2021年湖北省武汉市江汉区中考物理模拟试卷一（附答案详解）

2021年湖北省武汉市江汉区中考物理模拟试卷（1）

1.柳叶湖风景区是人们喜欢游玩的地方，在湖边行走，经常会看到“鸟在水中飞，鱼

在云中游”的美丽画面，人们所观察到的“飞鸟”和“游鱼”（）

A.都是反射形成的像B.都是折射形成的像

C.分别是反射和折射形成的像D.分别是折射和反射形成的像

2.声波既传递“信息”也传递“能量”。下面事例中，不是用来传递“信息”的是

（）

A.用声呐探海深B.用超声波碎石

C.利用回声定位D.医生通过听诊器给病人确诊

3.下列关于汽车的说法中不正确的是（）

A.给汽车加油时能闻到汽油的味道，说明分子在不停地做无规则运动

B.常用水作汽车发动机的冷却液，是因为水的比热容较大

C.汽油机在做功冲程中把机械能转化为内能

D.汽车在刹车过程中，刹车片温度升高，是做功改变了它的内能

4.在“探究凸透镜成像规律”的实验中，当点燃的蜡烛、凸透镜及光屏处于如图所示

的位置时，在光屏上得到烛焰清晰的像。下列说法中正确的是（）

km10203040506070SO90加

A.该凸透镜的焦距范围为7.5cm</<15cm

B.光屏上成倒立、放大的实像

C.透镜不动，蜡烛向右移动，光屏向左移动，可再次得到清晰的像

D.蜡烛和光屏不动，移动凸透镜到适当位置，光屏上可再次得到清晰的缩小的像

5.图为跳水运动员跳板跳水时的情景，运动员腾空跳起脱离跳板向上运动，然后再向

下运动落入水中，若不计空气阻力，则（）

A.运动员腾空跳起上升到最高点时，所受的合力为0

B.运动员静止在水平跳台上时，跳台所受压力和运动员的重力是一对平衡力

C.运动员从起跳到落入水中前，其动能先减小后增大，重力势能先增大后减小

D.运动员脱离跳板后继续向上运动的过程中，跳板仍然对运动员做功

两个底面积不同容器，分别盛有甲乙两种液体其密度分别

为P伊、。乙,将两个完全相同的小球分别浸入这两种液体中,

小球静止时的位置如图所示，此时两液面刚好相平。若两个小球所受的浮力分别为

F甲、F乙,甲乙两种液体对容器底的压强分别为PR、PZ，下列说法正确的是（）

A.F甲=F乙P甲＞P乙P甲=P乙B.F甲=F乙p卬＞p乙P甲＞P乙

C.F甲＜F乙P甲＞P乙P甲＞P乙D.尸甲=F乙P甲＜P乙P甲＜P乙

7.如图所示，小明同学利用祛码、小桌、海绵等实验器材，做探究“压力的作用效果

与哪些因素有关”的实验。请仔细观察并回答下列问题错误的是（）

海绵甲乙丙

A.该实验是通过海绵的凹陷程度来显示压力的作用效果

B.要探究压力的作用效果与受力面积的关系，可以选用乙、丙两次实验

C.由甲、乙两图实验现象可得知：在受力面积一定时，压力越大，压力的作用效

果越明显

D.由甲、丙两图能得到压力的作用效果既与压力大小有关，又与受力面积的大小

有关

8.如图电路，若只闭合开关S2,用测电笔测4、B、C、。四点，发现测电笔轨管都发

光，已知电路中装有保险丝，当电流过大时，保险丝将被烧断，则下列故障原因判

断正确的是（）

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A.电灯4短路

C.零线F处断路D.灯刀和G同时短路

9.信息、能源和材料是现代文明的三大支柱，下列说法中正确的是（）

A.械弹利用的是聚变在瞬间释放的能量

B.光纤通信是激光借助光的折射原理来传递信息的

C.“北斗”导航系统是利用超声波进行定位和导航的

D.风能、水能、太阳能、地热能以及核能等均属于二次能源

10.如图所示的电器中，利用电流的磁效应原理工作的是（）

电饭锅

11.如图所示的电路中，电源电压恒为4.5V,电压表的量程

为0〜3心电流表的量程为0〜0.64滑动变阻器标有

“10014”字样，小灯泡标有“2.5V1.25勿”字样（不考

虑灯丝电阻的变化）。闭合开关后，在不超过小灯泡额定

电流的情况下，下列说法正确的是（）

A.电流表的示数变化范围是0.3〜0.54

B.电压表的示数变化范围是1.0〜2.5V

C.滑动变阻器允许调节的阻值范围是2.5〜100

D.该电路的总功率的变化范围是1.35〜2.25小

12.如图所示的电路中，电源电压恒为18乙小灯泡L标有“6V3.6W”的字样，滑动变

阻器％的规格为“90014”，电流表的量程为0〜34，电压表的量程为0〜15V，

当只闭合S。、S2和S3,将滑动变阻器&的滑片P调到中点时，电流表示数为14。不

考虑灯丝电阻的变化，在保证电路中各元件安全的情况下，则下列说法正确的是

()

A.定值电阻的阻值为20。

B.只闭合S1、S2，断开So、S3,%接入电路的阻值范围是200To0

C.只闭合Si、S2，断开So、S3,小灯泡L的电功率的变化范围是3.324/〜3.6皿

D.闭合开关S。、S2、S3,断开Si，整个电路消耗的电功率的变化范围是

14.4W〜28.8勿

13.如图是一种活塞式抽水机的示意图。其中手柄40B是一个杠杆，现在手柄在底端,

要将手柄抬起，这样才能继续压水，请问此时B点受到力的方向是o请在图

中画出这过程中作用在4点的最小动力后及其力臂。这个手柄是一个（选填

“省力”、“费力”、“等臂”）杠杆。

14.某款迷你电炖盅有加热和保温两个档，加热档的功率为

100小，如图是其简化的电路图，已知治=4/?2，电炖盅的

旋钮开关处于图示位置时是档，电炖盅在保温挡工作

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1Omin产生的热量是J。

15.在探究“重力的大小跟什么因素有关系”的实验中，按照如图7.3-15甲所示，把

钩码逐个挂在弹簧测力计上，分别测出它们受到的重力，并记录在表格中.

重量m/g100200300—500

重力G/N12345

o100no)00400500a/c

甲乙

(1)把表格中的空格填写完整；

(2)如图甲所示，弹簧测力计的示数为N；

(3)根据表格中的实验数据，在图乙中画出重力与质量的关系图象；

(4)由此可知物体所受的重力跟质量成.

16.在质量相同、升高温度相同的情况下，吸收热量多的物体，其物质的吸热能力较强。

如图所示，某同学用相同的烧杯分别装有甲、乙两种液体，质量分别为mi、m2,

且mi<把电阻相同的电热器放在甲、乙两种液体中，电热器两端加相同电压

后同时给液体加热，甲、乙两种液体升高相同的温度，需要的加热时间分别为品、

t2,且假设电热器释放的热量全部被液体吸收，请分析并判断甲、乙两种

液体的物质吸热能力的强弱。

温度计,

甲乙

17.李明同学在“探究平面镜成像特点”的实验时，所

用的实验器材有带底座的玻璃板、白纸、笔、火柴、

光屏、刻度尺，两支外形相同的蜡烛力和B。

(1)选用玻璃板代替平面镜，主要是为了,

如果有3nun厚和17nm厚的两块玻璃板，应选择7nm厚的玻璃板做实验。

（2）在竖立的玻璃板前点燃蜡烛4,拿（选填“点燃”或“未点燃”）的蜡烛B

竖直在玻璃板后面移动，人眼一直在玻璃板的前侧观察，直至蜡烛B与蜡烛4的像

完全重合，这种研究物理问题的方法叫做（选填“控制变量法”或“等效替

代法”）o

（3）移去蜡烛B,在其原来位置上放置一块光屏，光屏上无法呈现蜡烛的像，这说明

平面镜成的是（选填“虚”或“实”）像。

（4）当蜡烛4向玻璃板靠近时，像的大小（选填“变大”“变小”或“不

变”）.

（5）某同学共进行了三次实验，用刻度尺分别测出蜡烛和像到玻璃板的距离，数据

记录如下：

次数蜡烛到玻璃板的距离/cm像到玻璃板的距离/cm

11010

21515

32020

分析上表数据可以得出：平面镜成像时，像到平面镜的距离（选填“大

于”“小于"或''等于"）物到平面镜的距离。他进行多次实验的目的是（

选填或“B”）。

4.取平均值减小误差

8.寻找普遍规律，使结论更可靠

18.小明在做“探究影响导体电阻大小的因素”，实验时，作出了如下猜想：

猜想一：导体的电阻可能与导体的长度有关；

猜想二：导体的电阻可能与导体的横截面积有关；

猜想三：导体的电阻可能与导体的材料有关。

实验室提供了4根电阻丝，其规格材料如下表所示：

编号材料长度（7H）横截面积（nmi?）

A银铭合金0.251.0

B银铭合金0.501.0

C银铭合金0.252.0

D银铭合金0.251.0

⑴如图电路，实验前最好在导线a、b间连接（选填“导线”或“电阻”）,

在M、N之间分别接上不同导体，闭合开关，通过观察来比较导体电阻大小。

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(2)为了验证猜想一，可依次把M、N分别跟和(选填“4”、“B”、

“C”或"D”)的两端相连，闭合开关，记下电流表的示数，分析比较这两根电阻

丝电阻的大小。

(3)依次把M、N跟电阻丝4、C的两端连接，闭合开关，发现接电阻丝C时电流表的

示数较大，分析比较小C两根电阻丝电阻的大小，可探究猜想。

(4)若小明在做“探究影响导体电阻大小的因素”实验时，发现实验器材中电阻丝

只有一根，其他器材足够，不能完成的实验探究是(选填字母符号)。

4导体电阻与长度的关系

B.导体电阻与材料的关系

C.导体电阻与横截面积的关系

19.电动巴士利用电动机提供动力，是一种清洁环保的交通工具，如图所示的电动公交

的耗电功率为6xIO，/。电能转化为机械能的效率为75%,一辆电动公交以

18km"的速度在平直道路上匀速行驶了100s,试求：

(1)电动公交在平直公路上匀速行驶的路程是多少？

(2)这段路程中电动机消耗的电能是多少？

(3)电动公交在平直公路上匀速行驶时受到的阻力是多少？

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答案和解析

1.【答案】c

【解析】解：鸟在天空中飞行，所以“鸟在水中飞”是“鸟”在水中形成的像，即平面

镜成像，故看到水中的“鸟”是由光的反射形成的与物体等大的虚像；因为鱼儿是在水

中的实际物体，鱼反射的光线由水斜射入空气中，进入了人的眼睛，我们看到水中的鱼，

其实看到的是鱼的虚像，是由光的折射形成的，故c正确。

故选：Co

平面镜成的像是与物体等大的虚像，知道平面镜成像是由于光的反射形成的。

我们看到水中的物体，其实看到的是物体的虚像，是由光的折射形成的。

此题主要考查了通过同一幅画面考查了光的反射和光的折射现象。特别是看到的现象同

是在水中，很容易搞错。相同之处还有，都是虚像，不同之处是，成像原理不同，做题

时一定要仔细，认真。

2.【答案】B

【解析】解：4、用声呐探海深是利用声音来传递信息；

8、用超声波碎石属于利用声音来传递能量；

C、回声定位属于利用声音来传递信息；

D,医用听诊器属于利用声音来传递信息。

故选：B。

声音可以传递信息，也可以传递能量，根据声音的特点，对各个例子分别进行分析。

本题考查学生对生活中具体实例与声音可以传递信息这一特点的联系能力，要学会用物

理知识解释身边现象。

3.【答案】C

【解析】解：4、给汽车加油时能闻到汽油的味道，是汽油分子运动到空气中，说明分

子在不停地做无规则运动，故A正确；

8、水的比热容较大，与其它物质相比，在质量和升高的温度相同时，水吸收的热量多，

所以常用水作汽车发动机的冷却液，故B正确；

C、在汽油机在做功冲程中，将内能转化为机械能，故C错误；

。、汽车在刹车过程中，要克服摩擦力做功，使刹车片的温度升高、内能增加，是做功

改变了它的内能，故。正确。

故选：Co

(1)物质是由分子构成的，分子在永不停息地做无规则的运动；

(2)水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度时，水吸

收或放出的热量多；

(3)在汽油机在冲程中，将内能转化为机械能；

(4)改变物体内能的方式有两种：做功和热传递：当对物体做功时，机械能转化为内能，

使物体的内能增加，温度升高。

本题考查了分子的无规则运动、水的比热容较大的应用、汽油机做功冲程中的能量转化、

改变物体内能的方法，属于基础题。

4.【答案】A

【解析】解：AB、蜡烛距离凸透镜30cm时，在透镜的另一侧15cm处光屏上得到一个清

晰的像,物距大于像距,成倒立缩小的实像;此时像的位置在一倍焦距和二倍焦距之间，

物距在二倍焦距以外，QP2/>15cm>f,30cm>2/；所以15cm〉，>7.Sc/n,故4

正确，故8错误；

C、凸透镜成实像时的动态变化规律是：物远像近像变小，透镜不动，蜡烛向右移动，

光屏向右移动才能得到清晰的像，故C错误；

。、蜡烛和光屏不动，移动凸透镜到适当位置，将物距和像距互换，此时2/>u>f,

成倒立、放大的实像，故。错误；

故选：4。

凸透镜成像的规律：

当14>2/时，成倒立、缩小的实像。照相机、摄像机就是根据这个原理制成的；

当u=2/时，成倒立、等大的实像；

当时，成倒立、放大的实像。幻灯机、投影仪就是根据这个原理制成的；

当"=/时，无像。经凸透镜折射后的光线是平行的，没有会聚点；

当时，成正立、放大的虚像。放大镜就是根据这个原理制成的；

成实像时的动态变化规律是：物近像远像变大，物远像近像变小。

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此题考查学生的分析能力，关键是掌握凸透镜成像的规律，搞清像距、像的大小与物距

之间的关系，能够从图中获取信息，然后利用所学规律分析解答问题，这是考试中常见

的题型。

5.【答案】C

【解析】解：

A、运动员上升到最高点时，速度为零，但仍受到重力的作用，因此所受合力不为零，

故A错误；

8、运动员静止在水平跳台上时，跳台所受压力和运动员的重力是作用在不同物体上的

两个力，所以不是一对平衡力，故8错误；

C、运动员先向上跳起再落入水中，运动员的质量没有变化，速度先减小后增大，动能

先减小后增大。高度先增大后减小，重力势能先增大后减小，故C正确；

。、运动员脱离跳板后由于惯性继续向上运动的过程中，跳板对运动员没有力的作用，

跳板对运动员不做功，故。错误。

故选：Co

(1)物体在最高点时受到重力的作用，所以合力不为零；

(2)平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；

(3)动能的大小与质量、速度有关；重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质

量越大，高度越高，重力势能越大；

(4)惯性是物体保持原来运动状态不变的一种性质。

此题考查了对物体的受力分析及平衡力与相互作用力的区别，区别主要在于：平衡力是

作用在同一物体上的两个力；相互作用力是作用在两个物体上的力。还考查了做功的因

素。

6.【答案】B

【解析】解：读图可知，甲中小球漂浮，乙中小球悬浮；

根据漂浮或悬浮的条件可知：小球所受的浮力都等于它自身的重力，所以两个小球所受

的浮力相等；故C错误；

根据浮沉条件可知：小球的密度小于甲液体的密度，小球的密度与甲液体的密度相等，

所以，甲液体的密度较大；故。错误；

因为甲液体的密度较大，已知两液面刚好齐平，由「=。。八可知I,液体对容器底部的压

强分别为P甲〉Pz，故A错误，B正确。

故选：Bo

(1)由图可知：甲中小球漂浮，乙中小球悬浮，则根据漂浮或悬浮的条件来即可判断浮

力大小关系；根据浮沉条件即可判断液体密度的大小；

(2)由P=29八可知，液体对容器底部的压强关系。

此题综合考查了物体浮沉条件及其应用、压强的大小比较等知识点，是一道综合性较强

的题目。

7.【答案】D

【解析】解：4、该实验是通过海绵的凹陷程度来显示压力的作用效果，用到了控制变

量法，故A正确；

8、要探究压力的作用效果与受力面积的关系，应控制压力相同，受力面积不同，因此，

可以选用乙、丙两次实验，故8正确；

C、由甲、乙两图实验可以看出，压力不同，受力面积相同，作用效果不同，因此可得

出：在受力面积一定时，压力越大，压力的作用效果越明显，故C正确；

。、甲、丙两图中，压力大小和受力面积均不同，不符合控制变量法的要求，不能得到

压力的作用效果既与压力大小有关，又与受力面积的大小有关的结论，故。错误。

故选：Do

①本实验通过海绵的凹陷程度来反映压力的作用效果，采用了转换法；

②压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关，实验时应采用控制变量法：

即探究压力的作用效果与压力大小的关系时应控制受力面积的大小不变；探究压力的作

用效果与受力面积时应控制压力的大小不变。

本题考查了探究“压力的作用效果跟什么因素有关”的实验中控制变量法及转换法的

应用，体现了对过程和方法的考查。

8.【答案】C

【解析】解：

若L或人有短路时，会造成电路中的电流过大、保险丝烧断，4BCD四个点会与火线断

开，用测电笔测A、B、C、。四点，测电笔银管都不会发光，故不符合题意；

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若零线F处断路，若只闭合开关S2,C点与火线相连，能使测电笔的颊管发光；ABD三

点通过灯泡G间接与火线相连，也能使测电笔的锐管发光，故C符合题意。

故选:Co

当测电笔与火线相连时，强泡发光；当电路导通时，测电笔接触各部分电路都会发光;

而电路不通电时，接触零线是不发光的。

若电灯短路时，会造成电路中的电流过大，保险丝烧断。

本题考查学生对家庭电路中故障的分析，需要掌握测电笔的使用方法。

9.【答案】A

【解析】解：4、氢弹利用的是氢核的聚变在瞬间释放的能量，故A正确；

8、光纤通讯是依靠激光借助光的反射原理来传递信息的，故8错误；

C、“北斗”导航系统是利用电磁波来传递信息的，故C错误；

。、风能、水能、太阳能、地热能以及核能等均属于一次能源，故。错误。

故选：4

(1)核裂变和核聚变都能释放能量，对于核裂变是可控的，如核电站的核反应堆就是通

过核裂变提供能量的，对于核聚变过程不可控，如氢弹爆炸就是利用核聚变释放能量;

(2)激光可以在光导纤维里传播，从而传播信息；

(3)声波和电磁波都可以传递信息，但是声波不能在真空中传播，而电磁波可以在真空

中传播，所以对于没有空气的情况下的信息传递一般都是通过电磁波实现的；

(4)能源可分为一次能源和二次能源。一次能源指的是：可以从自然界直接获取的能源；

二次能源指的是：必须通过一次能源的消耗才可以得到的能源叫二次能源。

本题考查学生对光纤通信、电磁波的应用、能源的分类以及核聚变了解和掌握情况，属

于基础题。

10.【答案】C

【解析】解：

A、电饭锅工作时把电能转化为内能，是利用电流热效应工作的，故A错误；

8、电风扇的电动机工作时主要把电能转化为机械能，不是利用电流磁效应工作的，故

8错误；

C、电磁继电器中有电磁铁，主要利用了电流的磁效应工作的，故C正确；

。、动圈式话筒利用的是电磁感应现象，故。错误。

故选：Co

电流流过导体时，导体要发热，这种现象是电流的热效应。发生电流的热效应时，电能

转化为内能。

利用电流的热效应工作的家用电器工作时，都是电能转化为内能，这是判断的关键。

11.【答案】AD

【解析】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流

表测电路中的电流。

(1)灯泡的额定电压为2.5U,所以电压表的最大示数为2.5V；

根据P=U/可得，灯的额定电流:

L额”2叩U.M,

由于串联电路中各处的电流相等，且滑动变阻器允许通过的最大电流为14电流表量

程为0〜0.64,

所以，电路中的最大电流为/大=0.54此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，电路

的总功率最大，

由/=9可得，灯泡的电阻和电路的最小总电阻分别为：

/?,="==50R必小=~'=—■=90

KL总■小大

1L0.54I0.54'

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，

所以，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：

“、=R总小一%=9。-50=40,

电路的最大电功率：

P大=U1人=4.51/x0.54=2.251V；

(2)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电流表的示数最小，此时电路中的电流：

所以，滑动变阻器的电阻允许调节的范围是4〜100,故C错误：

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，则电路中的最小电流：

,U4.5VC.

I爪=------=----------=0.34

小RL+R滑sn+ion'

所以，电流表示数的变化范围是0.3A〜0.54故A正确。

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由/=9可得，此时灯泡两端的电压：

A

UL'=I小RL=0.3/1x50=1.5匕

则电压表的示数变化范围是1.5〜2.5U,故8错误；

电路的最小功率：

P小=UI小=4.5Kx0.34=1.35小，

则整个电路消耗的总功率变化范围是1.35勿〜2.251V,故。正确。

故选：AD.

由电路图可知，灯泡心与滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中

的电流。

(1)灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据P=U/和串联电路的电流特点求出电

路中的电流，然后与滑动变阻器和电流表的量程相比较确定电路中的最大电流，此时滑

动变阻器接入电路中的电阻最小，电路的总功率最大，根据欧姆定律求出灯泡的电阻和

电路的最小总电阻，根据电阻的串联求出变阻器接入电路中的最小阻值，根据P=U/求

出电路的最大总功率；

(2)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，根据电阻的串联和欧

姆定律求出电路中的最小电流，然后确定电流表的变化范围，根据欧姆定律求出电压表

的最小示数，根据P=U/求出电路的最小总功率，然后得出整个电路消耗总功率的变化

范围。

本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是根据灯泡的额

定电流确定电路中的最大电流和电压表的最大示数确定电路中的最小电流，并且要知道

灯泡正常发光时的电压和额定电压相等。

12.【答案】D

【解析】解：力、根据电路图可知I，当只闭合S。、S2和S3时，%、并联，电流表测量

干路电流，并且滑动变阻器％的滑片P在中点；

通过⑹的电流：zi=V==0,4/1-

因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以通过/?2的电流：/2=/-/1=14-

0.44=0.64,

由/=£可得，的阻值：区2=苫=焉=30。；故4错误；

BC、闭合Si、S2,断开So、S3时，灯泡与滑动变阻器8串联，电流表测量电路电流，电

压表测量滑动变阻器两端电压；

由「="可得，灯泡的额定电流：乙=?=缪=0,64

ULov

因串联电路中各处的电流相等，电流表量程为0〜34

所以为保证电路安全，电路中的最大电流为0.6A,

因串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以滑动变阻器两端最小电压：Umin=U-

又额=181/-6K=12匕

则滑动变阻器接入电路的最小阻值：Rimin=争=冷=200,

*max0.6A

此时灯泡消耗的最大功率等于额定功率3.6小；

当电压表示数为15V时，滑动变阻器两端电压最大，即为„眨=15匕

小灯泡L标有“6V3.6W”的字样，由P=］可得，灯泡的阻值：&=襄=等=100,

因串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以灯泡两端最小电压：uLmin=u-

Umax=187-157=3V,

则电路中的最小电流：/mm=2地=器=034,

则滑动变阻器接入电路的最大阻值：Rimax="=焉=50。，

lminu.Jd

此时灯泡消耗的最小功率：Pmin=犬讥&=(0.34)2xion=0.9W,

因此％接入电路的阻值范围是200〜50。，小灯泡L的电功率的取值范围是0.9/〜3.61V,

故8c错误；

D、闭合开关So、S2、S3,断开Si，Ri、/?2并联，电流表测量干路电流；

因为滑动变阻器允许通过的最大电流为14而并联电路中，各支路互不影响，因此通

过/?2的电流仍然是064

又因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，再结合电流表量程可知，

所以干路最大电流为/max'=1滑大+=14+0.64=1.64,

则电路消耗的最大功率：Pmax=UImax'=18Vx1.6/1=28.8W,

当滑动变阻器接入电路的阻值最大时，电路电流最小，

则加/=£+/2=器+0.6/1=0.84,

电路消耗的最小功率：Pmin=Ulmin=18VX0.84=14.4W,

故闭合开关S0、S2、S3,断开Si时，整个电路消耗的电功率的取值范围是14.4/〜28.8”,

故。正确。

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故选：Do

(1)根据电路图可知，当只闭合5o、S2和S3时，%、/?2并联，电流表测量干路电流，并

且滑动变阻器&的滑片P在中点；先根据欧姆定律求出通过&的电流，然后根据并联电

路电流规律以及欧姆定律的应用求出/?2的阻值；

(2)只闭合品、S2,断开So、S3时，灯泡与滑动变阻器8串联，电流表测量电路电流，电

压表测量滑动变阻器两端电压；

先根据P=U/求出灯泡的额定电流，然后结合电流表量程确定电路最大电流，再根据串

联电路电压特点和欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的最小电阻；

根据欧姆定律的应用求出灯丝的阻值，再根据串联电路分压的规律以及电压表量程可知

当电压表示数最大时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，并根据串联电路电压特点和欧

姆定律的应用求出电路电流和滑动变阻器接入电路的最大阻值；并根据电路的最小电流

和最大电流以及P=NR求出灯泡的最小功率和最大功率；

(3)闭合开关&、S2、S3,断开Si，%、/?2并联，电流表测量干路电流，根据电流表量

程和P=U/求出电路消耗的最大功率，当滑动变阻器接入电路的阻值最大时，干路电流

最小，根据并联电路特点和欧姆定律求出电路电流，最后根据「=U/求出电路消耗的最

小功率。

本题考查串并联电路的规律及欧姆定律、电功率公式的运用，关键是电路的分析，难点

是电路最大电流和最小电流的判断，属于难题。

13•【答案】沿杆向上省力

【解析】解：由题意和图示可知，向上提起手柄的左端时，杠杆会绕。点顺时针转动，

则B点会受到下面连杆向上的支持力，即阻力的方向沿杆向上；

由杠杆平衡条件尸"1=尸2”可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越

小；图中支点在。点，因此连接04两点，则线段04就是最大动力臂刀，动力是向上提

起手柄的力，则动力的方向应垂直于。4向上，故作图如下：

由图可知动力臂大于阻力臂，所以该手柄是一个省力杠杆。

故答案为：沿杆向上；见解答图；省力。

(1)根据手柄的转动方向判断B点受到力的方向；

(2)根据杠杆平衡条件(&■=尸2乙2)可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长,

动力越小，据此解答；

(3)比较动力臂和阻力臂的大小判断杠杆类型。

本题考查了杠杆中最小力的问题以及杠杆的分类，确定最大动力臂是解题的关键。

14.【答案】保温1.2x104

【解析】解：

由图知，开关处于图示位置时，&、/?2串联，电路的总电阻最大，电源电压一定，由P=9

知，此时电路的总功率最小，为保温挡；

当旋钮开关旋转后，电路为的简单电路，电路的总电阻最小，总功率最大，为加热档。

由P=?可得：

工=空空=

2「加热i0°w'

所以保温挡工作时lOmin产生热量：

Q==—经丝一x10x60s=1.2x104/»

j

YR±+R24X484C+484。

故答案为：保温；1.2X104。

由图分析开关在不同位置时电路的连接情况，根据电阻的大小，由p=9分析其工作状

态；先由加热功率计算/?2的阻值；保温时两电阻串联，利用Q=〃=9t计算保温挡工

作时产生热量。

本题考查了电功率公式的应用以及电热的计算，关键正确分析开关在不同状态下电路的

连接方式判断出工作状态。

15.【答案】400；2；正比

【解析】解:

一、42N4N,日

(1)由丽=茄得:

200gx4N.nn

6=2N=40og；

(2)观察图象发现，弹簧测力计的量程是5N,弹簧测力计的分度值是0.5N,弹簧测力计

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指针指示的数字是2,故图甲中弹簧测力计的示数为2N；

(3)根据表格中记录的数据在表格中描绘出相应的点，再连成线；如图所示:

(4)根据表中数据可知，物体所受的重力跟质量的比值是一个定值，满足正比例函数关

系，分析图象也能发现这两个量是成正比的，由此可知物体所受的重力跟质量成正比.

故答案为：(1)400；

(2)2；

(3)如图所示；

(4)正比.

(1)通过观察表格中的数据发现，每一栏中的重力与质量的比值都是固定的数值，设表

格中空白处的物理量为血，选二、三、四、六栏中的任一一组数据与第五栏中的物理量

建立等式，求出空白处的数字；

(2)观察弹簧测力计的量程和分度值以及指针指示的数值，得出正确的弹簧测力计的示

数；

(3)根据表格中记录的数据，在表格中描绘出点，再连成线，画出重力与质量的关系图

象；

(4)分析图象，得出图中物体所受的重力跟质量的关系

本题展示了物体所受的重力跟质量关系的探究过程，考查学生实验数据的分析能力、作

图能力以及概括能力.

16.【答案】答：把电阻相同的电热器放在甲、乙两种液体中，电热器两端加相同电压

后同时给液体加热，由于电压相同、电阻相同，根据Q=W=可知，加热时间越长，

电阻放出的热量越多，液体吸收的热量越多；甲液体的质量小于乙液体的质量，升高相

同的温度，需要的加热时间分别为右、12,且">t2,这表明甲吸收的热量要大于乙吸

收的热量；若将甲的质量增大为巾2,则甲吸收的热量会更多，所以在甲、乙质量相同

时，升高相同的温度，甲吸收的热量多，则甲的吸热能力强。

【解析】在质量相同、升高温度相同的情况下，吸收热量多的物体，其物质的吸热能力

较强，据此分析。

本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法,

为热学中的重要实验。

17.【答案】便于确定像的位置1未点燃等效替代法虚不变等于B

【解析】解：

(1)因为玻璃板是透明的，能在观察到A蜡烛像的同时，还可以透过玻璃清楚的看到放在

后面B蜡烛，便于确定像的位置和大小；因为厚玻璃板的两个面都可以当作反射面，会

出现两个像，影响到实验效果，所以应选用薄玻璃板，用lnun厚的；

(2)在竖立的玻璃板前点燃蜡烛4拿未点燃的蜡烛8竖直在玻璃板后面移动，人眼一直

在玻璃板的前侧(4侧)观察，直至它与蜡烛4的像完全重合，这种确定像与物大小关系的

方法是等效替代法；

(3)移去蜡烛B,在其原来位置上放置一块光屏，且在B侧观察，光屏上无法呈现蜡烛的

像，这说明平面镜成的是虚像：

(4)平面镜成的像与物体大小是相等的，所以当蜡烛4向玻璃板靠近时，像的大小不变;

(5)由表格中的数据可知，蜡烛到玻璃板的距离与相对应的蜡烛的像到玻璃板的距离是

相等的；

探究平面镜成像的规律的实验只进行一次实验得出的结论不具有普遍性，应采取同样的

实验方案多做几次，研究像与物体到镜面距离的普遍规律，避免实验结论的偶然性，故

选Bo

故答案为：(1)便于确定像的位置；1;(2)未点燃；等效替代法；(3)虚；(4)不变；(5)等

于；B。

(1)在平面镜成像特点实验中采用玻璃板代替平面镜，其目的是为了确定像的位置及大

小；从厚玻璃板的两个面都可以当作反射面，会出现两个像这一角度去分析此题；

(2)实验时把点燃的蜡烛放在玻璃板前面，为点燃的蜡烛放在玻璃板的后面，眼睛在玻

璃板前面观察；

(3)平面镜所成的像是虚像，不会出现在光屏上；

(4)平面镜成的像与物体大小是相等的且关于镜面对称；

(5)由实验中获得的数据进行比较分析，可以得出相应的结论；探