2022届百校联盟高考适应性考试物理试卷含解析

2021-2022学年高考物理模拟试卷

请考生注意：

1.请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0.5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答

案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。

2.答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、下列说法正确的是()

A.布朗运动是液体分子的无规则运动

B.随液体的温度升高，布朗运动更加剧烈

C.物体从外界吸收热量，其内能一定增加

D.内能是物体中所有分子热运动动能的总和

2、一质点做匀加速直线运动时，速度变化Av时发生位移不，紧接着速度变化同样的八丫时发生位移々，则该质点的

加速度为()

(11>

A.(Av)2----1-----

、X]x2>

2

n(Av)

B.2-~~—

(ii>

C.(Av)2----------

l百x2)

D.9

玉-x2

3、关于恒星，下列说法正确的是()

A.质量越大的恒星，寿命越短

B.体积越大的恒星，亮度越大

C.红色恒星的温度比蓝色恒星的温度高

D.恒星发光、发热主要来自于恒星内部的化学反应

4、昆明某中学运动会玩“闯关游戏”进行热身，如图所示，在笔直通道上每隔8m设有一个关卡，各关卡同步放行和关

闭，放行和关闭的时间分别为4s和2s。关卡刚放行时，一同学立即在关卡1处以4m/s2的加速度由静止加速到4m/s,

然后匀速向前，则最先挡住他前进的关卡是()

关卡1关卡2关卡3关卡4关卜5

8m8m8in8m

A.关卡2B.关卡3

C.关卡4D.关卡5

5、物块以60J的初动能从固定的斜面底端沿斜面向上滑动，当它的动能减少为零时，重力势能增加了40J,则物块回

到斜面底端时的动能为（）

C.30J

6、如图，在固定斜面上的一物块受到一外力尸的作用，尸平行于斜面向上。若要物块在斜面上保持静止，厂的取值应

有一定的范围，已知其最大值和最小值分别为B和尸2（八和尸2的方向均沿斜面向上）。由此可求出物块与斜面间的

最大静摩擦力为（）

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、如图甲为一列沿x正方向传播的简谐横波在UO.ls时刻的波动图像，图乙是波中某振动质点位移随时间变化的振

动图像，P是平衡位置为x=L5m处的质点，。是平衡位置为x=12m处的质点，则下列说法正确的是

A./=0.2s时，质点P的振动方向沿y轴负方向

B.图乙可能是x=lm处质点的振动图像

C.再经过0.5s,质点。第一次到达波峰

D.从U0.10s到U0.25s,质点尸通过的路程为30cm

E.再经过0.4s,质点Q达到加速度正向最大，位移反向最大

8、如图所示，质量为机的滑块以一定初速度滑上倾角为。的固定斜面，同时施加一沿斜面向上的恒力£=〃际sin。；

已知滑块与斜面间的动摩擦因数〃=tan8,取出发点为参考点，能正确描述滑块运动到最高点过程中产生的热量Q,

滑块动能4、势能机械能£随时间，、位移$关系的是（）

9、一列简谐横波沿x轴正方向传播，在x=12m处的质元的振动图线如图1所示，在x=18m处的质元的振动图线如

图2所示。下列说法正确的是（）

A.该波的周期为12s

B.x=12m处的质元在平衡位置向上振动时，x=18m处的质元在波峰

C.在0~4s内x=12m处和x=18m处的质元通过的路程均为6cm

D.该波的波长不可能为8m

10、我国研发的磁悬浮高速实验样车在2019年5月23日正式下线，在全速运行的情况下，该样车的时速达到600千

米。超导体的抗磁作用使样车向上浮起，电磁驱动原理如图所示，在水平面上相距/的两根平行导轨间，有垂直水平

面前等距离分布的匀强磁场，磁感应强度大小均为B,每个磁场的宽度都是/,相间排列。固定在样车下方宽为/、阻

值为R的导体线框"cd悬浮在导轨上方，样车运行过程中所受阻力恒为一,当磁场以速度vo向右匀速运动时，下列

说法正确的是()

•#:x/?xXX・曾»•XX

o.1xX

1<X••••XX

••:XX

1<X••♦・XX

•♦:XX*X••♦・XX

A.样车速度为零时，受到的电磁驱动力大小为竺工区

R

B.样车速度为零时，线圈的电热功率为”

R

C.样车匀速运动时，克服阻力做功的功率为介

D.样车匀速运动时，速度大小为％-彳&万

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.(6分)某同学在“验证力的平行四边形定贝U”的实验中，利用以下器材：

两个轻弹簧A和8、白纸、方木板、橡皮筋、图钉、细线、钩码、刻度尺、铅笔。

实验步骤如下：

(1)用刻度尺测得弹簧A的原长为6.00cm,弹簧B的原长为8.00cm：

(2)如图甲，分别将弹簧A、8悬挂起来，在弹簧的下端挂上质量为机=100g的钩码，钩码静止时，测得弹簧A长度

为6.98cm,弹簧8长度为9.96cm。取重力加速度g=9.8m/s2,忽略弹簧自重的影响，两弹簧的劲度系数分别为

N/m,ku=N/m；

(3)如图乙，将木板水平固定，再用图钉把白纸固定在木板上，将橡皮筋一端固定在M点，另一端系两根细线，弹

簧4、8一端分别系在这两根细线上，互成一定角度同时水平拉弹簧4、B,把橡皮筋结点拉到纸面上某一位置，用铅

笔描下结点位置记为0。测得此时弹簧A的长度为8.10cm,弹簧B的长度为11..80cm,并在每条细线的某一位置用铅

笔记下点Pi和尸2；

4

橡皮筋

O

九P却

:弹簧B

（4）如图丙，取下弹簧A,只通过弹簧8水平拉细线，仍将橡皮筋结点拉到。点，测得此时弹簧8的长度为13.90cm,

并用铅笔在此时细线的某一位置记下点尸，此时弹簧3的弹力大小为?=N（计算结果保留3位有效数字）；

（5）根据步骤（3）所测数据计算弹簧A的拉力八、弹簧B的拉力打，在图丁中按照给定的标度作出小、尸B的图

示,根据平行四边形定则作出它们的合力产的图示，测出产的大小为No（结果保留3位有效数字）

（6）再在图丁中按照给定的标度作出V的图示—,比较尸与尸的大小及方向的偏差，均在实验所允许的误差范围

之内，则该实验验证了力的平行四边形定则。

12.（12分）实验室有一个室温下的阻值约为lOOfl的温敏电阻RT。一实验小组想用伏安法较准确测量RT随温度变化

的关系。其可供使用的器材有：电压表Vi（量程为3V,内阻约为51d2）；电压表VM量程为15V,内阻约为100k。）；电

流表Ai（量程为0.6A,内阻约为2。）；电流表A2（量程为50mA,内阻约为30。）；电源（电动势为3V,内阻不计）；滑

动变阻器R（最大阻值为20C）；开关S、导线若干。

⑴综合以上信息，请你帮助该实验小组设计出科学合理的测量其电阻的电路原理图____，其中电压表应选用_（填“VJ

或“V/）,电流表应选用_（填“Ai”或“A2”）；

(2)实验中测得不同温度下电阻阻值如下表

温度t(°C)01020304050

阻值R(Q)100.0103.9107.8111.7115.6119.4

请在给出的坐标纸中作出其阻值随温度变化的图线—

R42

(3)由图线可知，该温敏电阻的阻值随温度变化的特点是;

(4)根据温敏电阻的阻值随温度变化的特点，可以制成测温仪表，原理如图，E为电源，⑷是一量程适当的电流表(0刻

度在刻度盘左端，满偏电流在右端)，使用时只要将®的刻度盘由电流改为温度，就能测量所处环境的温度，则改换后

越靠近刻度盘右端表示的温度越—(填“高”或"低，')，盘面的刻度是_(填“均匀”或“不均匀”)的。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）如图所示，上表面光滑、下表面粗糙的木板放置于水平地面上，可视为质点的滑块静止放在木板的上表

面。f=0时刻，给木板一个水平向右的初速度w,同时对木板施加一个水平向左的恒力尸，经一段时间，滑块从木板

上掉下来。已知木板质量M=3kg,高〃=0.2m,与地面间的动摩擦因数〃=0.2；滑块质量m=0.5kg,初始位置距木

板左端L=0.46m,距木板右端L：=0.14m；初速度yo=2m/s,恒力尸=8N,重力加速度g=10m/s2。求：

（1）滑块从离开木板开始到落至地面所用时间；

（2）滑块离开木板时，木板的速度大小。

Zi,A,

左■二：A右

F伙»

~7777777777777777777777/777777777777

14.（16分）如图所示，一直角三角形ABC处于匀强电场中（电场未画出），ZA=30°,BC=L,三角形三点的电

势分别为*.=0，%=%=与（%>0,为已知量）。有一电荷量为一4、质量为的带电粒子（重力不计）从A

点以与A8成30。角的初速度％向左下方射出，求：

（1）求电场强度E；

（2）设粒子的运动轨迹与N84C的角平分线的交点为G,求粒子从4点运动到G点的时间人

15.（12分）某学习小组设计了图甲所示的“粒子回旋变速装置”。两块相距为d的平行金属极板M、N,板M位于x

、.“e2Tim

轴上，板N在它的正下方。两板间加上图乙所示的交变电压，其电压值为。0,周期，板M上方和板N下

qB

方有磁感应强度大小均为3、方向相反的匀强磁场。粒子探测器位于y轴处，仅能探测到垂直于）轴射入的带电粒子。

有一沿3轴可移动的粒子发射器，可垂直于x轴向上射出质量为机、电荷量为《9>0）的粒子，且粒子动能可调节

7=0时刻，发射器在（x,0）位置发射一带电粒子。忽略粒子的重力和其他阻力，粒子在电场中运动的时间不计。

（1）若粒子只经磁场偏转并在y=%处被探测到，求发射器的位置和粒子的初动能;

（2）若粒子两次进出电场区域后被探测到，且有纭。求粒子发射器的位置坐标》与被探测到的位置坐标y之间

的关系。

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、B

【解析】

A.布朗运动不是液体分子的无规则运动，而是花粉颗粒的无规则的运动，布朗运动间接反映了液体分子是运动的，

故选A错误；

B.随液体的温度升高，布朗运动更加剧烈，选项B正确；

C.因为温度越高，分子运动速度越大，故它的运动就越剧烈；物体从外界吸收热量，如果还要对外做功，则它的内

能就不一定增加，选项C错误；

D.内能是物体中所有分子热运动动能与分子势能的总和，故选项D错误。

故选B。

2、D

【解析】

设质点做匀加速直线运动，由4到8：

2

(%+Av)—v；=2ax}

由A到C

2

(%+2Av)—VQ=2a(再+x2)

由以上两式解得加速度

(Av)2

a=--------

内一乙

故选D。

v0v0+Avh+2Av

Xi-<-x］一^：

3、A

【解析】

A.根据宇宙规律可知，质量越大的恒星，寿命越短，A正确；

B.恒星的亮度与恒星的体积和温度及它与地球的距离有关，温度越高，体积越大，距离越近，亮度越亮，故体积大

的恒星，其亮度不一定大，B错误；

C.恒星的颜色是由温度决定的，温度越低，颜色越偏红，温度越高，颜色越偏蓝，故红色恒星的温度比蓝色恒星的

温度低，c错误；

D.恒星发光、发热主要来自于恒星内部的核聚变，D错误.

故选Ao

4、B

【解析】

关卡刚放行时，该同学加速的时间

a

运动的距离为

X.--at2-2m

2

然后以4m/s的速度匀速运动，经3s运动的距离为12m,因此第1个4s运动距离为14m,过了关卡2；到关卡3需

再用

小于关卡关闭时间2s,从开始运动至运动到关卡3前共用时

t^=t+t'=4.5s

而运动到第4s时，关卡关闭，不能过关卡3,因此最先被挡在关卡3前。

故选B.

5、B

【解析】

由能量守恒可知物块沿斜面上滑的过程中，产生的摩擦热为20J。由于上滑过程和下滑过程中摩擦力的大小相同，相

对位移大小也相同，所以上滑过程中的摩擦生热和下滑过程中的摩擦生热相等。对全程用能量守恒，由于摩擦生热40J,

所以物块回到斜面底端时的动能为20J。故B正确，ACD错误。

故选B。

6、C

【解析】

对滑块受力分析，受重力、拉力、支持力、静摩擦力，四力平衡；当静摩擦力平行斜面向下时，拉力最大；当静摩擦

力平行斜面向上时，拉力最小；根据平衡条件列式求解即可。

【详解】

对滑块受力分析，受重力、拉力、支持力、静摩擦力，设滑块受到的最大静摩擦力为了,物体保持静止，受力平衡，

合力为零；当静摩擦力平行斜面向下时，拉力最大，有：耳一机gsin。-/=0；

当静摩擦力平行斜面向上时，拉力最小，有：F2-mgsin0+f=O,

联立解得：/=学2，故C正确，ABD错误；

故选C。

【点睛】

本题关键是明确拉力最大和最小的两种临界状况，受力分析后根据平衡条件列式并联立求解。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7,BCE

【解析】

A.根据图像可知：波的周期为0.2s,Z=0.2s时的波动图像与UO.ls时的波动图象相反，根据“头碰头，尾碰尾”可知，质

点P的振动方向沿y轴正方向，故选项A错误；

B.由图乙可知，UO.ls时，质点通过平衡位置，且向下振动，根据“头碰头，尾碰尾”可知，图乙可能是x=lm或x=5m

处的质点振动图象，故选项B正确；

C.由图甲可知/l=4m,图乙可知T=0.2s,故波速

A4

v=—=——=20m/s

T0.2

质点Q第一次到达波峰相当于质点x=2m处的波峰传播到Q点，即

v20

故选项C正确;

D.经过

3

加=0.15S=—T

4

已知内，振子走过的路程为s=2A；,丁内，若振子从平衡位置或两级开始运动，则路程为s=A。由于质点尸

24

不是从平衡位置或两级开始运动，故在这段时间内，质点尸通过的路程不为30cm,实际上大于30cm,故选项D错误;

E.经过0.4s,波向前传播的距离为

s=uf=20x0.4m=8m

即相当于x=4m处的质点运动形式传播到。点，此时。位于波谷，加速度达到正向最大，位移反向最大，故选项E正

确。

故选BCE,

8、CD

【解析】

A、滑块向上滑动过程中做匀减速直线运动，s=；。产，由此可知位移s与时间成二次关系，由。邛可知，A错;

B、根据动能定理，克服摩擦力做功等于动能的减小量，图像B应为曲线，B错；

C、物体的位移与高度是线性关系，重力势能E产雨g人,故Ep-s图象是直线，故C正确；

D、物体运动过程中，拉力和滑动摩擦力平衡，故相当于只有重力做功，故机械能总量不变，故D正确；

9、AB

【解析】

A.由图可知，该波的周期为12s。故A正确；

B.由图可知，Z=3s时刻，x=12m处的质元在平衡位置向上振动时，x=18m处的质元在波峰，故B正确;

C.由图可知，该波的振幅为4cm,圆频率

由图1可知，在U0时刻x=12m处的质点在-4cm处，则其振动方程

..7171、

Xp=-4sin(z—t+—)cm

4s时刻质元的位置

4.ATIn、-

玉2-4=-4・sin(-—F-)=2cm

所以x=12m处的质元通过的路程

Si2=4cm+2cm=6cm

据图2知UOs时，在x=18m处的质元的位移为0cm,正通过平衡位置向上运动，其振动方程为

../兀、

x=4sin(—r)cm

186

在Z=4s时刻，在x=18m处的质元的位移

X18=4xsin等=2\/3cm

所以在0〜4s内x=18m处的质元通过的路程

xi8=4cm+(4-2>/3)cm^4.54cm<6cm

故C错误;

3

D.由两图比较可知'ml2m处比418m处的质元可能早振动I。所以两点之间的距离为

x=(«+—)!(〃=0、1、2、3...)

4

所以

.4x4x6、

z=-------=--------m("=0、1、2、3...)

4〃+34〃+3

4x6

"=0时，波长最大，为4=-----m=8m

3

故D错误；

故选AB»

10、AC

【解析】

A.当磁场以速度均向右匀速运动且样车速度为零时，线框前、后边切割磁感线产生的总感应电动势

E=2BlVo

由闭合电路欧婿定律可知，线框中的感应电流

R

样车受到的安培力即电磁驱动力

F=2BI1

联立解得

心业

R

选项A正确；

B.样车速度为零时，线圈的电热功率

PYR=J也注

RR

选项B错误；

CD.设样车匀速运动的速度为当样车以速度u匀速运动时，线框前后边切割磁感线的速度为巾叱，产生的总感应电动

势

E'=2Bl(v0-v)

由闭合电路欧姆定律可知，线框中的感应电流

「=二

R

样车受到的安培力即电磁驱动力

F'=2BI'l

由平衡条件有

F'=f

联立解得

fR

克服阻力做功的功率

P=方=jv

>JJ04B，2

选项D错误，C正确。

故选AC。

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11,100502.95作人、fB的图示(尸A=2.10N、FB=1.90N)2.80—2.95

【解析】

(2)[1][2].根据胡克定律，两弹簧的劲度系数分别为

0.lx9.8()，1x9,8

N/m=100N/m,h=刍-------——?N/m=50N/m.

Ax.(6.98-6.00)xlO-2(9.96-8.00)xlO-2

（4）[3].弹簧8的弹力大小为

F'=kB\xB=5()x(0.1390-0.08)N=2.95N

（5）[4][5].由胡克定律可得:

FA'=&AxA=100x(0.081()-0.06)N=2.10N

FB'=kB\xB=50x(O.118O-O.O8)N=1.90N

画出两个力的合力如图，由图可知合力"=2.90N；

,IN,M

A2图见解析其阻值随温度升高线性增加低不均匀

由于今＞去，应采用电流表的外接法；又由于滑动变阻器的最大阻值与待测电阻的阻值相比较小，所以变阻

器应采用分压式接法，测量其电阻的电路原理如下图:

[2][3]由电源电动势为3V知，电压表应选X；电阻值约100。，所以通过电阻的电流最大不超过30mA,因此电流表

应选A2；

(2)[4]根据测得不同温度下电阻阻值，用一条平滑的直线将上述点连接起来，让尽可能多的点处在这条直线上或均匀

地分布在直线的两侧，其阻值随温度变化的图线如下图：

(3)向由图线可知，其阻值随温度的升高线性增加；

(4)[6]根据图像知R=100+Af,随，的增大，K增大，根据闭合电路欧姆定律可知，电流/减小，所以越靠近右端表示

的温度越低；

[7]根据闭合电路欧姆定律可知，/与R的关系是非线性的，由图像知R与t的关系是线性的，所以/与t的关系非线

性，/的刻度均匀换成，的刻度就是不均匀的。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13、(l)0.2s(2)0.6m/s

【解析】

(1)设滑块从离开木板开始到落到地面所用时间为如，以地面为参考系，滑块离开木板后做自由落体运动，根据运动学

1,

公式知得

(2)以木板为研究对象，向右做匀减速直线运动，由牛顿第二定律

F+^(m+M)g=Ma\

得

«i=5m/s2

则木板减速到零所经历的时间

%

ti=—=0.4s

q

所经过的位移

2

Si=-----=0・4m

2弓

由于SWL,表明这时滑块仍然停留在木板上，此后木板开始向左做匀加速直线运动，摩擦力的方向改变，由牛顿第二

定律

得

1,

ai=—m/s2

3

滑块离开木板时，木板向左的位移

S2=si+Lz=0.54m

该过程根据运动学公式

_I2

得

£2=l«8s

滑块滑离瞬间木板的速度

口2=Q2/2=0・6m/s。

14、⑴E工迎;⑵「=正竺必。