广东省深圳市四校发展联盟体2023年物理高二第一学期期末检测试题含解析_第1页
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文档简介

广东省深圳市四校发展联盟体2023年物理高二第一学期期末检测试题注意事项:1.答题前,考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚,将条形码准确粘贴在条形码区域内。2.答题时请按要求用笔。3.请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答,超出答题区域书写的答案无效;在草稿纸、试卷上答题无效。4.作图可先使用铅笔画出,确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5.保持卡面清洁,不要折暴、不要弄破、弄皱,不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、如图,一端开口、另一端封闭的玻璃管水平放置,管内用水银柱封闭了一定量的气体.按图示方式缓慢旋转玻璃管至竖直状态,该气体的()A.压强增大,体积减小B.压强减小,体积减小C.压强增大,体积增大D.压强减小,体积增大2、如图所示,电路中A灯与B灯的电阻相同,电源的内阻不可忽略,则当滑动变阻器R的滑动片P向上滑动时,两灯亮度的变化情况是()A.A灯变亮,B灯变亮 B.A灯变暗,B灯变亮C.A灯变暗,B灯变暗 D.A灯变亮,B灯变暗3、三块相同的蹄形磁铁并列放置,可以认为磁极间的磁场是均匀的.将一根直导线悬挂在磁铁两极间,分别将2、3和1、4接到电源上,两次通过直导线的电流相同,这一操作探究的是()A.电流大小对安培力的影响B.通电导线长度对安培力的影响C.磁感应强度大小对安培力的影响D.磁感应强度大小和通电导线长度对安培力的影响4、许多科学家在物理学发展中做出了重要贡献,下列表述中正确是()A.法拉第提出了分子电流假说 B.奥斯特发现了电流的磁效应C.安培用实验测出了静电力常量 D.楞次提出了磁场对运动电荷的作用力公式5、下列物理量属于基本物理量且单位属于国际单位制中基本单位的是()A.电流/安培 B.电容/法拉C.电阻/欧姆 D.磁通量/韦伯6、如图是某电源的伏安特性曲线和接在此电源上的电阻的U-I图像,则下列结论错误的是()A.电源的电动势为6.0V. B.电源的内阻为12ΩC.电路的输出功率为1.4W D.电路的效率为93.3﹪二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、国庆期间小明去逛超市,遇促销打折买了一个电吹风,电吹风的使用说明书上给出了如表所的参数及图示电路图。下列说法正确的是()A.该电吹风发热电阻R的阻值约为64.5ΩB.该电吹风电动机M的内阻为193.6ΩC.当开关S1断开、S2闭合时,电吹风吹冷风D.当开关S1、S2均闭合时,电动机每秒钟消耗的电能为1000J8、一带正电的粒子仅在电场力作用下从A点经B、C点运动到D点,其v-t图象如图所示,则下列说法中正确的是()A.A点的电场强度一定大于B点的电场强度B.CD间各点电场强度和电势都为零C.AB两点间的电势差大于CB两点间的电势差D.粒子在A点的电势能一定大于在B点的电势能9、如图所示,电源电动势为E,内阻为r.当滑动变阻器R2的滑片P向左滑动时,下列说法正确的是A.电阻R3消耗的功率变大B.电容器C上的电荷量变大C.灯L变暗D.R1两端的电压变化量的绝对值小于R2两端的电压变化量的绝对值10、如图1,闭合矩形导线框abcd固定在匀强磁场中,磁场的方向与导线框所在平面垂直,磁感应强度B随时间t变化的规律如图2所示。规定垂直纸面向外为磁场的正方向,线框中顺时针电流的方向为感应电流的正方向,水平向右为安培力的正方向。关于线框中的感应电流i与ad边所受的安培力F随时间t变化的图像,下列选项正确的是()A. B.C. D.三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11.(6分)如图所示,A、B为两颗在不同的轨道上绕地球做匀速圆周运的卫星,A的轨道半径大于B的轨道半径,用vA、vB分别表示A、B两颗卫星的线速度大小,用TA、TB分别表示A、B两颗卫星的周期,则vA_______vB,TA_________TB。12.(12分)潍坊高铁北站于2018年12月26日正式投入使用,启用前安装电磁设备时,为减少地磁场的影响,技术人员用霍尔元件做成的设备测地磁场B的大小和方向,该设备的示意图如图所示,设备的MN端边沿东西方向、NQ沿南北方向置于水平地面上,通入沿NQ自南向北方向的恒定电流I后,电压表有读数;以MN为轴,缓慢向上抬高PQ端,电压表示数发生变化,当它与地面成85°角时,电压表读数最大为U.若该霍尔元件的载流子M为自由电子,电量为e,单位体积内的自由电子个数为n,MN和PQ两端的截面积均为s,MN=PQ=d.则该处的地磁场B=_____;方向_____;该元件电势高的一侧是_____(填“MP”或“NQ”)。四、计算题:本题共3小题,共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.(10分)如图,两根间距为L=0.5m的平行光滑金属导轨间接有电动势E=3V、内阻r=1Ω的电源,导轨平面与水平面间的夹角θ=37°.金属杆ab垂直导轨放置,质量m=0.2kg.导轨与金属杆接触良好且金属杆与导轨电阻均不计,整个装置处于竖直向上的匀强磁场中.当R0=1Ω时,金属杆ab刚好处于静止状态,取g=10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8(1)求磁感应强度B的大小;(2)若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上,求金属杆的加速度14.(16分)如图所示,水平放置的两块长直平行金属板a、b相距d=0.10m,a、b间的电场强度为E=5.0×105N/C,b板下方整个空间存在着磁感应强度大小为B=6.0T、方向垂直纸面向里的匀强磁场.今有一质量为m=4.8×10-25kg、电荷量为q=1.6×10-18C的带正电的粒子(不计重力),从贴近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入匀强电场,刚好从狭缝P处穿过b板而垂直进入匀强磁场,最后粒子回到b板的Q处(图中未画出).求P、Q之间的距离L15.(12分)ABC表示竖直放在电场强度为E=104V/m的水平匀强电场中的绝缘光滑轨道,其中轨道的BC部分是半径为R的圆环,轨道的水平部分与半圆环相切.A为水平轨道上的一点,而且AB=R=0.2m,把一质量m=0.1kg,带电量为q=+C的小球,放在A点由静止释放后,求:(g=10m/s2)(1)小球到达C点的速度大小(2)小球在C点时,轨道受到的压力大小

参考答案一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】水平位置时的气体的压强:P1=P0;开口向上的竖直位置的压强:P2=P0+ρgh;可知随向上竖起的过程中,气体的压强增大,体积减小,故A正确,BCD错误;故选A2、A【解析】根据闭合电路欧姆定律,当滑动变阻器阻值发生变化时,回路中的电流以及路端电压也发生变化,从而导致灯的亮暗发生变化。【详解】当滑片P向上滑动时,接入电路的滑动变阻器阻值增大,从而外电路的总电阻R变大,根据闭合电路欧姆定律总电流强度减小,从而内电压降低,路端电压升高,加在B灯两端的电压就是路端电压,因此B灯变亮,流过B灯的电流IB增大,从而流过R0的电流I0减小,即加在R0两端的电压U0降低,而路端电压因此加在A灯两端的电压升高,A灯变亮。A正确,BCD错误。故选A。【点睛】若流过滑动变阻器的电流变小,与滑动变阻器是串联关系的所有用电器的电流都变小,与滑动变阻器是并联关系的用电路电流都变大,这就是“串同并反”。3、B【解析】采用控制变量法来研究影响安培力大小的因素,电流和磁场强度不变,只改变导线的长度,故探究的时通电导线长度对安培力的影响,故B正确;故选B.点睛:本题主要考查了控制变量法来探究影响安培力大小的因素,明确变量即可判断.4、B【解析】安培提出了分子电流假说,选项A错误;奥斯特发现了电流的磁效应,选项B正确;库伦用实验测出了静电力常量,选项C错误;洛伦兹提出了磁场对运动电荷的作用力公式,选项D错误;故选B.5、A【解析】A.电流的单位安培是国际单位制中基本单位,A正确;B.电容的单位法拉是导出单位,B错误;C.电阻的单位欧姆是导出单位,C错误;D.磁通量的单位韦伯是导出单位,D错误。故选A。6、B【解析】电源的伏安特性图象与纵坐标的交点为电源的电动势,图象的斜率表示内阻;两图象的交点为电阻的工作状态点;则由图可得出电源的输出电压及输出电流;从而由P=UI可求得电源的输出功率及效率【详解】由图可知,电源的电动势为6.0V,故A正确;电源的内阻,故B错误;由图可知,电源与电阻相连时,电阻两端的电压为5.6V,电流为0.25A,故电源的输出功率,故C正确;电路的效率,故D正确;答案选B二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、AC【解析】A.由题意可知,电阻R上的功率为750W,故R的阻值为故A正确;B.该吹风机的电动机总功率为250W,它是非纯电阻电路,不能用求其电阻,由于其输出功率未知,故无法求出该电动机的内阻,故B错误;C.由于电阻用来发热,故当开关S1断开、S2闭合时,电阻不工作,故电吹风吹冷风,故C正确;D.当开关S1、S2均闭合时,电动机每秒钟消耗的电能为250J,故D错误;故选AC。8、AD【解析】由运动的速度--时间图象可看出,带正电的粒子的加速度在A点时较大,由牛顿第二定律得知在A点的电场力大,故A点的电场强度一定大于B点的电场强度,故A正确;CD间各点电荷的加速度为零,故不受电场力,故电场强度为零,电场强度为零说明各点之间的电势差为零,但电势不一定为零,故B错误.A、C两点的速度相等,故粒子的动能相同,因此从A到B和从B到C电场力做功的绝对值相同,AB两点间的电势差等于CB两点间的电势差,故C错误.从A到B,速度增大,故电场力做正功,可知电势能减小,则粒子在A点的电势能一定大于在B点的电势能,故D正确;故选AD【点睛】本题考查到了电场力做功的计算和电场力做功与电势能的关系,其关系为:电场力对电荷做正功时,电荷的电势能减少;电荷克服电场力做功,电荷的电势能增加,电势能变化的数值等于电场力做功的数值.这常是判断电荷电势能如何变化的依据.还考查了对于匀变速直线运动的图象分析电荷在电场中移动时,电场力做的功与移动的路径无关,只取决于起止位置的电势差和电荷的电量,这一点与重力做功和高度差的关系相似9、BCD【解析】A.当滑动变阻器的滑片P向左滑动时,电阻变小,则外电路的总电阻变小,小电阻分小电压,则外电压变小,故消耗的功率:变小,故A错误;B.变小,外电路的总电阻变小,则干路总电流变大,而上电压变小,则电流变小,故上电流变大,电压变大,故电容器两端电压变大,,则电荷量变大,故B正确;C.变小,小电阻分小电压,则的电压变小,灯泡的电压变小,故灯L变暗,故C正确;D.两端的电压变大,两端的电压变小,二者电压之和等于外电压,由前面分析之外电压变小,故两端增加的电压小于两端减小的电压,故D正确10、AC【解析】AB.由B-t图像可知,0~1s时间内,B的方向垂直纸面向外且增大,磁通量向外增大,由楞次定律可知,感应磁场向里,根据安培定则,可知感应电流是顺时针的,为正值;1~2s磁场大小不变,通过线圈的磁通量不变,无感应电流;2~3s,B的方向垂直纸面向外且减小,磁通量向外减小,由楞次定律可知,感应磁场向外,根据安培定则,可知感应电流沿逆时针方向,为负值;3~4s内,B的方向垂直纸面向里且增大,磁通量向里增大,由楞次定律可知,感应磁场向外,根据安培定则,可知感应电流沿逆时针方向,为负值;由法拉第电磁感应定律可知,感应电动势感应电流由B-t图像可知,在每一时间段内是定值,故在各时间段内I是定值,故A正确,B错误;CD.由左手定则可知,在0~1s内,ad受到的安培力方向为水平向右,是正的,1~2s无感应电流,没有安培力,2~4s时间内,安培力方向为水平向左,是负的;ad边受到的安培力为F=BIL因I、L不变,B均匀变化,则安培力F均匀变化,不是定值,故C正确,D错误。故选AC。三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11、①.小于②.大于【解析】[1][2]根据可得因为rA大于rB,则vA小于vB,TA大于TB。12、①.②.与地面成5°斜向下③.MP【解析】[1]当电子受到的电场力和洛伦兹力相等时,电压达到稳定,此时有电流的微观表达式为解得[2]由于当时电压最大为U,此时磁场方向与霍尔元件垂直,即地磁场方向与地面成5°斜向下;[3]由与载流子为电子,由左手定则可知,电子朝NQ板聚集,即电势较高的一侧为MP。四、计算题

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