2024届贵州省铜仁市西片区高中教育联盟高二物理第一学期期中学业质量监测试题含解析

2024届贵州省铜仁市西片区高中教育联盟高二物理第一学期期中学业质量监测试题注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、板长为Ｌ的两块带电平行板中间有一带电粒子贴着A板沿水平方向射入匀强电场，当偏转电压为U1时，带电粒子沿轨迹①从两板正中间飞出；当偏转电压为U2时，带电粒子沿轨迹②落到B板上的P点，P点为B板的中点。已知两次为同种粒子且入射速度相同，则偏转电压U1和U2之比为（）A．1∶2B．1∶4C．1∶8D．1∶2、如图所示，一条绝缘细线，上端固定，下端拴一个电荷量为q的带电小球，将它置于一匀强电场中，电场强度大小为E，方向水平向右．当细线离开竖直位置的偏角为时，小球处于平衡状态，则小球的质量为（）A． B． C． D．3、如图所示为点电荷a、b所形成的电场线分布，以下说法正确的是()A．a、b为异种电荷，a应为正电荷b为负电荷B．a、b为同种电荷C．A点场强大于B点场强D．A点的电场强度等于B点电场强度4、真空中放置两个点电荷，电量各为q1与q2，它们相距r时静电力大小为F，若将它们的电量分别减为原来的一半，则它们之间的静电力大小是A．F/4 B．F/2 C．2F D．4F5、如图所示电路中，L1、L2为两只完全相同、阻值恒定的灯泡，R为光敏电阻（光照越强，阻值越小）．闭合电键S后，随着光照强度逐渐增强（）A．L1逐渐变暗，L2逐渐变亮B．L1逐渐变亮，L2逐渐变暗C．电源内电路消耗的功率逐渐减小D．光敏电阻R和灯泡L1消耗的总功率逐渐增大6、如图所示，平行板电容器分别连接静电计两端，对电容器充电，使静电计指针张开某一角度，撤去电源后，只将电容器两极板间距离增大，则静电计指针张角将：A．增大B．减小C．不变D．无法判断二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，一质量为m、半径为r的光滑球A用细绳悬挂于O点，另一质量为M、半径为R的半球形物体B被夹在竖直墙壁和A球之间，B的球心到O点之间的距离为h，A、B的球心在同一水平线上，A、B处于静止状态．重力加速度为g．则下列说法正确的是A．A对B的压力大小为B．竖直墙壁对B的摩擦力可能为零C．当只轻轻把球B向下移动一点距离，若A、B再次保持静止，则A对B的压力大小保持不变，细绳拉力增大D．当只轻轻把球B向下移动一点距离，若A、B再次保持静止，则A对B的压力减小，细绳拉力减小8、如下图所示，在光滑绝缘水平面上，有两个质量相等、带有同种电荷的小球A和B，它们所带电荷量不相等，彼此相隔一定距离．现在给A球一个沿A、B球心连线水平向右的初速度v0，同时将B球由静止释放．若在此后的运动中两小球始终未相碰，则两小球在运动过程中（）A．任一时刻加速度的大小一定不相等B．任一时刻加速度的大小一定相等C．相距最近时，它们的速度相等D．相距最近时，它们的速度不相等9、如图所示为用直流电动机提升重物的装置，重物的重量为500N，电源电动势为110V，不计电源内阻及各处摩擦，当电动机以0.90m/s的恒定速度向上提升重物时，电路中的电流为5.0A，可以判断：（）A．电动机消耗的总功率为550WB．提升重物消耗的功率为450WC．电动机线圈的电阻为22ΩD．电动机线圈的电阻为4Ω10、下列图中，绝缘细绳一端固定在O点，另一端系一个质量为m，带电量为—q的小球。为了使小球能静止在图中所示位置，可以加一个与纸面平行的匀强电场，则所加电场方向符合要求的是（）A． B． C． D．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某同学想要精密测量一金属丝的电阻率.(1)他先用多用电表“”档粗测其电阻,发现指针偏转角度过大,为了减小测量结果的误差,需要调节为___________档来测.(填“”或“”)(2)如图所示,他用游标卡尺测得其长度L为__________cm;用螺旋测微器测金属丝直径d为__________mm.(3)为了减小实验误差,需进一步测其电阻,除待测金属丝外,实验室还备有的实验器材如下:A．电压表V(量程0~3V,内阻约为)B．电流表A(量程0~0.6A,内阻约为)C．滑动变阻器R1(0~5,1.5A)D．滑动变阻器R2(0~2000,0.1A)E.1.5V的干电池两节,内阻不计F.电阻箱G.开关,导线若干为了测多组实验数据(要求电压和电流的变化范围尽可能大一些),则上述器材中的滑动变阻器应选用___________(填“R1”或“R2”).请在虚线框内设计最合理的电路图________.12．（12分）某同学利用图a装置测定滑块与桌面间的动摩擦因数。实验中，钩码通过轻绳拉着滑块在水平桌面上做直线运动，钩码着地后滑块继续运动，打点计时器在纸带上打下一系列的点。取钩码着地后滑块继续运动过程中对应的一段纸带，用刻度尺测出纸带上部分相邻计时点的间距如图b。已知交流电源频率为50Hz，当地的重力加速度为9.80m/s2。回答下列问题：（1）打点时纸带的________（填“A”或“B”）端靠近滑块。（2）滑块与桌面间的动摩擦因数为________。（结果保留3位有效数字）（3）由实验测定的动摩擦因数________（填“大于”“等于”或“小于”）真实值。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，长为的绝缘细线一端悬于点，另一端系一质量为、电荷量为的小球．现将此装置放在水平向右的匀强电场中，小球静止在点，此时细线与竖直方向成角．重力加速度为，，.求该匀强电场的电场强度的大小．14．（16分）空间有一与纸面平行的匀强电场，纸面内的A、B、C三点位于以O点为圆心，半径R＝0.2m的圆周上，并且，如图所示．现把电荷量的试探电荷从A移到B，电场力做功;从B移到C，电场力做功为．求：（1）AB两点的电势差UAB与BC两点的电势差UBC;（2）该匀强电场场强方向和大小．15．（12分）如图甲所示的电路中，R1、R2均为定值电阻，且R1＝100Ω，R2阻值未知，R3为一滑动变阻器。当其滑片P从左端滑至右端时，测得电源的路端电压随电源中流过的电流变化图线如图乙所示，其中A、B两点是滑片P在变阻器的两个不同端点得到的。求：(1)电源的电动势和内阻；(2)定值电阻R2的阻值；(3)滑动变阻器的最大阻值。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解题分析】试题分析：设板长为L、板间距为d、粒子的电量为q、质量为m，初速度为v．对①轨迹运动的粒子做类平抛运动。在水平方向：，在竖直方向：由牛顿第二定律得：，电场强度为：，以上联立两式得到：；同理对②轨迹运动的粒子做类平抛运动。在水平方向：，在竖直方向：。由牛顿第二定律得：，电场强度为：，以上联立两式得到：，所以，故C正确，ABD错误。所以C正确，ABD错误。考点：带电粒子在匀强电场中的偏转【名师点睛】本题主要考查了带电粒子在匀强电场中的偏转。同一种粒子以相同的速度从带电平行板上边缘垂直射入匀强电场，粒子做类平抛运动．由于两次极板间的电压不同，导致加速度不同，所以沿不同轨迹落在不同点．在两个方向上利用运动学公式和牛顿第二定律，写出规律，最后用比值的方法可以求解。2、A【解题分析】

小球的受力如图，运用合成法得：所以A.与分析相符，故A正确。B.与分析不符，故B错误。C.与分析不符，故C错误。D.与分析不符，故D错误。3、A【解题分析】

根据电场线的特点：电场线从正电荷出发到负电荷终止，可以判断ab是异种点荷，a应为正电荷b为负电荷，故A正确，B错误。电场线密的地方电场强度大，电场线疏的地方电场的强度小，A处电场线较疏。所以A点场强小于B点场强，故CD错误。故选A.【题目点拨】常见的电场线分布情况要熟悉，这是考试的热点．并要掌握电场线的两个物理意义：疏密表示场强的大小，沿着电场线的方向电势降低．4、A【解题分析】

由库仑定律的公式知，将保持它们之间的距离不变，将两个点电荷的电量都减小为原来的一半倍，则们之间的静电力大小变为原来的倍;故选A.【题目点拨】解决本题的关键掌握库仑定律的公式，注意力与间距平方成反比．5、A【解题分析】

AB．光照强度逐渐增强，光敏电阻阻值减小，电路的总电阻减小，电路中总电流增大，则L2逐渐变亮．由知，路端电压减小，又L2两端电压增大，则L1两端电压减小，L1逐渐变暗，故A正确B错误；C．电路中总电流增大，电源内电路消耗的功率：电路中的总电流增大，故电源内电路消耗的功率增大，故C错误；D．将L2看成电源内电路的一部分，光敏电阻R和灯泡L1消耗的总功率是等效电源的输出功率，由于等效电源的内阻大于外电阻，所以当光敏电阻的阻值减小，外电阻减小，等效电源的内、外电阻差增大，等效电源输出功率减小，故D项错误．【题目点拨】电源的内外电阻相等时，电源的输出功率最大．6、A【解题分析】充电后撤去电源，电荷量不变．板间距离增大，，电容变小，,电势差变大，静电计指针张角变大，A对．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解题分析】

分析小球的受力情况，运用合成法作图，结合三角形相似求出B对A的支持力，从而求得A对B的压力.分析B的受力情况，由平衡条件判断墙壁对B的摩擦力.当只轻轻把球B向下移动一点距离，再用同样的方法得到B对A的支持力和细绳拉力的表达式，即可分析它们的变化.【题目详解】A．分析A球的受力情况，如图1所示：N与mg的合力与T等大反向共线，根据两个阴影三角形相似得：，得：，，由牛顿第三定律知A对B的压力大小为：，故A正确.B．B在竖直方向受到重力，而AB间无摩擦，由平衡条件知竖直墙壁对B一定有摩擦力，故B错误.CD．当只轻轻把球B向下移动一点距离，分析A球的受力情况，如图2所示：N与T的合力与mg等大反向共线，根据两个阴影三角形相似得：可得：，，由于L＞h，可知，N减小，T减小，由牛顿第三定律知A对B的压力减小，故C错误，D正确.故选AD.【题目点拨】本题中没有角度，所以可以采用三角形相似研究共点力平衡问题.正确作出力的合成图是关键.8、BC【解题分析】

两小球所受的合力均为两者之间的库仑力，因库仑力是相互作用力，可知两球之间的静电斥力在任意时刻都是大小相等，方向相反，则根据牛顿第二定律得小球AB的加速度大小相等，方向相反．故A错误，B正确．因A做减速运动，B做加速运动，当速度相等时，距离最近，故D错误，C正确．故选BC．9、ABD【解题分析】

重物被提升的功率P1=Fv=Gv=500×0.9W=450W

此时电路中的电流为5A．则电源的总功率P总=EI=110×5W=550W

所以线圈电阻消耗的功率为Pr=P总-P1=550-450W=100W

由殴姆定律可得：，故ABD正确，C错误。10、BD【解题分析】

A．当电场方向向下时，带电小球所受的电场力方向向下，重力方向也向下，根据共点力的平衡条件，小球不能静止在图中位置，A错误；B．当电场方向向上时，带电小球所受的电场力方向上，当细线可以无拉力，小球可以静止在如图位置，B正确；C．当电场方向水平向左，带电小球所受的电场力方向向左，重力方向向下，根据共点力的平衡条件，小球不能静止在图中位置，C错误；D．当电场方向水平向右，带电小球所受的电场力水平向右，重力方向向下，根据共点力的平衡条件，小球可以静止在如图位置，D正确。故选BD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、5.0252.150R1【解题分析】

(1)应用欧姆表测电阻要选择合适的挡位使指针指在中央刻度线附近,螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数；游标考查主尺示数与游标尺示数之和是游标卡尺的示数；(2)在保证安全的前提下，为方便实验操作，应选最大阻值较小的滑动变阻器；为准确测量电阻阻值，应测多组实验数据，滑动变阻器可以采用分压接法，根据待测电阻与电表内阻间的关系确定电流表的接法，作出实验电路图．【题目详解】(1)用“×10”档时发现指针偏转角度过大，说明所选挡位太大，为准确测量电阻阻值，应该换用×1档;(2)由图示游标卡尺可知，其示数为：50mm+5×0.05mm=50.25mm=5.025cm；由图示螺旋测微器可知，其读数为：2mm+15.0×0.01mm=2.150mm.(3)为保证电路安全，方便实验操作，滑动变阻器应选R1，最大阻值5Ω.为测多组实验数据，滑动变阻器应采用分压接法，由于被测电阻阻值较小，则电流表应采用外接法，实验电路图如图所示:【题目点拨】选择实验器材时，要注意保证电路安全、注意所选实验器材方便实验操作，确定滑动变阻器的接法与电流表接法是正确设计实验电路的关键．12、B0.255大于【解题分析】（1）滑块先做匀加速运动，后做匀减速运动。在匀减速运动过程，相同时间内两点间距离越来越小