202022学年度毓英中学1月第5次理综考卷物理部分

2022-2022学年度毓英中学1月第五次理综考卷一、选择题14.我国已经成功发射多颗卫星，为实现国人的飞天梦想提供了大量的信息，科技支持。嫦娥一号的成功发射，标志着我国新的航天时代的到来，已知发射的卫星中，卫星A是极地圆形轨道卫星，卫星B是地球同步卫星，二者质量相同，且卫星A的运行周期是卫星B的一半，根据以上信息，比较这两颗卫星，下列说法正确的是（）A.卫星B离地面较近，卫星A离地面较远B.正常运行时卫星A的线速率比卫星B的线速率大C.卫星A和卫星B由西昌卫星发射中心发射时卫星A比卫星B的发射难度较大D.卫星A对地球的观测范围比卫星B的观测范围小【答案】B【解析】试题分析：根据可得，周期越大，轨道半径越大，所以卫星A离地面较近，卫星B离地面较远，A错误；根据公式可得，轨道半径越大，线速度越小，所以正常运行时卫星A的线速率比卫星B的线速率大，B正确；发射得越高，需要克服地球引力做功越多，需要的能量越大，越困难，故发射B星比发射A星难度大，故C错误；A卫星相对与地球绕行扫描，B相对于地面静止，所以卫星A对地球的观测范围比卫星B的观测范围大.考点：考查了万有引力定律的应用【名师点睛】在万有引力这一块，涉及的公式和物理量非常多，掌握公式在做题的时候，首先明确过程中的向心力，然后弄清楚各个物理量表示的含义，最后选择合适的公式分析解题，另外这一块的计算量一是非常大的，所以需要细心计算15.如图所示为某潜艇下潜和上浮的v-t图像，0时刻，潜艇开始下潜，50s末潜艇回到水面.规定竖直向上为正方向，下列说法正确的是（）末潜艇离水面最远~30s末潜艇上浮末，潜艇的加速度改变~50s潜艇的位移为20m【答案】D【解析】试题分析：0~20s，潜艇都在下潜，20s末潜艇离水面最远，选项A，B错误；10~30s潜艇的加速度大小、方向都不改变，选项C错误；前20s潜艇的位移大小是40m，20~30s，潜艇的位移大小是20m，所以30~50s潜艇的位移为20m，选项D正确.故选D.考点：v-t图线16.如图所示的电路中，闭合电键S后，灯L1和L2都正常发光，后来由于某种故障使灯L2突然变亮，电压表读数增加，由此推断，这故障可能是（）灯灯丝烧断B.电阻R2断路C.电阻R2短路D.电容器被击穿短路【答案】B【解析】试题分析：L1灯灯丝烧断导致总电阻增大，总电流减小，L2变暗，不符合题意，A错误；电阻R2断路，导致总电阻增大，总电流减小，L1两端电压减小，而路端电压增大，则L2两端电压增大，L2变亮，B正确；电阻R2短路，L2不亮，C错误；电容器被击穿短路，外电路总电阻减小，总电流增大，内电压增大，路端电压减小，电压表读数减小，L2变亮，D错误；故选B。考点：闭合电路的欧姆定律。【名师点睛】闭合电键S后，灯L1和L2都正常发光时，灯L1与电阻R1并联，灯L2与电阻R2并联，两部分再串联.发生故障后，将四个选项逐一代入，分析灯L2亮度的变化，选择符合题意的选项。17.如图所示，实线为电场线，虚线为等势线，且相邻两等势线间的电势差相等.一正电荷在等势线φ3上时，具有动能20J，它运动到等势线φ1上时，速度为零，令φ2＝0，那么，当该电荷的电势能为4J时，其动能大小为（）JJJJ【答案】C【解析】试题分析：由题，正电荷在φ3上时具有动能20J.它运动到等势线φ1上时，速度为零，由于相邻等势面间电势差相等，由电场力做功公式W=qU可知，电荷在相邻等势面间运动时电场力做功大小相等，动能变化大小相等，所以电荷在φ2上时具有动能为10J，而ф2=0，电荷的电势能为零，则正电荷具有的总能量为E=10J.根据能量守恒定律得到，电荷在运动过程中，动能与电势能的总量保持不变，所以当该电荷的电势能为4J时，其动能大小为Ek=10J-4J=6J，故选C.考点：带电粒子在电场中的运动【名师点睛】本题关键确定电荷的总能量，要选好所研究的等势面.若取ф2=0，可根据电场力做功与电势差成正比，确定电荷在ф2上的动能，再求出总能量.18.如图所示，用长L＝m的绝缘轻质细线，把一个质量m＝g带电小球悬挂在均匀带等量异种电荷的平行金属板之间，平行金属板间的距离d＝cm，两板间电压U＝×103V。静止时，绝缘细线偏离竖直方向θ角，小球偏离竖直线的距离a＝cm。取g＝10m/s2。则下列说法正确的是（）A.两板间电场强度的大小为×104V/mB.小球带的电荷量约为×10－8CC.若细线突然被剪断，小球在板间将做类平抛运动D.若细线突然被剪断，小球在板间将做匀加速直线运动【答案】ABD【解析】试题分析：设两板间的电场强度为E，根据匀强电场的场强和电势差的关系得，A项正确；小球静止时受力平衡，由平衡条件得qE=mgtanθ，解得.因为θ角很小，所以，解得q=×10-8C，B项正确；细线剪断时，由于小球受到重力和电场力的合力为恒力，且小球初速度为零，故小球做初速度为零的匀加速直线运动，C项错误，D项正确.故选ABD。考点：电场强度；物体的平衡【名师点睛】考查了带电粒子在电场中的受力平衡问题，关键是物体进行受力分析，画出受力图，根据平衡条件列方程误解；物体的运动情况是由受力情况决定的；19.一水平传送带以的速度顺时针传送，其右端与一倾角为的光滑斜面平滑相连，一个可视为质点的物块轻放在传送带最左端，已知物块的质量为，若物块经传送带与斜面的连接处无能量损失，则（）A.物块在第一次冲上斜面前，一定一直做加速运动B.物块不可能从传送带的左端滑落C.物块不可能回到出发点D.滑块的最大机械能不可能大于【答案】BD【解析】试题分析：设传送带的长度为L，物块运动的过程中，物块匀加速运动的位移：，若则物块在第一次冲上斜面前，一定一直做加速运动；若，则物块先加速后匀速.故A错误；若物块在传送带上一直做加速运动，则返回的过程中物块一直做减速运动，由于两个运动的加速度的大小是相等的，可知物块将能够恰好返回出发点，但不可能从传送带的左端滑落.故B正确，C错误；物块在传送带上运动的过程中，传送带的摩擦力对物块做功，所以物块的速度不可能大于，所以滑块的最大机械能不可能大于，滑块在斜面上运动的过程中只有重力做功，机械能不增加，故D正确。考点：功能关系、牛顿第二定律【名师点睛】物块轻放上传送带后先做匀加速运动，根据求出匀加速运动的位移，再判断物块是否匀速；物块在斜面上运动的过程中只有重力做功，机械能守恒.然后结合返回时运动的特点分析即可；本题关键要正确进行受力分析及过程分析，灵活选择研究的过程，运用动力学方法和动能定理结合研究。20.如图甲所示，一物块在t=0时刻，以初速度v0从足够长的粗糙斜面底端向上滑行，物块速度随时间变化的图象如图乙所示，t0时刻物块到达最高点，3t0时刻物块又返回底端。由此可以确定（）A.物块所受摩擦力大小B.物块返回底端时的速度C.物体冲上斜面的最大位移D.斜面倾角θ【答案】BCD【解析】试题分析：根据图线的“面积”可以求出物体冲上斜面的最大位移为.故C正确.由于下滑与上滑的位移大小相等，根据数学知识可以求出物块返回底端时的速度.设物块返回底端时的速度大小为v，则，得到.故B正确.根据动量定理得：上滑过程：-（mgsinθ+μmgcosθ）•t0=0-mv0①下滑过程：（mgsinθ-μmgcosθ）•2t0=m②由①②解得，f=μmgcosθ=3mgsinθ-，由于质量m未知，则无法求出f.得到，可以求出斜面倾角θ故A错误，D正确.故选ABD。考点：v-t图线；牛顿第二定律的应用【名师点睛】本题抓住速度图象的“面积”等于位移分析位移和物体返回斜面底端的速度大小.也可以根据牛顿第二定律和运动学结合求解f和sinθ。21.如图所示，在一空心螺线管内部中点处悬挂一铜环，电路接通瞬间，下列说法正确的是（）A.从左往右看，铜环中有逆时针方向感应电流B.从左往右看，铜环中有顺时针方向感应电流C.铜环有收缩趋势D.铜环有扩张趋势【答案】BC【解析】试题分析：根据楞次定律，当接通开关瞬间时，导致穿过线圈的磁通量向左增大，则铜环中的感应电流的磁场的方向向右，从左侧看，铜环的感应电流顺时针，故A错误，B正确；当接通开关瞬间时，导致穿过线圈的磁通量向左增大，根据楞次定律可知，铜环的面积有收缩的趋势，故C正确，D错误。考点：楞次定律【名师点睛】考查楞次定律与左手定则的应用，掌握右手螺旋定则内容，注意左手定则与右手定则的区别，同时注意磁通量的概念。四、实验题22.(8分)在“测定电源的电动势和内阻”的实验中，回答下列问题：（1）图甲是实验电路图，请在图乙中画线连接实物图。（2）在图甲所示的电路中，为避免烧坏电表，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于________端（填“左”或“右”）。（3）图丙是根据实验数据作出的U–I图象，由图可知，电源的电动势E=________V，内阻r=________Ω。【答案】（1）实物图如图所示（3分）（2）左（1分）（3）（各2分）【解析】（1）根据电路图可以连接实物图，如答案图所示，注意电表量程以及正负接线柱的接法。（2）开始时要让电路中电流最小，故滑动变阻器应接入最大电阻，故滑片应在最左端。（3）由可知，图象与纵轴的交点为电源的电动势，故，图象的斜率的绝对值表示内阻，则内阻。23.（10分）某同学利用透明直尺和光电计时器来验证机械能守恒定律，实验的简易示意图如图，当有不透光的物体从光电门间通过时，光电计时器就可以显示物体的挡光时间。所用的西瓯XD007光电门传感器可测得最短时间为。将挡光效果好，宽度为d=的黑色磁带贴在透明直尺上，从一定高度由静止释放，并使其竖直通过光电门。某同学测得各段黑色磁带通过光电门的时间，与图中所示的高度差，并将部分数据进行了处理，结果如下表所示（取，注：表格中M为直尺质量）①从表格中数据可知，直尺上磁带通过光电门的瞬时速度是利用求出的，请你简要分析该同学这样做的理由_______________。②请将表格中数据的填写完整。③通过实验得出的结论是：________________________④根据该实验请你判断下列正确的是（）【答案】每空2分（1）时间很短时可以利用平均速度来代替瞬时速度（2）；（3）因此在误差范围内，可以得出物体机械能守恒的结论.（4）C【解析】试题分析：（1）根据平均速度的定义可知，当位移很小，时间很短时可以利用平均速度来代替瞬时速度，由于本题中挡光物的尺寸很小，挡光时间很短，因此直尺上磁带通过光电门的瞬时速度可以利用求出.（2）根据题意可知：，根据：，将带入解得：.（3）根据表中数据可知物体动能的增加量和重力势能的减小量基本相等，因此在误差范围内，可以得出物体机械能守恒的结论.（4）根据实验可知：重力势能的减少量等于动能的增加量，即有：成立，故图象为过原点的直线，故C正确.考点：“验证机械能守恒定律”【名师点睛】本题考查了实验“验证机械能守恒定律”中的数据处理，以及利用图象来处理实验数据的能力，注意物理基本规律在实验中的应用.三、计算题24.（12分）如图是检验某种平板承受冲击能力的装置，MN为半径R=m、固定于竖直平面内的光滑圆弧轨道，轨道上端切线水平，O为圆心，OP为待检验平板，M、O、P三点在同一水平线上，M的下端与轨道相切处放置竖直向上的弹簧枪，可发射速度不同但质量均为m=kg的小钢珠，小钢珠每次都在M点离开弹簧枪。某次发射的小钢珠沿轨道经过N点时恰好与轨道无作用力，水平飞出后落到OP上的Q点，不计空气阻力，取g=10m/s2。求：（1）小钢珠经过N点时速度的大小vN；（2）小钢珠离开弹簧枪时的动能Ek；（3）小钢珠在平板上的落点Q与圆心O点的距离s。【答案】（1）（2）J（3）【解析】试题分析：（1）在N点，由牛顿第二定律有……2分解得……1分（2）从M到N由功能关系有Ek=mgR+mvN2……3分解得Ek=J……1分（3）小钢球从N到Q做平抛运动，设运动时间为t水平方向s=vNt……2分竖直方向R=gt2……2分解得……1分考点：牛顿第二定律；功能关系【名师点睛】本题将圆周运动和平抛有机的结合在一起，考察了学生对两种运动形式的理解应用以及动能定理的应用，综合性较强，解决这类复杂问题时，要善于根据所学知识把复杂问题分解为简单问题，然后根据所学物理规律一步步求解.25.（17分）如图甲所示，固定的矩形导体线圈水平放置，线圈的两端接一个小灯泡，在线圈所在空间内存在着与线圈平面垂直的均匀分布的磁场.已知线圈的匝数n＝100匝，总电阻r＝Ω，所围成的矩形的面积S＝，小灯泡的电阻R＝Ω，磁感应强度随时间按图乙所示的规律变化，线圈中产生的感应电动势的瞬时值表达式为e＝nBmScost，其中Bm为磁感应强度的最大值，T为磁场变化的周期，不计灯丝电阻随温度的变化，求：甲乙（1）线圈中产生的感应电动势的最大值；（2）小灯泡消耗的电功率；（3）在0～时间内，通过小灯泡的电荷量.【答案】（1）（2）（3）×10－3C【解析】试题分析：（1）由图像知，线圈中产生的交变电流的周期T＝×10－2s……1分……2分……1分解得Em＝……1分（2）电流的最大值……2分有效值……1分小灯泡消耗的电功率P＝I2R＝.……2分（3）在0～时间内，电动势的平均值……2分平均电流……2分通过小灯泡的电荷量……3分考点：交流电的有效值、平均值【名师点睛】此题考查了交流电的有效值、平均值及其应用；要知道求解交变电流的电功率时要用有效值.在电磁感应中通过导体截面的电量经验公式是，可以在推导的基础上记住。3-5（1）（5分）下列说法中正确的是下列说法中正确的是（填正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得分为0分）（）A.在康普顿效应中，当入射光子与晶体中的电子碰撞时，把一部分动量转移给电子，因此光子散射后波长变长B.粒子散射实验中少数n粒子发生了较大偏转，这是卢瑟福猜想原子核式结构模型的主要依据之一C.由波尔理论可知，氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，要释放一定频率的光子，同时电子的动能减少，电势能增大D.原子核发生衰变时，新核与原来的原子核相比，中子数减少了4E.有核能释放的核反应一定有质量亏损【答案】ABE【解析】试题分析:A、在康普顿效应中，当入射光子与晶体中的电子碰撞时，把一部分动量转移给电子，根据，光子散射后波长变长，故A正确；B、卢瑟福根据α粒子散射实验中少数α粒子发生了较大偏转，提出了原子核式结构模型，故B正确；C、由波尔理论可知，氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，要释放一定频率的光子，同时电子的动能增加，电势能减小，故C错误；D、原子核发生衰变时，新核与原来的原子核相比，中子数减少了2，质子数也减小了2，故D错误；E、根据爱因斯坦质能方程，有核能释放的核反应一定有质量亏损，故E正确；故选ABE。考点：考查物质波；裂变反应和聚变反应.【名师点睛】本题考查了康普顿效应、物质波、原子核式结构、a衰变、爱因斯坦质能方程等，知识点多，难度小，关键是记住基础知识.17.如图所示，A和B两小车静止在光滑的水平面上，质量分别为m1、m2，A车上有一质量为m0的人，以速度v0向右跳上B车，并与B车相对静止.求：①人跳离A车后，A车的速度大小和方向；②人跳上B车后，A、B两车的速度大小之比.【答案】①，负号表示A车的速度方向向左②【解析】试题分析：①设人跳离A车后，A车的速度为vA，研究A车和人组成的系统，以向右为正方向，由动量守恒定律有……2分解得……2分负号表示A车的速度方向向左……2分②研究人和B车，由动量守恒定律有……2分解得……2分考点：动量守恒定律【名师点睛】本题考查了求速度、速度之比，正确选择研究对象，应用动量守恒定律即可正确解题。25.如图所示，倾角300的光滑倾斜导体轨道（足够长）与光滑水平导体轨道连接，轨道宽度均为L=1m，电阻忽略不计.匀强磁场I仅分布在水平轨道平面所在区域，方向水平向右，大小B1=1T；匀强磁场II仅分布在倾斜轨道平面所在区域，方向垂直于倾斜轨道平面向下，大小B2=1T.现将两质量均为m=，电阻均为R=Ω的相同导体棒ab和cd，垂直于轨道分别置于水平轨道上和倾斜轨道上，并同时由静止释放.取g=10m/s2.（1）求导体棒cd沿斜轨道下滑的最大速度的大小；（2）若已知从开始运动到cd棒达到最大速度的过程中，ab棒产生的焦耳热Q=，求该过程中通过cd棒横截面的电荷量；（3）若已知cd棒开始运动时距水平轨道高度h=10m，cd棒由静止释放后，为使cd棒中无感应电流，可让磁场Ⅱ的磁感应强度随时间变化，将cd棒开始运动的时刻记为t=0，此时磁场Ⅱ的磁感应强度为B0=1T，试求cd棒在倾斜轨道上下滑的这段时间内，磁场Ⅱ的磁感应强度B随时间t变化的关系式.【答案】（1）1m/s；（2）1C；（3）（t＜s）；【解析】试题分析：（1）cd棒匀速运动时速度最大，设为vm，棒中感应电动势为E，电流为I，感应电动势：E=BLvm，电流：，由平衡条件得：mgsinθ=BIL，代入数据解得：vm=1m/s；（2）设cd从开始运动到达最大速度的过程中经过的时间为t，通过的距离为x，cd棒中平均感应电动势为E1，平均电流为I1，通过cd棒横截面的电荷量为q，由能量守恒定律得：mgxsinθ=mvm2+2Q，电动势：，电流：，电荷量：q=I1t，代入数据解得：q=1C；（3）设cd棒开始运动时穿过回路的磁通量为Φ0，cd棒在倾斜轨道上下滑的过程中，设加速度大小为a，经过时间t通过的距离为x1，穿过回路的磁通量为Φ，cd棒在倾斜轨道上下滑时间为t0，则：，加速度：a=gsinθ，位移：x1=at2，，，解得：t0=s，为使cd棒中无感应电流，必须有：Φ0=Φ，解得：（t＜s）；考点：能量守恒定律；法拉第电磁感应定律【名师点睛】本题分析时，一定要注意题中条件：导轨的倾斜部分和水平部分都足够长，分析知道在斜轨上棒最终匀速运动，在水平轨道上最终静止，再运用电磁感应的规律和力学知识求解。19.如图甲，单匝圆形线圈c与电路连接，电阻R2两端与平行光滑金属直导轨p1e1f1、p2e2f2连接.垂直于导轨平面向下、向上有矩形匀强磁场区域Ⅰ、Ⅱ，它们的边界为e1e2，区域Ⅰ中垂直导轨并紧靠e1e2平放一导体棒ab.两直导轨分别与同一竖直平面内的圆形光滑绝缘导轨o1、o2相切连接，o1、o2在切点f1、f2处开有小口可让ab进入，ab已知：o1、o2的直径和直导轨间距均为d，c的直径为2d；电阻R1、R2的阻值均为R，其余电阻不计；直导轨足够长且其平面与水平面夹角为60°，区域Ⅰ的磁感强度为B0.重力加速度为g.在c中边长为d的正方形区域内存在垂直线圈平面向外的匀强磁场，磁感强度B随时间t变化如图乙所示，ab在保持静止.（1）求ab静止时通过它的电流大小和方向；（2）求ab的质量m；（3）设ab进入圆轨道后能达到离f1f2的最大高度为h，要使ab不脱离圆形轨道运动，求区域Ⅱ的磁感强度B2的取值范围并讨论h与B2的关系式【答案】（1）电流方向为a→b④（2）（3）时，ab能滑到圆轨道最高点，有【解析】试题分析:（1）由法拉第电磁感应定律得c内感生电动势①由全电路欧姆定律有②（R2被ab短路）联立①②解得：③根据楞次定律和右手螺旋定则（或者平衡条件和左手定则）判断ab中电流方向为a→b④（2）由题意可知导轨平面与水平面夹角为，对在t=0~内静止的ab受力分析有⑤联立③⑤解得：⑥（3）由题意知t=后，c内的磁感强度减为零，ab滑入区域Ⅱ，由直导轨足够长可知ab进入圆形轨道时已达匀速直线运动，设此时ab为v，其电动势为E2，电流为I2，由平衡条件得⑦由法拉第电磁感应定律得动生电动势⑧由全电路欧姆定律有⑨（R1、R2并联）联立⑥⑦⑧⑨解得⑩由题意可知ab滑不过圆心等高点或者滑过圆轨道最高点均符合题意，分类讨论如下：（ⅰ）当即时，ab上滑过程由动能定理得：，即（ⅱ）设ab能滑到圆轨道最高点时速度为v1，根据牛顿第二定律应满足所以当即时，ab能滑到圆轨道最高点，有考点:导体切割磁感线时的感应电动势、电磁感应中的能量转化。待选.如图所示，滑块A置于水平地面上，滑块B在一水平力作用下紧靠滑块A（A、B接触面竖直），此时A恰好不滑动，B刚好不下滑，A与B间的动摩擦因数为，A与地面间的动摩擦因数为，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。A与B的质量之比为A.B.C.D.【答案】B【解析】试题分析：对A、B，根据平衡条件，，对B，根据平衡条件，水平方向：；竖直方向：，，联立有：，联立解得：，B正确；考点：考查了共点力平衡条件的应用【名师点睛】在处理共点力平衡问题时，关键是对物体进行受力分析，然后根据正交分解法将各个力分解成两个方向上的力，然后列式求解，如果物体受到三力处于平衡状态，则可根据矢量三角形法，将三个力移动到一个三角形中，然后根据角度列式求解，待选.王兵同学利用数码相机连拍功能（此相机每秒连拍10张），记录下北京奥运会跳水比赛中小将陈若琳和王鑫在10m跳台跳水的全过程.所拍摄的第一张恰为她们起跳的瞬间，第四张如图甲所示，王兵同学认为这是她们在最高点.第十九张如图乙所示，她们正好身体竖直双手触及水面.设起跳时她们的重心离台面的距离和触水时她们的重心离水面的距离相等.由以上材料可知（不计空气阻力，g取10m/s2）（）A.陈若琳的起跳速度约为sB.第四张照片是在最高点C.第四张照片是在上升阶段D.第四张照片是在下降阶段【答案】AC【解析】试题分析：由题意得：相机每拍一张照片，运动员从起跳到入水所用时间为t=；设跳台高h，起跳速度为v0由：-h=v0t-gt2；代入得：-10=v0××10×，解之得：v0=s，故选项A正确；上升时间，拍第四张历时是秒，所以还处于上升阶段，选项C正确；BD错误；故选AC.考点：匀变速直线运动的的规律【名师点睛】竖直上抛运动的整个过程可以看做是匀减速直线运动去处理，匀减速直线运动的公式是适用的，难度适中。待选.（多选）如图所示，在水平面内固定着U形光滑金属导轨，轨道间距为L=，金属导体棒ab质量为m=kg，电阻为r=Ω，横放在导轨上，电阻R的阻值是Ω（导轨其余部分电阻不计）.现加上竖直向下的磁感应强度为B=T的匀强磁场.用水平向右的恒力F＝N拉动ab，使其从静止开始运动，则（）A.导体棒ab运动的最大速度为10m/sB.导体棒ab开始运动后，电阻R中的电流方向是从P流向MC.导体棒ab开始运动后，a、b两点的电势差逐渐增加到V后保持不变D.导体棒ab开始运动后任一时刻，F的功率总等于导体棒ab和电阻R的发热功率之和【答案】AC【解析】试题分析：感应电动势：，安培力：，导体棒匀速运动时速度最大，由平衡条件得：，代入数据解得最大速度为：，稳定后，感应电动势：，ab两点间的电势差：，由右手定则可知，流过R的电流由M流向P，故AC正确B错误；导体棒ab开始运动后任一时刻，加速运动过程，F的总功等于ab的动能与电路产生的总热量之和，当ab匀速运动时，导体棒ab开始运动后任一时刻，F的功率总等于导体棒ab和电阻R的发热功率之和，故D错误；考点：考查了导体切割磁感线运动【名师点睛】解决本题的关键是能推导安培力的表达式，判断出能量如何转化的，是一道简单的电磁感应与力学综合题.待选.如图所示的光滑斜面长为l，宽为b，倾角为θ，一物块（可看成质点）沿斜面左上方顶点P以初速度v0水平射入，恰好从底端Q点离开斜面，则A.物块由P点运动到Q点所用的时间B.初速度C初速度点速度【答案】C【解析】试题分析：根据牛顿第二定律得，物体的加速度为：；根据l=at2，有：，选项A错误；根据b=v0t，有：，选项B错误，C正确；在Q点的平行斜面方向的分速度为：;故物块离开Q点时速度的大小：，选项D错误；故选C.考点：匀变速直线运动的规律的应用；运动的合成和分解【名师点睛】解决本题的关键知道小球在水平方向和沿斜面向下方向上的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式灵活求解。二、多选题待选.为纪念中国