣机、电视机、电冰箱等家用电器之间是联连接的．14．如图示的起瓶器，它属于杠杆（填“省力”或“费力”），它的支点是（填A、B、C或D）；若沿竖直方向用力开启瓶盖，在图中点用力最小（填A、B、C或D）．15．水平地面上一静止木箱重800N，某人用50N的水平推力在5s内推动木箱前进10m，撤消推力后木箱又继续前进了2m，全程用时6s，整个过程中水平推力做功J，重力做功；5s内推力的功率为W．16．小明同学将如图所示的木块、三角架分别当作“重锤”和“桩”，做打桩模拟实验．（1）小明将“重锤”举高，让其自由下落，将“桩”打入沙中．要将“桩”打得深些，小明采取的方案有：①用同一“重锤”时，要使“重锤”从更（选填“高”、“低”）处下落．②让“重锤”从同一高度下落时，要选质量（选填“大”、“小”）的木块．（2）“桩”被打得越深，说明“重锤”对桩做的功越，“重锤”具有的重力势能越．17．新型防空导弹“红旗﹣9”试射，导弹上升过程中与空气摩擦导致内能（选填“增大”、“减小”或“不变”），此内能改变是通过的方式实现的．在航天事业中，用液氢为燃料是因为氢的大．18．实验测得1kg某物质温度随时间变化的图象如图所示．已知该物质在固态下的比热容为2.1×103J/（kg•℃），设物质从热源吸热的功率恒定不变，在最初2min内，物质温度升高了40℃，则吸收的热量为J，吸热功率为W．仔细观察发现固态升温快，变成液态后升温变慢，原因是．19．如图甲所示装置，向盒内滴入数滴酒精，再将盒盖盖紧，然后揿动电火花发生器的按钮，看到盒盖飞出，在此过程中，酒精燃烧后的燃气的能转化为塞子的机械能．图中（选填“乙”或“丙”）汽油机的工作过程与这一实验过程中能量的转化是一致的，该工作过程是冲程．如果该汽油机飞轮转速是1800r/min，则它每秒钟内做功次．20．如图所示，物体A所受重力为200牛，滑轮重力和摩擦不计．当分别沿力F1和F2的方向匀速提起物体A时，则F1F2（选填“大于”、“小于”或“等于”）．若10S内A物体被匀速提起4m，则拉力F1的功率为W．21．如图所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同，燃料的质量都是10g，烧杯内的液体质量也相同．比较不同物质的比热容，应选择两图进行实验；比较不同燃料的热值，应选择两图进行实验．22．氢能源具有来源广、热值高、无污染等优点．氢气的热值为14.4×107J/kg，完全燃烧0.5kg的氢气可放出J的热量；若一罐氢气用去了一半，则剩余氢气的热值（选填：“增大”、“减小”或“不变”）．23．“歼20”是我国自主研制的新一代隐身重型歼击机，具有卓越的机动性能，当它在空中加速向下俯冲时，动能，重力势能．（选填“增大”、“不变”或“减小”）三、作图题（每题2分，共8分）24．如图甲所示的钢丝钳，其中A是剪钢丝处，B为手的用力点，O为转动轴（支点），图乙为单侧钳柄及相连部分示意图．请在图乙中画出钢丝钳剪钢丝时的动力臂L1和阻力F2（F2沿竖直方向）．25．如图，在杠杆AB上挂了一个重为G的物体．为使杠杆在图中的位置静止．请在杠杆上画出最小的动力F．26．用如图所示的滑轮组成滑轮组提升木桶有两种绕绳方法，请画出最省力的一种．27．请在如图的两个虚线框内填“电源“和“开关“的符号，并满足当开关都闭合时两灯组成并联电路．四、解答题（共38分）28．如图1所示是某校初三（1）班物理实验小组探究杠杆平衡条件的实验装置．（1）实验开始若发现杠杆在使用前右端低左端高，要使它在水平位置平衡，应将杠杆右端的平衡螺母向调节；也可将杠杆左端的平衡螺母向调节．此后在整个实验过程中，是否还要再旋动两侧的平衡螺母？．（2）一实验小组得到的三组数据如下表所示：实验序号动力F1/N动力臂l1/cm阻力F2/N阻力臂l2/cm11824228116321238通过此探究实验应该得出的结论是：．（3）小明通过观察以上实验装置，并分析数据得出杠杆平衡的条件是：“动力乘以动力作用点到支点的距离=阻力乘以阻力作用点到支点的距离”．小华认为小明的结论不正确，小华为了验证自己的观点，只将图中的F1改用弹簧测力计来拉，实验中改变拉力的，仍使杠杆在水平位置平衡时，比较拉力的，即可证明小华的观点是否正确．（4）小刚用身边一些器材做实验：①他将塑料直尺放圆柱形水杯上，使其在水平位置平衡，如图2所示，则支点O与直尺的一定在同一竖直线上．②如果将两边的硬币以相同速度同时匀速向支点移动的过程中，则杠杆（填“仍平衡”、“向左倾斜”、“向右倾斜”）．29．如图所示是“探究动能的大小与哪些因素有关”的实验装置．（1）实验中通过观察的大小，来判断小球动能的大小，这种方法在物理学上称为（选填“控制变量法”、“转换法”）．（2）当研究动能的大小与速度的关系时，应该选用质量的两个小球从斜面上高度由静止滚下（选填“相同”或“不同”）．（3）某同学利用上述实验装置“探究动能大小与质量”的关系，它将不同质量的小球从斜面上由静止自由滑下，实验记录数据如下：钢球的质量m/kg0.10.150.200.250.300.350.40木块滑行距离s/m0.120.100.120.120.110.130.12该同学根据以上实验数据得出物体的动能大小与质量无关，你认为实验结论与物理事实是否相符？（选填：相符或不相符）；你认为出现此实验现象的主要原因是．30．如图所示是“比较水和食用油吸热升温特点”的实验装置．（1）加热过程中，用搅棒搅动的目的是；水和食用油吸热的多少是通过来反映的（选填“温度计示数的变化”或“加热时间”）．（2）关于该实验的变量控制，下列要求中不正确的是（填字母）；A．采用相同的加热方法（如酒精灯火焰的大小，与烧杯底的距离等）B．烧杯中分别装入相同体积的水和食用油（3）从表中数据可知，（选填“水”或“食用油”）吸热的能力更强．物质质量/g初始温度/℃加热时间/min最后温度/℃水6020645食用油602066831．如图所示的简易滑轮组，某建筑工地工人用500N的拉力用时80s将重800N的砖块运到离地4m高的砌墙处，已知每个滑轮重100N．求：（1）该工人做的有用功是多少？（2）工人做的总功是多少？（3）工人做功的功率是多少？（4）该滑轮组的机械效率是多少？32．燃气灶烧水时，把质量为5kg、初温为20℃的水加热到100℃，共燃烧了0.08m3天然气（假设天然气完全燃烧）．已知水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），天然气的热值为8.4×107J/m3．求：（1）水吸收的热量；（2）天然气完全燃烧放出的热量；（3）燃气灶烧水时的效率．33．我国自主研制的某型新一代战斗机，它具备超音速巡航、电磁隐身、超机动性、超视距攻击等优异性能，该飞机最大起飞质量为37t，最大飞行高度达20000m，最大航行速度达2.5倍声速（合3060km/h），最大载油量为10t，飞机航行时所受阻力的大小与速度的关系见表：速度v（m/s）100200300400500阻力f/N0.3×1041.2×1042.7×1044.8×1047.5×104已知飞机发动机燃油完全燃烧的能量转化为机械能的效率是40%，飞机使用的航空燃油的热值为5×107J/kg．求：（1）飞机发动机完全燃烧10t燃油获得的能量是多少焦？（2）当飞机以600m/s的速度巡航时，飞机发动机的输出功率是多少千瓦？（3）若在飞机油箱中加满燃油，并且以500m/s的速度巡航时，飞机的最大航程约是多少？

2016-2017学年江苏省镇江市丹阳三中九年级（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共12小题，每题2分，共24分）1．如图所示，下列工具中属于费力杠杆的是（）A． B． C． D．【考点】杠杆的分类．【分析】本题主要考查对杠杆分类方法的了解与记忆：动力臂大于阻力臂的杠杆为省力杠杆；动力臂小于阻力臂的杠杆为费力杠杆；动力臂等于阻力臂的杠杆为等臂杠杆．【解答】解：A、起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；不符合题意；B、羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；不符合题意；C、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；符合题意；D、天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆；不符合题意；故选C．2．下列说法中正确的是（）A．机械效率越高，机械做功一定越快B．做功越多的机械，机械效率一定越高C．功率越大的机械做功一定越多D．做功越快的机械，功率一定越大【考点】功率的概念；机械效率．【分析】功率表示物体做功的快慢程度，而机械效率指有用功占总功的比值，二者之间没有什么关系．【解答】解：A、机械效率高，说明有用功占总功的比值大，但不一定做功就快，故A错误；B、做功多，效率不一定高，这要看有用功、额外功的比例大小，故B错误；C、功率大表明机械做功快，但做功不一定多，这要看做功时间的长短，故C错误；D、做功快，说明机械的功率大，能够在较短的时间内做更多的功，故D正确．故选：D．3．下列生活实例中，属于机械能转化为内能的是（）A．冬天，人站在阳光下感到暖和B．在炉子上烧水，水温升高C．爆竹点燃后腾空而起D．反复弯折铁丝，铁丝温度升高【考点】做功改变物体内能．【分析】做功和热传递都可以改变物体的内能，做功是能量的转化，热传递是能量的转移．对物体做功可以使机械能转化为内能．【解答】解：A、人站在阳光下感到暖和，是通过热传递的方式增加物体的内能，不符合题意；B、在炉子上烧火水温升高，也是通过热传递的方式增加物体的内能，不符合题意；C、爆竹点燃后腾空升起，是爆炸产生的气体的内能转化为爆竹的机械能，不符合题意；D、反复弯折铁丝，铁丝温度升高，对铁丝做功，使其温度升高内能增加，属于机械能转化为内能，符合题意；故选D．4．关于热量、温度、内能之间的关系，下列说法正确的是（）A．物体温度升高，内能一定增加B．物体温度升高，一定是吸收了热量C．物体温度不变，一定没有吸热D．物体吸收热量，温度一定升高【考点】温度、热量与内能的关系；物体内能的改变．【分析】（1）物体吸热或温度升高，内能一定增大；但物体的内能增大，不一定是由物体吸热或温度升高引起的．（2）改变物体内能的方式有做功和热传递两种方式，二者是等效的．【解答】解：A、物体温度升高，内能一定增加，该选项说法正确；B、物体温度升高，可能是吸收了热量，也可能是外界对它做了功，该选项说法不正确；C、晶体在熔化的过程中吸热但温度不变，该选项说法不正确；D、物体吸收热量，温度不一定升高，例如晶体的熔化和液体的沸腾过程，该选项说法不正确．故选A．5．速度是表示物体运动快慢的物理量，它是用路程和时间的比值来定义的，下列物理量所采用的定义方法与速度不一样的是（）A．比热容 B．功率 C．热值 D．功【考点】功率的概念．【分析】速度是表示物体运动快慢的物理量，它是用路程和时间的比值来定义的，这种定义物理量的方法叫比值定义法．分析各选项的定义方法，即可得出正确结果．【解答】解：A、比热容是利用物体吸收的热量与物体的质量及升高温度的比值定义的，所采用的定义方法与速度相同，不符合题意；B、功率是用所做的功和做功时所用时间的比值来定义的；所采用的定义方法与速度相同，不符合题意；C、热值是利用物体放出的热量与物体质量的比值，所采用的定义方法与速度相同，不符合题意．D、功是力和物体在力的方向上移动的距离的乘积来定义的；所采用的定义方法与速度不相同，符合题意．故选D．6．下列事实中最能说明物质吸收热量跟物质种类有关的是（）A．体积相同的两杯水温度都升高10℃，它们吸收的热量相同B．体积相等的水和煤油温度都升高10℃，它们吸收的热量不相同C．质量相等的两块钢温度分别升高5℃和10℃，它们吸收的热量不相同D．质量相等的水和铜温度都升高10℃，它们吸收的热量不相同【考点】比热容的概念．【分析】根据比热容的概念和Q=Cm△t进行分析：（1）用同种物质做实验，不能说明物质吸收的热量跟物质种类有关．（2）由于水和煤油的密度不同，所以体积相等的水和煤油质量不同，那么温度都升高10℃，吸收热量不同，说明它们的比热容不同；虽然与物质种类有关，但也与质量有关．（3）质量相等的不同物质，升高温度相等，吸收热量不同，说明物质吸收的热量跟物质的种类有关．【解答】解：A、体积相同的同种物质质量相同，升高的温度相同，吸收的热量就相同．不能说明物质吸收的热量跟物质种类有关．不符合题意．B、由于水和煤油的密度不同，所以体积相等的水和煤油质量不同，那么温度都升高10℃，吸收热量不同，与物质种类有关，也与质量有关．不符合题意．C、质量相同的同种物质升高的温度不同，吸收的热量就不同．不能说明物质吸收的热量跟物质种类有关．不符合题意．D、质量相等，升高温度相等，吸收热量不同，说明物质吸收的热量跟物质的种类有关．符合题意．故选D．7．2008年4月19日，俄“联盟”号飞船返回舱着陆时出现严重错误，返回舱进入地球大气层后，朝地面飞行的前端不是隔热罩，而是舱门和天线，导致舱门被烧焦，天线遭焚毁，宇航员的生命受到严重威胁．在这一过程中，返回舱能量转化的方式是（）A．重力势能→动能→内能 B．动能→重力势能→内能C．内能→重力势能→动能 D．内能→动能→重力势能【考点】能量转化的现象．【分析】从飞船下落过程中，高度、速度和温度的变化上来分析．【解答】解：返回舱在进入地球大气层降落的过程中，高度减小，重力势能减小；速度增大，动能增大；温度升高，内能增大．所以是重力势能转化为动能，再转化为内能．故选A．8．如图所示四种情景中，人对物体没有做功的是（）A．扛着米袋，慢慢爬上楼梯 B．用力推动汽车C．提着水桶在水平面匀速前进 D．双手举起杠铃【考点】力是否做功的判断．【分析】本题要抓住做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离，二者缺一不可．【解答】解：A、扛着米袋，慢慢爬上楼梯，人给米袋一个向上的力，米袋向上移动了距离．人对米袋做功．不符合题意．B、用力推动汽车，人给汽车一个力，汽车在力的作用下移动了距离，人对汽车做功．不符合题意．C、提着水桶在水平面匀速前进，人给水桶一个向上的力，水桶向上没有移动距离，人对水桶没有做功．符合题意．D、双手举起杠铃，人给杠铃一个向上的力，杠铃向上移动了距离，人对杠铃做功．不符合题意．故选C．9．如图所示，用始终与杠杆垂直的力F，将杠杆缓慢地由位置A拉至位置B，阻力G的力臂与动力F的变化分别是（）A．变大、变小 B．变大、变大 C．变小、变大 D．变小、变小【考点】杠杆的动态平衡分析．【分析】从支点向力的作用线作垂线，垂线段的长度即力臂．根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2分析，力F作用在杠杆一端且始终与杠杆垂直，即动力臂不变，将杠杆缓慢地由位置A拉到位置B，阻力不变，阻力力臂变大，所以动力变大．【解答】解：将杠杆缓慢地由位置A拉到位置B，动力臂不变，阻力G的力臂变大，而阻力不变，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2分析得出动力变大．故选B．10．如图所示，电路元件及导线连接均完好，闭合开关S1、S2，则（）A．L1不能发光，L2能发光 B．L1能发光，L2不能发光C．L1、L2都能发光 D．L1、L2都不能发光【考点】电路的三种状态．【分析】根据电路图可知，闭合开关S1、S2，电路为L1的基本电路，L2被短路．【解答】解：闭合开关S1、S2，电路为L1的基本电路，L2被短路，故L1能发光，L2不能发光．故选B．11．如图甲所示，小明用弹簧测力计拉木块，使它沿水平木板匀速直线滑动，图乙是他两次拉动同一木块得到的距离随时间变化的图象．下列说法正确的是（）A．木块第一次受到的拉力较大 B．拉力第一次做的功多C．拉力第一次做功的功率大 D．两次拉力做的功一样多【考点】功率大小的比较．【分析】（1）先判断木块两次的运动状态，然后根据二力平衡的条件分析拉力和摩擦力的关系；（2）根据作用在物体上的拉力和在拉力方向上通过的距离，利用公式W=FS比较两次做功的多少；（3）根据决定动能的因素即木块的质量和木块的速度进行分析．【解答】解：从图象上可以看出，木块两次都是作匀速直线运动，而做匀速直线运动的物体受平衡力作用，所以两次木块受到的拉力和摩擦力相等，故A选项错误；从图中可以看出，在相同拉力作用下，木块两次运动的距离不同，所以木块两次所做的功不同，但无法确定大小关系，故BD选项错误；从图中可以看出第一次木块运动的速度较大，而木块所受的拉力不变，根据公式P=FV可知，拉力第一次做功的功率大；故C选项正确．故选C．12．小北用如图所示的电路研究串联电路特点，闭合开关S后，发现两灯都不亮，小北用导线并联在L1两端，发现L2亮了，L1不亮，由此可以判断小北原来电路的故障是（）A．L1短路 B．L1断路 C．L2短路 D．L2断路【考点】电路的三种状态．【分析】闭合开关灯泡不亮，原因有两个：断路或短路．已知两灯串联都不亮，所以不可能是一灯短路，只能是断路．【解答】解：A、如果L1短路，L2发光．此选项不符合题意；B、如果L1断路，L2不发光；将导线并联在L1两端时，L2是通路会发光．此选项符合题意；C、如果L2短路，L1发光．此选项不符合题意；D、如果L2断路，L1不发光；将导线并联在L1两端时，两灯仍是断路不发光；此选项不符合题意．故选B．二、填空题：（本题共11小题，每空1分，共30分）13．照明电路中的节能灯和控制它的开关是串联连接的；洗衣机、电视机、电冰箱等家用电器之间是并联连接的．【考点】串联电路和并联电路的辨别．【分析】用电器串联时，各用电器相互影响，不能独立工作；用电器并联时，各用电器互不影响，能独立了工作；据此分析答题．【解答】解：照明电路中的节能灯和控制它的开关是串联连接的，这样才能实现有效控制；洗衣机、电视机、电冰箱等家用电器工作时互不影响，所以它们之间是并联连接的．故答案为：串；并．14．如图示的起瓶器，它属于省力杠杆（填“省力”或“费力”），它的支点是A（填A、B、C或D）；若沿竖直方向用力开启瓶盖，在图中D点用力最小（填A、B、C或D）．【考点】杠杆的分类；杠杆中最小力的问题．【分析】本题主要考查三个方面的知识：（1）支点的定义：杠杆绕着转动的固定点叫支点；（2）杠杆的分类方法：动力臂大于阻力臂的杠杆为省力杠杆；动力臂小于阻力臂的杠杆为费力杠杆．（3）利用杠杆的平衡条件（F1l1=F2l2）分析动力的变化．【解答】解：由图可知起子绕A点转动，所以起子的支点是：A．由于起子的动力臂大于阻力臂，所以起子属于省力杠杆．由杠杆的平衡条件（F1l1=F2l2）可知，沿竖直方向用力开启瓶盖，在图中D点用力最小．故答案为：省力；A；D．15．水平地面上一静止木箱重800N，某人用50N的水平推力在5s内推动木箱前进10m，撤消推力后木箱又继续前进了2m，全程用时6s，整个过程中水平推力做功500J，重力做功0；5s内推力的功率为100W．【考点】功的计算；功率的计算．【分析】（1）知道木箱受到的水平推力和在推力方向上移动的距离，利用W=Fs求推力做的功；（2）做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上移动一段距离，二者缺一不可，据此分析木箱所受重力对木箱做功；（3）利用P=计算功率．【解答】解：（1）水平推力做功：W=Fs=50N×10m=500J；（2）因为木箱受重力的方向竖直向下，木箱水平移动，所以木箱在重力的方向上移动距离为0，则重力对木箱做功为0．（3）5s内推力的功率为：P===100W．故答案为：500；0；100．16．小明同学将如图所示的木块、三角架分别当作“重锤”和“桩”，做打桩模拟实验．（1）小明将“重锤”举高，让其自由下落，将“桩”打入沙中．要将“桩”打得深些，小明采取的方案有：①用同一“重锤”时，要使“重锤”从更高（选填“高”、“低”）处下落．②让“重锤”从同一高度下落时，要选质量大（选填“大”、“小”）的木块．（2）“桩”被打得越深，说明“重锤”对桩做的功越多，“重锤”具有的重力势能越大．【考点】势能的影响因素．【分析】本题是一个探究性的实验，实验过程要采用控制变量法和转化法，对于重力势能，其大小由地球和地面上物体的相对位置决定，物体质量越大、位置越高、物体具有的重力势能就越大．【解答】解：（1）①用同一“重锤”时，质量相同，所以举得越高，重力势能越大；②让“重锤”从同一高度下落时，质量越大，重力势能越大；（2）要将“桩”打得深些，就是让重力势能更大些，因为“桩”被打得越深，说明重锤对桩做的功越多，重锤具有的重力势能越大；故答案为：（1）①高；②大；（2）多；大．17．新型防空导弹“红旗﹣9”试射，导弹上升过程中与空气摩擦导致内能增大（选填“增大”、“减小”或“不变”），此内能改变是通过做功的方式实现的．在航天事业中，用液氢为燃料是因为氢的热值大．【考点】做功改变物体内能．【分析】做功和热传递都能改变物体的内能．做功改变内能属于能量的转化，而热传递改变内能属于能量的转移；1kg某种燃料完全燃烧放出的热量叫做这种燃料的热值．热值是燃料的一种特性，它反映的是燃料的优劣．【解答】解：导弹上升过程中，与空气摩擦做功，使内能增大，因此，此内能改变是通过做功的方式实现的．运载火箭采用液态氢做为火箭的燃料，原因是液态氢具有较大的热值．故答案为：增大；做功；热值．18．实验测得1kg某物质温度随时间变化的图象如图所示．已知该物质在固态下的比热容为2.1×103J/（kg•℃），设物质从热源吸热的功率恒定不变，在最初2min内，物质温度升高了40℃，则吸收的热量为8.4×104J，吸热功率为700W．仔细观察发现固态升温快，变成液态后升温变慢，原因是固态的比热容小于液态时的比热容．【考点】热量的计算．【分析】（1）由图象可知，在最初2min内，该物质处于固态，根据Q吸=cm△t可以求出吸收的热量，然后根据P=可求出吸热功率；（2）质量相同、吸收的热量相同，升温快的比热容小．【解答】解：（1）由图象可知，在最初2min内，该物质处于固态，其比热容c=2.1×103J/（kg•℃），质量m=1kg，升高的温度△t=40℃，物体吸收的热量：Q吸=cm△t=2.1×103J/（kg•℃）×1kg×40℃=8.4×104J，吸收这么多的热量用时：t=2min=120s，由此可以求出吸热功率：P===700W；（2）由于固态的比热容小于液态时的比热容，所以变成液态后升温变慢．故答案为：8.4×104；700；固态的比热容小于液态时的比热容．19．如图甲所示装置，向盒内滴入数滴酒精，再将盒盖盖紧，然后揿动电火花发生器的按钮，看到盒盖飞出，在此过程中，酒精燃烧后的燃气的内能转化为塞子的机械能．图丙中（选填“乙”或“丙”）汽油机的工作过程与这一实验过程中能量的转化是一致的，该工作过程是做功冲程．如果该汽油机飞轮转速是1800r/min，则它每秒钟内做功15次．【考点】做功改变物体内能．【分析】（1）内燃机的工作原理是气体的内能转化为机械能，对外做功；（2）根据曲轴的转动方向判断活塞的运行方向，再根据气门的关闭情况就可以确定是哪一个冲程；（3）根据每一个工作循环中，飞轮转动两圈，可利用已知条件算出每秒种对外做功的次数．【解答】解：（1）图甲所示装置，向盒内滴入数滴酒精，再将盒盖盖紧，然后揿动电火花发生器的按钮，看到盒盖飞出，在此过程中，酒精燃烧后的燃气的内能转化为塞子的机械能；（2）在做功冲程中内能是转化为机械能，图丙中的气门都关闭，活塞向下运行，气缸容积增大，且上端的火花塞发出电火花，是做功冲程；（3）因为汽油机在一个工作循环包括四个冲程，一个工作循环中，飞轮转动两圈，对外做功一次，故可得出1800r/min=30r/s，则每秒做功的次数为×30=15次．故答案为：内；丙；做功；15．20．如图所示，物体A所受重力为200牛，滑轮重力和摩擦不计．当分别沿力F1和F2的方向匀速提起物体A时，则F1等于F2（选填“大于”、“小于”或“等于”）．若10S内A物体被匀速提起4m，则拉力F1的功率为80W．【考点】功率的计算；定滑轮及其工作特点．【分析】（1）使用时滑轮的轴固定不动的是定滑轮，滑轮和物体一起移动的滑轮是动滑轮．定滑轮实质上是一等臂杠杆，只改变力的方向，而不省力．（2）使用定滑轮时不省力，不考虑动滑轮重和摩擦，F=G物，拉力做的功等于拉力与绳自由端移动距离的乘积，功率等于功除以时间．【解答】解：（1）提升物体A时，滑轮的轴固定不动，是定滑轮；因为定滑轮相当于一等臂杠杆，只能改变力的方向，而不省力，故定滑轮拉同一物体A，沿不同方向用的拉力大小相等，所以F1=F2．（2）∵物体被匀速提升，定滑轮不省力，且滑轮重力和摩擦不计∴拉力做功：W=FS=Gh=200N×4m=800J，拉力F的功率：P===80W；故答案：等于；80．21．如图所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同，燃料的质量都是10g，烧杯内的液体质量也相同．比较不同物质的比热容，应选择甲丙两图进行实验；比较不同燃料的热值，应选择甲乙两图进行实验．【考点】比热容的概念；燃料的热值．【分析】为了比较两种液体的比热容，需要燃烧相同的燃料，加热不同的液体，让液体的质量相同，温度计的示数变化相同时，通过比较加热时间比较吸热多少，进而判断两种比热容的大小关系；燃料的热值大小不能直接测量，需要通过液体吸收热量的多少来体现燃料燃烧放出热量的多少，而液体吸收热量的多少跟液体的质量和升高的温度有关，因此为了比较热值大小要用不同的燃料，加热同一种液体，让液体的质量相同，通过温度计的示数高低得出吸热多少，进而判断热值大小．【解答】解：为了比较两种液体的比热容，需要燃烧相同的燃料，加热不同的液体，让液体的质量和温度的变化相同，通过比较加热时间，进而判断两种比热容的大小关系，应选择甲和丙两图进行实验；为了比较热值大小要用不同的燃料，加热同一种液体，让液体的质量相同，通过温度计的示数高低得出吸热多少，进而判断热值大小，应选择甲和乙两图进行实验．故答案为：甲丙；甲乙．22．氢能源具有来源广、热值高、无污染等优点．氢气的热值为14.4×107J/kg，完全燃烧0.5kg的氢气可放出7.2×107J的热量；若一罐氢气用去了一半，则剩余氢气的热值不变（选填：“增大”、“减小”或“不变”）．【考点】燃料的热值．【分析】（1）知道氢气的热值和氢气的质量，利用Q放=mq求完全燃烧放出的热量；（2）1kg的某种燃料完全燃烧放出的热量叫做这种燃料的热值，其大小只与燃料的种类有关，而与燃料的质量无关．【解答】解：（1）0.5kg氢气完全燃烧放出的热量：Q放=mq=0.5kg×14.4×107J/kg=7.2×107J；（2）由于热值是燃料本身的一种性质，故即使氢气的用去了一半，剩余氢气的热值仍是不变的，故仍等于14.2×107J/kg．故答案为：7.2×107；不变．23．“歼20”是我国自主研制的新一代隐身重型歼击机，具有卓越的机动性能，当它在空中加速向下俯冲时，动能增大，重力势能减小．（选填“增大”、“不变”或“减小”）【考点】动能和势能的大小变化．【分析】判断“歼20”在空中加速向下俯冲时动能和重力势能的变化，从动能和重力势能大小的影响因素考虑．（1）动能大小的影响因素：质量、速度．质量越大，速度越大，动能越大．（2）重力势能大小的影响因素：质量、被举的高度．质量越大，高度越高，重力势能越大．【解答】解：“歼20”在空中加速向下俯冲时，质量不变，速度不断增大，动能增大．高度不断减小，重力势能不断减小．故答案为：增大；减小．三、作图题（每题2分，共8分）24．如图甲所示的钢丝钳，其中A是剪钢丝处，B为手的用力点，O为转动轴（支点），图乙为单侧钳柄及相连部分示意图．请在图乙中画出钢丝钳剪钢丝时的动力臂L1和阻力F2（F2沿竖直方向）．【考点】力臂的画法；力的示意图．【分析】力臂的画法：①首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点．②确定力的作用点和力的方向，画出力的作用线．③从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂．【解答】解：由图可见，当用力F1时，钳子将沿顺时针方向转动，所以阻力方向向下；从支点向动力作用线做垂线，垂线段的长度即为动力臂．如下图所示：25．如图，在杠杆AB上挂了一个重为G的物体．为使杠杆在图中的位置静止．请在杠杆上画出最小的动力F．【考点】杠杆中最小力的问题．【分析】根据杠杆平衡条件“动力×动力臂=阻力×阻力臂”可知：在阻力与阻力臂的乘积一定的情况下，要使动力最小，则动力臂必须最长，先确定最长的力臂﹣﹣即离支点最远的点，然后过动力作用点做垂直于杠杆的作用力即可．【解答】解：在阻力与阻力臂的乘积一定的情况下，最省力，即动力臂最长，由图知OB比OA长，所以OB作动力臂最长，过B点与OB垂直向上作垂线就得到动力F的方向，如下图所示：26．用如图所示的滑轮组成滑轮组提升木桶有两种绕绳方法，请画出最省力的一种．【考点】滑轮组的设计与组装．【分析】滑轮组最省力绕法的规律：绳子段数n与滑轮总数n'的关系是n=n'+1，若n为偶数，绳子固定端在定滑轮上；若n为奇数，绳子固定端在动滑轮上，即“奇动偶定”．【解答】解：根据题意知：用最省力的绕法提升木桶，n=3，绳子固定端在动滑轮上；故答案为：27．请在如图的两个虚线框内填“电源“和“开关“的符号，并满足当开关都闭合时两灯组成并联电路．【考点】电路的基本连接方式．【分析】开关跟用电器之间属于串联使用，要使开关都闭合时两灯组成并联电路，把开关和电灯看作一个整体后，它们的首跟首相连，尾跟尾相连．【解答】解：由图可知把图中的开关和与其串联的电灯看作一个整体后，另一个电灯和下面的虚线框跟它并列连接，所以下面的虚线框为开关，上面的虚线框为电源，如图所示：四、解答题（共38分）28．如图1所示是某校初三（1）班物理实验小组探究杠杆平衡条件的实验装置．（1）实验开始若发现杠杆在使用前右端低左端高，要使它在水平位置平衡，应将杠杆右端的平衡螺母向左调节；也可将杠杆左端的平衡螺母向左调节．此后在整个实验过程中，是否还要再旋动两侧的平衡螺母？否．（2）一实验小组得到的三组数据如下表所示：实验序号动力F1/N动力臂l1/cm阻力F2/N阻力臂l2/cm11824228116321238通过此探究实验应该得出的结论是：动力×动力臂=阻力×阻力臂．（3）小明通过观察以上实验装置，并分析数据得出杠杆平衡的条件是：“动力乘以动力作用点到支点的距离=阻力乘以阻力作用点到支点的距离”．小华认为小明的结论不正确，小华为了验证自己的观点，只将图中的F1改用弹簧测力计来拉，实验中改变拉力的方向，仍使杠杆在水平位置平衡时，比较拉力的大小，即可证明小华的观点是否正确．（4）小刚用身边一些器材做实验：①他将塑料直尺放圆柱形水杯上，使其在水平位置平衡，如图2所示，则支点O与直尺的重心一定在同一竖直线上．②如果将两边的硬币以相同速度同时匀速向支点移动的过程中，则杠杆向左倾斜（填“仍平衡”、“向左倾斜”、“向右倾斜”）．【考点】探究杠杆的平衡条件实验．【分析】（1）为了避免杠杆重力对杠杆平衡产生的影响和便于测量力臂，实验前，应首先进行杠杆平衡调节，根据杠杆的平衡条件，杠杆左、右两端的螺母（或一端的螺母）向杠杆上翘的一端调节．但实验过程中，螺母不需要再调节．（2）计算数据中F1L1与F2L2的值，然后比较数据即可得出结论．（3）杠杆平衡条件：动力乘以动力臂等于阻力乘以阻力臂．当杠杆在水平位置平衡，力竖直作用在杠杆上时，力臂是作用点到支点的距离；当杠杆在水平位置平衡，力倾斜拉动杠杆时，力臂小于作用点到支点的距离．（4）①塑料直尺放圆柱形水杯上，使其在水平位置平衡，为避免杠杆重力对杠杆平衡产生的影响，直尺的重心一定在同一竖直线上．②可以采用极端的方法，两端硬币向支点移动相同的距离，当杠杆右端的硬币移动到支点时，左端硬币到支点还有一段距离，杠杆的左端会下沉．【解答】解：（1）实验开始对杠杆进行水平位置平衡调节；若发现杠杆在使用前右端低左端高，要使它在水平位置平衡，根据杠杆的平衡条件，应将杠杆右端的平衡螺母向左调节；也可将杠杆左端的平衡螺母向左调节；此后在整个实验过程中，不需要旋动两侧的平衡螺母；（2）分析两组数据实验序号1中，F1L1=1×8=8，F2L2=2×4=8；实验序号2中，F1L1=2×8=16，F2L2=1×16=16；实验序号3中，F1L1=2×12=24，F2L2=3×8=24；∴杠杆平衡时，F1L1=F2L2；得出的结论是：动力×动力臂=阻力×阻力臂；（3）杠杆在水平位置平衡，力竖直作用在杠杆上，力臂在杠杆上，力臂是作用点到支点的距离．将图中的F1改用弹簧测力计倾斜拉动杠杆在水平位置平衡，改变了拉力方向，观察拉力大小，计算“动力乘以动力作用点到支点的距离=阻力乘以阻力作用点到支点的距离”是否成，立即可证明小华的观点是否正确．（2）①塑料直尺放圆柱形水杯上，为避免杠杆重力对杠杆平衡产生的影响，使其在水平位置平衡，直尺的重心一定在同一竖直线上．②如果将两边的硬币以相同速度同时匀速向支点移动的过程中，当在相同时间内，右端的硬币先到达支点，左端的硬币在支点的左侧，杠杆会向左倾斜．故答案为：（1）左；左；否；（2）动力×动力臂=阻力×阻力臂；（3）方向；大小；（4）重心；向左倾斜．29．如图所示是“探究动能的大小与哪些因素有关”的实验装置．（1）实验中通过观察木块移动距离s的大小，来判断小球动能的大小，这种方法在物理学上称为转换法（选填“控制变量法”、“转换法”）．（2）当研究动能的大小与速度的关系时，应该选用质量相同的两个小球从斜面上不同高度由静止滚下（选填“相同”或“不同”）．（3）某同学利用上述实验装置“探究动能大小与质量”的关系，它将不同质量的小球从斜面上由静止自由滑下，实验记录数据如下：钢球的质量m/kg0.10.150.200.250.300.350.40木块滑行距离s/m0.120.100.120.120.110.130.12该同学根据以上实验数据得出物体的动能大小与质量无关，你认为实验结论与物理事实是否相符？不相符（选填：相符或不相符）；你认为出现此实验现象的主要原因是没有控制小球从同一高度静止滑下．【考点】探究影响物体动能大小的因素．【分析】（1）将小球动能的大小通过木块移动的距离来反映，是一种转换的思想；（2）研究动能的大小与速度关系时，控制质量相同，速度不同；应选择同一小球，这样可以保证小球的质量相同；速度是通过控制小球在斜面上的高度来实现的．（3）要研究物体的动能跟质量的关系，采用控制变量法，就要改变物体的质量，同时控制速度不变，不同质量的物体从同一高度下滑时，下滑到水平面的速度相同．实验时，采用不同质量的金属球从同一高度下滑．【解答】解：（1）小球动能的大小体现在对外做功的多少，可以通过木块移动的距离s来比较动能的大小；通过观察木块移动的距离s来比较小球动能的大小时用到了转换法；（2）当研究动能的大小与速度关系时，应该控制小球的质量相同，速度不同，则应使质量相同的小球从不同的高度滚下；（3）分析实验数据可得出“物体的动能大小与质量无关”的结论，与物理事实不相符；实验时采用控制变量法，就要改变物体的质量，同时控制速度不变，即让不同质量的物体从同一高度静止下滑，下滑到水平面的速度相同，所以，出现此实验现象的原因是没有控制小球从同一高度静止滑下．故答案为：（1）木块移动距离s；转换法；（2）相同；不同；（3）不相符；没有控制小球从同一高度静止滑下．30．如图所示是“比较水和食用油吸热升温特点”的实验装置．（1）加热过程中，用搅棒搅动的目的是使水和食用油受热均匀；水和食用油吸热的多少是通过加热时间来反映的（选填“温度计示数的变化”或“加热时间”）．（2）关于该实验的变量控制，下列要求中不正确的是B（填字母）；A．采用相同的加热方法（如酒精灯火焰的大小，与烧杯底的距离等）B．烧杯中分别装入相同体积的水和食用油（3）从表中数据可知，水（选填“水”或“食用油”）吸热的能力更强．物质质量/g初始温度/℃加热时间/min最后温度/℃水6020645食用油6020668【考点】探究比热容的实验．【分析】（1）水和食用油只有受热均匀，我们才可以准确测量液体的温度从而得出水和食用油吸热升温特点；吸收热量的多少可以用加热时间的长短来体现出来．相同的热源在相同的时间内放出的热量相等，加热时间越长说明吸收热量越多．（2）比较水和食用油吸热升温特点”需要控制水和食用油的质量相等，因为水和食用油的密度是不同的，体积相同时，质量是不同的．（3）根据比热容的概念和Q=cm△t进行分析，即△t和质量相等时，吸收的热量越多的物质，比热容越大（即吸热的能力强）．【解答】解：（1）加热时，用玻璃棒不断的搅拌，可以使水和食用油受热均匀；相同的酒精灯加热相同的时间，酒精灯放出的热量就是相等的，水和食用油吸收的热量也就是相等的，水和食用油吸热的多少是通过加热时间来反映的．（2）“比较水和食用油吸热升温特点”就要采用控制变量法，控制热源（酒精灯火焰的大小、与烧杯底的距离）、盛装液体的容器相同和液体质量一定，故A、C选项正确；因为水和食用油的密度是不同的，体积相同时，质量是不同的，故B错；故选B．（3）由Q=cm△t知：质量相同的物质，升高相同的温度，吸收热量多的物质比热容大．因为水和食用油的质量相同，它们的初温相同，要使水和食用油的最后温度相同，水吸收的热量大于食用油吸收的热量，所以水的比热容大，即水吸热的能力更强．故答案为：（1）使水和食用油受热均匀；加热时间；（2）B；（3）水．31．如图所示的简易滑轮组，某建筑工地工人用500N的拉力用时80s将重800N的砖块运到离地4m高的砌墙处，已知每个滑轮重100N．求：（1）该