2022届百校联考高考物理倒计时模拟卷含解析

2021-2022学年高考物理模拟试卷

考生请注意：

1.答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。

2.第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的

位置上。

3.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1.如图所示，轻质弹簧一端固定在竖直墙面上，另一端拴接一质量为机的小滑块。刚开始时弹簧处于原长状态，现

给小滑块上施加一水平力F,使之沿光滑水平面做匀加速直线运动，运动过程中弹簧未超出弹性限度。下列关于水平

力尸随位移x变化的图像正确的是（)

A.图甲中，有些火星的轨迹不是直线，说明炽热微粒不是沿砂轮的切线方向飞出的

B.图乙中，两个影子在x、y轴上的运动就是物体的两个分运动

C.图丙中，小锤用较大的力去打击弹性金属片，4、8两球可以不同时落地

D.图丁中，做变速圆周运动的物体所受合外力尸在半径方向的分力大于所需要的向心力

3.几位同学利用课余时间测一干涸的半球形蓄水池的直径。身高为1.80m的小张同学站在池边从头顶高处水平向池中

投掷小石子，石子刚好落到池底的正中央，小李同学用手机的秒表记录的小石子运动时间为1.6s。不计空气阻力，重

力加速度取lOm/s2.可知水池的直径为（）

A.3.6mB.11mC.12.8mD.22m

4.轰炸机进行实弹训练，在一定高度沿水平方向匀速飞行，轰炸机在某时刻释放炸弹，一段时间后击中竖直悬崖上的目标

P点.不计空气阻力，下列判断正确的是（）

A.若轰炸机提前释放炸弹，则炸弹将击中P点上方

B.若轰炸机延后释放炸弹，则炸弹将击中P点下方

C.若轰炸机在更高的位置提前释放炸弹，则炸弹仍可能击中P点

D.若轰炸机在更高的位置延后释放炸弹，则炸弹仍可能击中P点

5.自2020年初开始，我国发生了新冠肺炎疫情。面对疫情，中华儿女众志成城，科学战“疫”，现在疫情已经得到了

有效控制。2020年3月3日，国家卫健委、国家中医药管理局印发《关于印发新型冠状病毒肺炎诊疗方案（试行第七

版）的通知》，指出新型冠状病毒的传播途径：经呼吸道飞沫和密切接触传播是主要的传播途径，在相对封闭的环境中

长时间暴露于高浓度气溶胶情况下存在经气溶胶传播的可能。气溶胶粒子是悬浮在大气中的微小颗粒，如云、雾、细

菌、尘埃、烟尘等。气溶胶中的粒子具有很多动力学性质、光学性质，比如布朗运动，光的反射、散射等。关于封闭

环境中的气溶胶粒子，下列说法正确的是（）

A.在空气中会缓慢下沉到地面

B.在空气中会缓慢上升到空中

C.在空气中做无规则运动

D.受到的空气分子作用力的合力始终等于其所受到的重力

6.一定量的理想气体从状态”开始，经历三个过程就、be、ca回到原状态，其p-7图象如图所示.下列判断正确的

是（）

Pf

A.过程口中气体一定吸热

B.过程儿中气体既不吸热也不放热

C.过程M中外界对气体所做的功等于气体所放的热

D.a、6和c三个状态中，状态a分子的平均动能最大

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7.2019年9月11日，《自然天文学》杂志登载了英国伦敦大学一个研窕小组的报告：他们成功通过开普勒望远镜发

现，一颗代号为K2-18b的类地行星的大气中有水汽，含量可能在0.1%至50%之间。如果K2-18b和地球均视为均匀

球体，其半径与地球半径之比为p,其质量与地球质量之比为q,则K2-18b和地球（）

A.表面的重力加速度之比为上yB.表面的重力加速度之比为

P

C.第一宇宙速度之比为D.第一宇宙速度之比为

8.如图所示，半径为K的光滑绝缘圆环固定于竖直平面内，a为圆环的最低点，c为圆环的最高点，b点与圆心。等

高，该空间存在与圆环平面平行的匀强电场。质量为机、带电量为"的小球P套在圆环上，沿环做圆周运动，通过。、

b、c三点时的速度大小分别为匕=且弊、%=当皿、匕=*区。下列说法正确的是（）

A.匀强电场方向水平向右

B.匀强电场场强大小为石=圾

q

C.小球运动过程中对圆环的最大压力为7.5mg

D.小球运动过程中对圆环的最小压力为L25/ng

9.迄今为止，大约有1000颗卫星围绕地球正常工作，假如这些卫星均围绕地球做匀速圆周运动，关于这些卫星，下

列说法正确的是

A.轨道高的卫星受到地球的引力小B.轨道高的卫星机械能大

C.线速度大的卫星周期小D,线速度大的卫星加速度大

10.质量均为，”的小球A、B分别固定在一长为L的轻杆的中点和一端点，如图所示。当轻杆绕另一端点。在光滑水

平面上做角速度为“的匀速圆周运动时，则（）

B

A.处于中点的小球A的线速度为〃y

B.处于中点的小球A的加速度为乙。2

C.处于端点的小球B所受的合外力为,

D.轻杆04段中的拉力与AB段中的拉力之比为3：2

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）（某同学要测定某金属丝的电阻率。

（1）如图甲先用游标卡尺测其长度为cm,如图乙再用螺旋测微器测其直径为mm,如图丙然后用多用电

表XI。挡粗测其电阻为

（2）为了减小实验误差，需进一步测其电阻，除待测金属丝外，实验室还备有的实验器材如下:

A.电压表V（量程3V.内阻约为15kfl）

B.电流表A（量程0.6A.内阻约为1。）

C.滑动变阻器Ri（0~5C,0.6A）

D.1.5V的干电池两节，内阻不计

E.开关S,导线若干

①请设计合理的电路图，并画在下图方框内。

②用上面测得的金属导线长度/、直径d和电阻R,可根据表达式〃=算出所测金属的电阻率。

12.（12分）在研究金属电阻阻值与温度的关系时，为了能够较准确地测出金属电阻的阻值，设计了如图所示的电路。

除了金属电阻《外，还提供的实验器材有：学生电源E,灵敏电流计G。滑动变阻器R、Rs,,定值电阻用、Ri,电

阻箱餐,开关S,控温装置，导线若干。

①按照电路图连接好电路后，将Ro调至适当数值，R的滑片调至最右端。Rs的滑片调至最下端，闭合开关S；

②把R的滑片调至适当位置，调节Ro,并逐步减小Rs的阻值，直到Rs为零时，电流计G指针不发生偏转，记录Ro

的阻值和心的温度；

③多次改变温度，重复实验；

④实验完毕，整理器材。

根据上述实验回答以下问题：

(1)上述②中，电流计G指针不发生偏转时，。点电势(选填“大于”“等于”或“小于”)8点电势。

(2)用Ro、Ri、电表示Rx,Rx=

(3)本实验中&的作用为

(4)若只考虑系统误差，用该方法测得的&的阻值_________(选填“大于”“等于”或“小于”)&的真实值。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.(10分)如图所示，在平面直角坐标系内，第I象限的等腰三角形MNP区域内存在垂直于坐标平面向外的匀强磁

场，y<0的区域内存在着沿y轴正方向的匀强电场。一质量为，”带电荷量为g的带电粒子从电场中。(-2九点以

速度为水平向右射出，经坐标原点。射入第I象限，最后垂直于PM的方向射出磁场。已知MN平行于x轴，NP垂

直于x轴，N点的坐标为(2/»,2/0,不计粒子的重力，求：

(1)电场强度的大小；

⑵最小的磁感应强度的大小；

(3)粒子在最小磁场中的运动时间。

14.(16分)质量相等的小球A与3之间压缩一轻质弹簧，球的大小和弹簧的长度均可忽略不计。从地面上以速度%竖

直向上抛出该装置，装置到达最高点瞬间弹簧自动弹开，弹开两小球的时间极短，小球与弹簧脱离(不计空气阻力，

重力加速度为g)。已知第一次弹簧水平弹开，两小球落地点间距为L,第二次弹簧竖直弹开。求第二次两小球落地

的时间差。

15.(12分)如图，在水平固定放置的汽缸内，用不漏气的轻质活塞封闭有一定量的理想气体，开有小孔的薄隔板将

气体分为A、3两部分.活塞的横截面积为S,与汽缸壁之间无摩擦.初始时A、B两部分体积相同，温度为7,大气

压强为pi.

7—活塞

⑴加热气体，使4、8两部分体积之比达到1:2,求此时的温度P；

(2)将气体温度加热至27,然后在活塞上施加一向左的水平恒力F=5piS,推动活塞，直至最终达到平衡，推动活塞过

程中温度始终维持2T不变，求最终气体压强

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、D

【解析】

小滑块运动过程中受到水平向右的拉力以及水平向左的弹力作用，而小滑块运动的位移大小等于弹簧的形变量，根据

牛顿第二定律有

F-kx=ma

所以有

F=ma+kx

所以水平力厂随位移x变化的图像是不过原点的一条倾斜直线，故A、B、C错误，D正确；

故选D。

2、B

【解析】

A.题图甲中炽热微粒是沿砂轮的切线方向飞出的，但是由于重力及其他微粒的碰撞而改变了方向，故A错误；

B.题图乙中沿y轴的平行光照射时，在x轴上的影子就是x轴方向的分运动，同理沿x轴的平行光照射时，在y轴上

的影子就是y轴方向的分运动，故B正确；

C.无论小锤用多大的力去打击弹性金属片，只会使得小球A的水平速度发生变化，而两小球落地的时间是由两球离

地面的高度决定的，所以A、3两球总是同时落地，故C错误；

D.做变速圆周运动的物体所受合外力尸在半径方向的分力等于所需要的向心力，故D错误。

故选B。

3、D

【解析】

设水池的半径为R,人身高为心根据平抛运动的规律，在竖直方向，有

h+R=-gr

代入数据解得K=Hm,则直径为22m,故ABC错误，D正确。

故选D。

4、C

【解析】

由题意可知，炸弹若提前释放，水平位移增大，在空中的运动时间变长，应落在P点下方，反之落在上方，故AB错

误；炸弹若从更高高度释放，将落在P点上方，若要求仍击中P点，则需要更长的运动时间，故应提前释放，故C正

确，若延后释放，将击中P点上方，故D错误，故选C.

5、C

【解析】

ABC.封闭环境中的气溶胶粒子的运动属于布朗运动，所以在空气中做无规则运动，AB错误C正确；

D.做布朗运动的粒子受力不平衡，所以才能做无规则运动，D错误。

故选C。

6、A

【解析】

A、由图示可知，成过程，气体压强与热力学温度成正比，则气体发生等容变化，气体体积不变，外界对气体不做功,

气体温度升高，内能增大，由热力学第一定律AU=Q+W可知，气体吸收热量，故A正确；

B、由图示图象可知，加过程气体发生等温变化，气体内能不变，压强减小，由玻意耳定律可知，体积增大，气体对

外做功，由热力学第一定律AU=Q+W可知，气体吸热，故8错误；

C、由图象可知，恒过程气体压强不变，温度降低，由盖吕萨克定律可知，其体积减小，外界对气体做功，W>0,气

体温度降低，内能减少，△t/<0,由热力学第一定律AU=Q+W可知，气体要放出热量，过程加中外界对气体所做

的功小于气体所放热量，故C错误；

D、由图象可知，。状态温度最低，分子平均动能最小，故O错误；

故选A.

【点睛】由图示图象判断气体的状态变化过程，应用气态方程判断气体体积如何变化，然后应用热力学第一定律答题.

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、AD

【解析】

根据星球表面物体受到的万有引力等于物体的重力有

—Mm

G~^r=mg

得星球表面重力加速度

GM

故

8行=加行4%_q

g地M地%p~

可知A正确，B错误;

根据万有引力提供向心力有

—Mmv2

G——=m—

R2R

得第一宇宙速度

故

行」地_W

也RM地R行V

可知C错误，D正确。

故选ADo

8、AC

【解析】

A.从最低点到最高点：

；mvj一；加］=-2mgR+qUac

解得:

4=0

故ac连线为等势线，从。到6,有

g优_gmv；=-mgR+qUah

解得：

3甯＞。

电场线垂直于等势线，且沿电场线方向电势逐渐降低，故匀强电场方向水平向右，故A正确;

B.匀强电场场强大小

E』=即里

R4q

故B错误:

C.电场力

L3

Eq=-mg

当电场力与重力合力与圆心在一条直线上时，对圆环的压力达到最大和最小，根据几何关系可知，最大速度

11

—加吟9ax—-mv；9--mgR(\-cos370)+qERsin37°

根据牛顿第二定律

2

FN-Eqcos53°-mgcos37°=m

解得最大支持力为:

Enax=75谑

根据牛顿第三定律可知，最大压力为1.5/ng；根据几何关系可知，最小速度

1919

—mv^in-—mv：=-mgR(l+cos37°)-qERsin37°

根据牛顿第二定律

v2.

Eqcos530+mgcos370-FN=m

解得最小支持力为:

%=°

故C正确D错误。

故选AC«

9、CD

【解析】

A.引力的大小不仅与轨道半径有关，还与卫星质量有关，故A错误；

B.机械能的大小也与质量有关，故B错误；

CD.根据

„Mm4/v2

G——=mr-7-=ma=m—

可知线速度越大，轨道半径越小，加速度越大，周期越小，故CD正确。

10、CD

【解析】

A.处于中点的小球A的运动半径为二，根据线速度与角速度的关系可知线速度

2

I,

v=—La>

2

A错误；

B.处于中点的小球A的加速度为

1，1

aK=

B错误；

C.处于端点的小球B的向心加速度

a—co2L

由牛顿第二定律F=ma可知小球B所受的合外力为

F=marL

C正确；

D.设轻杆Q4段中的拉力为耳，轻杆A3段中的拉力为入，对小球A由牛顿第二定律可得

F1-F,=^ma)2L

对小球B由牛顿第二定律可得

F-,=ma>2L

联立解得

二=3

居2

D正确。

故选CDo

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

Tid'R

11、6.0151.7706见解析

4/

【解析】

(1)[1].游标卡尺读数为：主尺读数+游标尺读数x精度，此题读数为:

60mm+3x0.05mm=60.15mm=6.015cm

即金属丝的长度为6.015cm»

[2].螺旋测微器的读数为：固定刻度读数+可动刻度读数+估读，此题的读数为:

1.5mm+27.3x0.01mm=1.773mm.

即金属丝直径为l.773mm。

[3].多用表的读数为电阻的粗测值，为6。。

RS7id2R

p=——=-------

I4/

/?.

12、等于十《D保护电流计等于

【解析】

[1]当电流计阻值不偏转时，没有电流流过电流计，电流计两端电势相等，即。点电势等于。点电势。

[2]电流计指针不偏转，没有电流流过电流计，电桥平衡，由此可知

4=4

&&

解得

[3]本实验中凡的作用是保护电流计。

[4]若只考虑系统误差，用该方法测得的R*的阻值等于尺的真实值。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

2(0+1)叫

13、(1)E-----；(2)B.=

mn⑶

2qhqh%

【解析】

(1)由几何关系可知粒子的水平位移为2万，竖直位移为心由类平抛运动规律得

2/1=卬

.1

h=—at2

2

由牛顿第二定律可知

Eq=ma

联立解得

E=

2qh

(2)粒子到达。点，沿y铀正方向的分速度

Eq2h

v..=at=---------=%

m%

则速度与x轴正方向的夹角a