2022年河南师大附中中考物理模拟试卷（一）（附答案详解）

2022年河南师大附中中考物理模拟试卷（一）

一、单选题（本大题共6小题，共18.0分）

1.下列关于内燃机的说法正确的是（）

A.用比热容较大的物质作冷却液B.做功冲程是将机械能转化为内能

C.消耗的燃油是取之不尽的能源D.它的使用缓解了城市的热岛效应

2.对下列现象的解释中正确的是（）

A.放在衣柜里的樟脑丸，时间久了会明显变小，是因为樟脑丸蒸发为气体跑掉了

B.人用湿毛巾擦脸感到凉爽是液化现象，液化需要吸热

C.在夏季的早晨看到草叶上挂满了露珠，到了初冬覆盖了一层霜，所以霜是由露

珠变成的

D.把冰箱里的冻豆腐取出一会儿后，豆腐里有许多小孔，这是豆腐里的水先遇冷

结冰，后又熔化成水形成的

3.下列说法错误的是（）

A.太阳能、水能、潮汐能是可再生能源

B.我国在超导领域取得了重大突破，用超导体制作白炽灯的灯丝灯泡会更亮

C.无线电技术和5G技术是物联网的基础，它们是靠电磁波来实现万物互联的

D.使用测电笔时，手必须与笔尾金属体接触

4.下列说法正确的是（）

A.两个物体相互接触不一定会产生力的作用

B.空气在流速越慢的位置，产生的压强越小

C.物体做减速运动时，其惯性将不断减小

D.通电直导体放在磁场中一定会受到磁场力的作用

5.“和谐号”动车满载旅客从成都东站缓缓驶出前往西安。下列说法正确的是（）

A.列车静止变为运动，列车的惯性减小了

B.列车受到的牵引力和铁轨对它的支持力是平衡力

C.列车加速前进时，它受到的牵引力大于它受到的阻力

D.坐在列车上的乘客相对于车站是静止的

6.如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合电键S后，।-------©--------1

当滑动变阻器的滑片向右移动时（）r©一--------

A.电流表4示数与公示数的比值一定变大

B.电流表公示数与4示数的比值一定不变

C.电流表&示数变化量与4示数变化量的比值一定不变

D.电流表4示数变化量与4示数变化量的比值一定变大

B.电动机正常工作时的输出功率是4.8"

C.电动机的效率是66.7%

D.2s〜4s时间里电动机产生的热是9.6/

8.小明感觉最近眼睛很疲劳，视力也有所下降了，经过了解，是他写作业时台灯太亮，

损害了视力。某科技活动小组成员了解到该情况，设想用一种半导体材料制成的光

敏电阻，制作一个简易光强（光照强度）报警器。实验室老师给他们两只没有任何标

识的电阻&和R2,告诉他们其中一只是光敏电阻，另一只为定值电阻（阻值不随光

照强度的变化而变化），还给他们提供了光敏电阻在电压一定的条件下电阻值随光

照强度变化的图象（如图甲所示）。小组成员想利用光敏电阻制成光强报警器，首先

要区分哪个是光敏电阻，他们设计了两个电路，如图乙、丙所示。下面说法正确的

是（）

R

A.光敏电阻随光照强度的升高而增大

B.乙图中，只需加强对任意一个电阻的光照，观察电流表示数变化，就能找出光

敏电阻

C.丙图中，只需加强对任意一个电阻的光照，观察电流表示数变化，就能找出光

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敏电阻

D.若将报警器(可视为电阻，当它两端的电压达到一定数值时，就会鸣叫报警)、

光敏电阻和稳压电源连接成一个报警电路，则该电路可以是串联，也可以是并联

三、填空题(本大题共7小题，共21.0分)

9.功率是表示的物理量.P=80W的物理含义是

10.如图是四个热学实验。请写出下面各实验说明的物理知识。

人两块表面干B.加热使水潴胺，C.抽掉中河的玻D绳子摩擦使洞管

净的铅压紧后水蒸气冲起软木塞璃板后，两种气内乙配沸腾，蒸气

可吊起重物体混合在一起冲起软木塞

(1)4实验说明分子之间存在

(2)8实验说明利用内能可以转化为

(3)C实验说明分子在不停地做；

(4)。实验说明可以改变物体的内能。

11.下列光学元件是我们同学已经学过的，A：平面镜8：凸面镜C：凹面镜D：凸透镜

E：凹透镜，其中利用光的折射规律成像的元件有(只填序号，下同)，对光

起发散作用的元件有，用于投影仪设备的元件有.

12.将冰块放在浓盐水中，液面位置如图所示，若冰完全熔化，杯_

中液面高度将(选填“上升”“下降”或“不变”).三占上曾

13.在如图甲所示的电路中，灯为定值电阻，&为滑动变阻器，闭合开关S后，滑片P从

b端移动到a端的过程中，电压表示数U与电流表示数/的关系图象如图乙所示，已

知治的电阻为50,则电源电压为V,滑动变阻器的最大电阻为Q,

滑动变阻器8消耗的最大功率为H/.

14.如图，4是悬挂在测力计下的条形磁铁，B是螺线管。

闭合开关，螺线管上端是（选填"N”或"S”）

极，待弹簧测力计示数稳定后，将滑动变阻器的滑片

缓慢向右移动的过程中，弹簧测力计示数（选填

“变大”、“变小”或“不变”）。

15.为了比较不同物质的吸热能力，小明做了如下实验.

（1）小明量取了食用油和水分别放在两只相同的烧杯中，用

两盏相同的酒精灯同时加热，如图所示，老师发现并指出

小明的一个错误，小明的错误是：.

小明纠正错误后，通过实验得到的实验数据如表所示.

加热时间/加比0612

水的温度/汽204566

食用油的温度/汽206892

（2）加热结束时，水的温度比食用油的温度（选填“高”或"低”）.

（3）在此实验中，若要使水和食用油升高到相同的温度，则需要给水加热（选

填“更长”或“更短”）的时间，此时，水吸收的热量______（选填“大于”、“小

于”或“等于”）食用油吸收的热量.

（4）实验表明，（选填“水”或“食用油”）的吸热能力更强.

四、作图题（本大题共2小题，共4.0分）

16.请在图中用笔画线代替导线将三孔插座、开关、电灯接入家庭电路中，要求开关控

制电灯。

火线

零线

地线

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17.按照题目要求作图，如图所示，作出侧刀的两个力臂,

并标明刀和乙2.(保留作图痕迹)

五、实验探究题(本大题共2小题，共12.0分)

18.爱米用两种方法测量小石头的密度:

1m=lIL1mL

=।细绳

_1001=1

=三

三

三

-S0一

三

三|="

60三

=40-_

!=--

三-

-20

三

三

三

|=

二

三

三

三

丙

方法一如图所示：

(1)将天平放在水平桌面上并将游码归零后，若指针静止时位置如图甲所示，则应

将平衡螺母向端调节；

(2)天平调节平衡后，爱米按图乙所示的方法来称量物体的质量，老师立即对爱米

说：“你操作时犯了几个错误”。老师所说的错误，写出两条：

①；②0

(3)改正后，用调好的天平测量小石头质量。把细线拴在石头上，用量筒测出了石

头的体积如图丙，这样测得的密度值与真实值比较：。

方法二如图丁所示：

(1)用天平测出石头的质量m；

(2)把石头轻放入烧杯，往烧杯中加适量水浸没石头，在水面位置作上标记；

(3)在量筒内倒入适量的水，读出其体积巧；

(4)取出石头，将量筒里的水倒入烧杯内，让水面升至标记处。此时量筒内剩余水

的体积为。2；

计算出石头的密度P=(用题中物理量的符号表达)；根据以上步骤，你认为

爱米这次测得的密度值与真实值比较：。

19.爱莎采用“伏安法”测量某定值电阻灯的阻值：

(1)闭合开关后，发现向左移动变阻器的滑片P时，电流表示数变大、电压表的示数

变小，你认为电路连接中存在的错误是：；

(2)排除故障后，闭合开关，改变电阻&两端的电压，进行了三次测量，第三次测

量中电流表的示数如图乙所示，其示数为A。

实验次数123

电压U"1.52.02.5

电流//40.310.41

电阻Rx/a4.85.0

Rx的平均值/0

(3)根据表格中的三次实验数据可得定值电阻％阻值约为

(4)将电阻勺换成小灯泡，重复上述实验，发现几次实验中，所测小灯泡的电阻值

相差比较大，原因可能是。

六、计算题(本大题共2小题，共16.0分)

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20.玉林市坚持绿色发展的城市发展理念，现全市已有新能源汽车5000辆左右。如图

甲所示，小东开着某电动汽车进行测试，在平直公路上以恒定功率1004勿从静止

开始运动，经10s后恰好达到最大速度，接着匀速运动20s后关闭发动机，滑行一

段路程后停下。其u-t图象如图乙所示，已知小东的质量为50kg,电动汽车质量

为23轮胎与地面的总接触面为100cm2。电动汽车在平直公路上运动时受到的阻

力恒为4000N。求：

甲乙

(1)小东开着电动汽车在水平地面行驶时对地面的压强;

(2)整个过程中，汽车动力做的功；

(3)汽车运动的最大速度。

21.高压起重气垫是一种适合于地震救灾的起重工具。它由如图甲所示的高压气瓶、气

管、阀门与气垫连接而成。起重时，气垫放入重物与地面的间隙之间，由高压气瓶

向气垫内充气，气垫在短时间内可把重物举起一定高度。

(1)高压气瓶向气垫内充气时，高压气瓶内的气体对(“内”或“外”)做功,

内能。如果高压起重气垫在5s内可将lO'N的物体举高0.1m,则其功率为

______亿

(2)图乙中，质地均匀的长方体石板长为2m、重为6X104N.当气垫内最高气压比外

界气压高出106pa时，石板恰好被顶起，此时气垫和石板的接触面面积为400cm2。

①请在乙图中画出气垫刚好顶起石板时的阻力臂已；

②气垫刚好顶起石板时，气垫的中心至少离石板右端的端点多远？

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答案和解析

1.【答案】

A

【解析】

解：4、内燃机的冷却液需要用比热容较大的物质，一般用水，是因为水的比热容大，

在同等情况可，可以吸收更多的热量，故A正确；

8、内燃机的做功冲程是内能转化为机械能的过程，故B错误；

C、汽油机消耗的汽油不可循环使用，是石油中提炼出来的，石油是化石能源，是不可

再生的，故C错误；

。、热机会产生大量的废气，排放大量的热量，是加剧城市的热岛效应的原因之一，故

。错误。

故选：4。

(1)水的比热容大，这是经常被用做取暖介质和冷却剂的原因；

(2)做功冲程中，燃气对外做功，将内能转化为机械能；

(3)汽油是石油中提炼出来的，石油是化石能源，不可再生；

(4)热机会产生大量的废气，排放大量的热量，据此判断。

本题围绕比热容的概念、内燃机的能量转化、能源的分类、能源的利用对环境的影响等，

考查了与热学相关的多个知识点，属热学综合题。

2.【答案】

D

【解析】

解：4、衣柜里的樟脑丸，时间久了会明显变小，是因为樟脑丸升华为气体跑掉了，故

A错误；

8、湿毛巾擦脸感到凉爽是汽化现象，汽化需要吸热，故8错误；

C、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的冰晶，附着在草叶上，故C错误；

。、冰箱里的冻豆腐取出一会儿后，豆腐里有许多小孔，这是豆腐里的水先遇冷结冰，

后又熔化成水形成的，故。正确。

故选：。。

(1)物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；

由气态变为液态的过程叫液化，由液态变为气态的过程叫汽化；由固态变为液态的过程

叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固。

(2)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、

液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。

分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状

态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。

3.【答案】

B

【解析】

解：力、太阳能、水能、潮汐能可以从自然界里源源不断地得到，是可再生能源，故A

正确；

8、白炽灯是利用电流的热效应工作的，超导体没有电阻，电流通过时不会产生热量，

因此不能做灯丝，故3错误；

C、电磁波可以传递信息，无线电技术和5G技术是物联网是靠电磁波来实现万物互联的，

故C正确：

。、使用测电笔辨别火线时，一定要用手触及笔尾的金属部分，不能用手触及测电笔前

端的金属探头，否则会造成触电事故，故。正确。

故选：B。

(1)能从自然界源源不断获得的能源是可再生能源，不能源源不断从自然界获得的能源

是不可再生能源；

(2)超导体的电阻为零，电流通过时不能发热；

(3)无线电技术是利用电磁波来传递信息的；

(4)使用测电笔辨别火线时，一定要用手触及笔尾的金属部分，否则容易造成误判，认

为带电体不带电是十分危险的。使用测电笔时，不能用手触及测电笔前端的金属探头，

这样会造成人身触电事故。

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此题涉及到可再生能源和不可再生能源的特点、安全用电的原则、现代通信、超导体的

相关知识，属于基础知识的考查。

4.【答案】

A

【解析】

解：

4、两个相互接触的物体不一定有力的作用，比如两个并排放置、不相互挤压的桌子，

故A正确：

8、空气在流速越慢的位置，产生的压强越大，故8错误；

C、惯性的大小只与物体的质量有关，物体在减速运动时，质量不变，所以惯性不变，

故C错误；

。、若通电导体在磁场中与磁场方向平行，则其不受磁场力的作用，故。错误。

故选：4。

根据对力的概念、力的作用的相互性和产生力的作用的条件的掌握作答。

根据流速与压强的关系回答即可；

惯性的大小与速度无关，只与物体的质量有关；

此题考查的知识点较多，但难度不大，认真分析即可。

5.【答案】

C

【解析】

解：4惯性大小取决于物体的质量，列车由静止变为运动，列车的质量没有改变，惯性

大小也不变，故A错误；

B.列车受到的牵引力和铁轨对它的支持力不在同一直线上、方向也不是相反的，所以二

力不是平衡力，故8错误；

C.列车加速前进时，合力向前，则它受到的牵引力大于它受到的阻力，故C正确；

D坐在列车上的乘客相对于车站来说其位置发生了变化，所以列车上的乘客相对于车站

是运动的，故。错误。

故选：Co

(1)影响惯性大小的因素是物体的质量，质量越大，惯性越大。

(2)二力平衡的条件有四个：大小相等，方向相反，作用在同一直线上，并作用在同一

物体上。

(3)列车做加速运动时，受到的牵引力大于它受到的阻力。

(4)判断物体的运动状态，主要看参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改

变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的。

此题考查了学生对惯性、二力平衡、运动和静止的相对性的理解和掌握，属力学综合题，

但难度不大。

6.【答案】

C

【解析】

解：由电路图可知，％和/?2并联，电压表测量并联电路两端电压，电流表公测治支路

的电流，4测干路电流，电流表4测R2支路的电流；

因为并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以滑片移动时，通过治的电路不变，即

电流表4的示数不变；

当滑动变阻器的滑片P向右移动时，接入电路中的电阻变大，由欧姆定律可知，通过滑

动变阻器/?2支路的电流变小，即电流表4的示数变小；

因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流变小，即电流表4的示数

变小；则

A、电流表4示数与公示数的比值变小，故A错误；

B、电流表为示数与4示数的比值变大，故B错误；

CD、电流表4示数变化量等于电流表A示数变化量，因此比值不变，故C正确，。错误。

故选：Co

由电路图可知，％和%并联，电压表测量并联电路两端电压，电流表公测心支路的电

流，A测干路电流，电流表4测支路的电流；根据并联电路中各支路独立工作、互不

影响可知通过治电流的变化；根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定

律可知该支路电流的变化；利用并联电路的电流特点可知干路电流的变化；然后进一步

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求出电流表示数变化量的比值。

本题考查了学生对欧姆定律及其变形公式的掌握和运用，分析电路图得出电路的连接方

式和四表的测量对象是本题的突破口，灵活运用并联特点和欧姆定律是关键。

7.【答案】

AC

【解析】

解：

A、由图乙可知，电动机刚开始转动时的电流/=1.24,此时电动机为纯电阻，由欧姆

定律可得，电动机线圈的电阻：R=^=^=10H,故4正确；

B、电动机正常工作时的电流为/'=0.44电动机正常工作时的热功率：P热=1'2R=

(0.4/1)2xion=1.6IV；电动机总功率为：P=U/'=12Ux0.44=4.8VK；

所以电动机的输出功率：P獭生=P-P晶=4.8〃-1.6〃=3.21V,故8错误；

C、电动机正常工作时电能转化为机械能的效率:4=*=等=驾=1|卷=66.7%,

故C正确；

D、2s-4s时间里电动机产生的热是：Q=P然t=1.6WX2s=3.2/,故。错误。

故选：ACo

(1)由图乙可知电动机刚开始转动时的电流，此时根据欧姆定律求出电阻；

(2)正常转动后，根据P=GR求出电阻产生热量的功率，则P输出=P-P热,

(3)根据〃=提=驾=驾求电动机正常工作时电能转化为机械能的效率；

(4)根据Q=P热t求出产生的热量。

本题考查了欧姆定律的应用、功率和效率的计算，要注意刚开始转动时电路中只是电动

机的电阻产生电流，电动机正常转动时欧姆定律不适用。

8.【答案】

BC

【解析】

解：

A.由图甲可知，光敏电阻随光照强度的升高而降低，故A错误；

A乙图中，％与&串联，电流表测电路中的电流，若加强光照的电阻为光敏电阻时，光

敏电阻的阻值减小，电路的总电阻减小，由/=9可知，电路中的电流变大，即电流表

的示数变大，同理可知，若加强光照的电阻为定值电阻时电流表的示数不变，所以只需

加强对任意一个电阻的光照，观察电流表示数变化，就能找出光敏电阻，故B正确；

C.丙图中，%与7?2并联，电流表测干路电流，若加强光照的电阻为光敏电阻时，光敏电

阻的阻值减小，通过光敏电阻的电流变大，由并联电路中各支路独立工作、互不影响可

知通过定值电阻的电流不变，再由并联电路中干路电流等于各支路电流之和可知，干路

电流变大，即电流表的示数变大，同理可知，若加强光照的电阻为定值电阻时，通过定

值电阻和光敏电阻的电流均不变，则干路电流不变，即电流表的示数不变，所以只需加

强对任意一个电阻的光照，观察电流表示数变化，就能找出光敏电阻，故C正确；

D报警器可视为电阻，当它两端的电压达到一定数值时，就会鸣叫报警，根据串联分压

可知，报警器、光敏电阻和稳压电源组成的电路只能是串联，原因是并联时报警器两端

的电压不变，故。错误。

故选：BCo

(1)根据图甲直接得出光敏电阻随光照强度的变化；

(2)乙图中，治与&串联，电流表测电路中的电流，分析加强光照的电阻为光敏电阻或

定值电阻时，对应的阻值变化，从而得出电路的总电阻变化，根据欧姆定律可知电路中

电流的变化，然后判断8选项是否正确；

(3)丙图中，&与&并联，电流表测干路电流，分析加强光照的电阻为光敏电阻或定值

电阻时，对应的阻值变化，根据欧姆定律可知该支路的电流变化，根据并联电路的电流

特点可知干路电流的变化，然后判断C选项是否正确；

(4)报警器可视为电阻，当它两端的电压达到一定数值时，就会鸣叫报警，根据串联电

路的分压特点可知该电路为串联方式，若并联它们两端的电压不变。

本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律的应用，从图象中获取有用的信息是关键。

9.【答案】

第14页，共24页

物体做功快慢；物体每秒做功80/

【解析】

解：功率是表示物体做功快慢的物理量.

功率是物体在1s内完成的功，功率是80小，表示物体在1s内完成80/的功.

故答案为：物体做功快慢；物体每秒做功80/.

功率是表示物体做功快慢的物理量.SOW=80〃s,表示物体在1s内做功80人

本题考查了功率表示的物理量.功率的定义，功率的含义.是比较基础性的习题，一定

要夯实基础知识.

10.【答案】

引力机械能无规则运动做功

【解析】

解：

(1)两块表面干净的铅块挤压在一起，可吊起一定质量的物体，说明分子之间在引力；

(2)加热使水沸腾，水蒸气将木塞冲出，水蒸气对软木塞做功，水蒸气的内能减小，说

明内能可以转化为机械能；

(3)抽开中间的玻璃板，两种气体逐渐混合变均匀，这是扩散现象，说明分子在不停地

做无规则运动；

(4)绳子摩擦时，需克服摩擦做功，使铜管的温度升高、内能增加，说明做功可以改变

物体的内能。

故答案为：(1)引力；(2)机械能；(3)无规则运动；(4)做功。

(1)一切物质的分子都在不停地做无规则的运动，分子间存在着相互作用的引力与斥力;

(2)要知道属于哪种改变物体内能的方法，应该知到热传递和做功的特点，热传递是能

量的转移，做功是能量由一种形式转化成另外一种形式。

本题主要考查了从能量的转化和转移的角度来辨别改变内能的两种方式。同时还要考查

了与分子动理论相关的实验现象。

11.【答案】

DE；BE；D

【解析】

解：凸透镜和凹透镜透镜对光有折射作用；当光经凸面镜反射和凹透镜折射后，光路会

变得发散；凸透镜成倒立、放大实像时，其应用是投影仪.

故答案为：DE；BE；D.

此题考查了面镜和透镜对光的作用，面镜对光有反射作用，其中凸面镜对光有发散作用，

凹面镜对光有会聚作用；透镜对光有折射作用，其中凹透镜对光有发散作用，凸透镜对

光有会聚作用.

光现象中共涉及三类现象，即：光的直线传播、光的反射、光的折射；不同的面镜对光

的反射作用是不同的.

12.【答案】

上升

【解析】

解：由于冰块漂浮在水面上，所以，F浮=G冰,即：P盐水gV排=P洲丫冰,

则3安------①

当冰熔化成水之后，状态变化，质量不变，所以，小次=加水，即：P前冰=PN水，

则限=誓-------②

已知P就水＞P水，则比较①②可得：

Y水＞V排,

所以，若冰完全熔化，杯中液面上升.

故答案为：上升.

(1)冰漂浮在浓盐水中，求出冰块排开浓盐水的体积.

(2)求出当冰熔化之后水的体积.

(3)比较上面的两个体积，如果冰化成水的体积大于冰块排开浓盐水的体积，液面上升；

如果冰化成水的体积等于冰块排开浓盐水的体积，液面不变；如果冰化成水的体积小于

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冰块排开浓盐水的体积，液面下降.

本题考查了学生对质量是物体属性、密度公式、阿基米德原理、物体的漂浮条件的掌握

和运用，根据冰化水质量不变和漂浮条件找出关系式L(取是本题的解题关键.

13.【答案】

3；10；0.45

【解析】

解：由图甲可知，两电阻串联，电压表测两端的电压，电流表测电路中的电流.

(1)当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路为此的简单电路，电路中的电流最大,

由图乙可知，A=0.64

由/=!可得，电源的电压：

R

U=1此=0.64X5。=3H

(2)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，

由图2可知，/2=024U2=2V,

则滑动变阻器的最大阻值：

R=匹=更=ion.

/120.24'

(3)因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，

所以，电路中的电流：

/=—^―,

Rt+R2

滑动变阻器消耗的电功率：

p=/2R=疗=1=U2=UZ

22(R1+R2)2(Rl+R2)2吏2R1&+膨--2R1R2+服+4R>2(月1-月2户1，

R1

氏2R2R22

当R2=RI=5O时，滑动变阻器消耗的电功率最大，

则P>=丝=创学=0.45W.

2大4&4x5。

故答案为：3；10；0.45.

由图甲可知，&与R2串联，电压表测/?2两端的电压，电流表测电路中的电流.

(1)当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路中的电流最大，根据图乙读出电路中的

最大电流，根据欧姆定律求出电源的电压；

(2)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，根据图乙读出电路中

的电流最小时电表的示数，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的电阻；

(3)根据电阻的串联表示出电路中的电流，根据P=尸/?表示出滑动变阻器消耗的电功率,

然后变形判断出滑动变阻器消耗电功率最大时接入电路中的电阻并求出最大功率.

本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从图象中获取有用的信息

和判断出滑动变阻器消耗功率最大时的阻值是关键.

14.【答案】

N变小

【解析】

解：由图可知电流由螺线管的下方流入，则由右手螺旋定则可知螺线管上端为N极，下

端为S极；则螺线管与磁铁为同名磁极，相互排斥；

当滑片向右移动时，滑动变阻器接入电阻变小，则由欧姆定律可知电路中电流增大，则

螺线管的磁性增强，螺线管与磁铁之间的斥力增大，因此弹簧测力计示数变小。

故答案为：N；变小。

(1)运用安培定则判断通电螺线管的极性；

(2)当变阻器R的滑片缓慢向右移动，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据欧姆定律可

知电流的变化，影响电磁铁磁性强弱的因素有：电流的大小、线圈的匝数、有无铁芯。

线圈的匝数一定，电流越大磁性越强；

(3)磁极间的相互作用：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引。

解本题的关键是抓住影响电磁铁磁性强弱的因素及根据运用安培定则判断通电螺线管

的极性的方法。

15.【答案】

(1)没有控制食用油与水的质量相等;(2)低；(3)更长；大于；(4)水.

【解析】

解：(1)由图示实验可知，食用油与水的体积相等，由于食用油与水的密度不同，则它

们的质量不同，没有控制食用油与水的质量相等，这是错误的.

(2)由表中实验数据可知，加热结束时，水的温度比食用油的温度低.

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(3)由表中实验数据可知，吸收相等的热量，水升高的温度低，若要使水和食用油升高

到相同的温度，则需要给水加热更长的时间，此时，水吸收的热量大于食用油吸收的热

里.

(4)由实验可知，质量相同的食用油与水吸收相等的热量，水升高的温度低，因此水的

吸热能力强.

故答案为：(1)没有控制食用油与水的质量相等：(2)低；(3)更长；大于；(4)水.

(1)要探究水与食用油的吸热能力，应控制水与食用油的质量相等；

(2)由表中实验数据可以知道加热结束时，水与食用油温度间的关系；

(3)由表中实验数据可知，相同质量的水与食用油加热相同的时间，水升高的温度低，

要使它们升高的温度相同，应给水加热更长的时间：酒精灯相同，加热时间越长，液体

吸收的热量越多；

(4)质量相同的液体吸收相同的热量，升高的温度越低，吸热能力越强.

本题考查了控制变量法的应用，熟练应用控制变量法，分析表中实验数据即可正确解题.

16.【答案】

解：灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，

这样在断开开关能切断火线,接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。

三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。如图所示：

灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。

三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。

本题考查了开关、插座的接法。开关接在火线与电灯之间，可以使开关断开时，电灯灯

座上没有电，这样在换灯泡时不会发生触电。

17.【答案】

解：延长动力作用线，过支点。作动力作用线的垂线段（即动力臂及）;阻力垂直于杠杆,

过支点。作阻力作用线的垂线段（即阻力臂「2），如下图所示：

【解析】

已知支点、动力和阻力的方向，根据力臂的画法，过支点作动力作用线和阻力作用线的

垂线段，即动力臂和阻力臂.

力臂即点到线的距离，先找点（支点），再作线（力的作用线），最后作点到线的距离.

18.【答案】

左用手直接拿祛码物体与祛码位置放反了测量值等于真实值/7测量值小于真

实值

【解析】

解：（1）测量前，如图甲所示，发现指针静止时指在分度盘中央刻度线的右侧，要使横

梁平衡，故应将平衡螺母向左调节；

（2）天平调节平衡后，爱米按图乙所示的方法来称量物体的质量，存在两个错误是：①用

手拿祛码，会腐蚀祛码，影响以后测量的准确性，

②物体与祛码位置放反了，物体的质量不等于祛码的质量加游码对应的刻度值。

（3）改正后，爱米在测量过程中，先测量质量后测体积，方法正确，故测量值等于真实

值

（4）由实验步骤知，用天平测出石头的质量m,石块体积倒入烧杯中水的体积，即石块

体积1/=匕-%，所以石头的密度?=羲；

当将矿石从水中拿出时，矿石上会沾有水，向烧杯内倒入的水会偏多，取出石头时，石

头上会沾有水，因此倒入水的体积大于石头的体积，体积测量偏大，由P=£可知，测

量结果偏小，测量值小于真实值。

故答案为：（1）左；（2）①用手直接拿祛码；②物体与祛码位置放反了；（3）测量值等于

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真实值；(4)广测量值小于真实值。

(1)测量前，调节横梁平衡的过程中，要移动平衡螺母使天平的横梁平衡，其遵循“左

沉右调”的原则；不可直接用手拿袪码，称量时，物体放在天平的左盘，祛码放在天平

的右盘；

(2)方法一在测量过程中，先测量质量后测体积，方法正确；

(3)由实验步骤知，用天平测出石头的质量m,石块体积倒入烧杯中水的体积，即石块

体积V=V1-V2,根据密度公式可得出密度表达式；

(4)当将矿石从水中拿出时，矿石上会沾有水，向烧杯内倒入的水会偏多，根据密度公

式可分析出误差。

本题考查了天平的使用、密度的计算以及误差的分析以及等效替代思想的运用，综合性

较强。天平的使用规则及注意事项是一个重点知识,包括放置天平、怎样调节横梁平衡、

调节横梁平衡前要将游码移到标尺左端的零刻度线处、左盘放物体，右盘放祛码、向右

移动游码的作用、怎样读数等等。此外在进行方法二的误差的分析时应考虑到取出石头

时，石头上会沾有水从而影响体积的测量。

19.【答案】

电压表与变阻器并联了0.55.0灯的电阻随温度的变化而变化

【解析】

解：(1)闭合开关后，发现向左移动变阻器的滑片P时，电流表示数变大，由欧姆定律U=

/R,灯的电压变大，由串联电路电压的规律，变阻器的电压变小，电路连接中存在的错

误是：电压表与变阻器并联了；

(2)第三次测量中电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.024其示

数为0.484；

(3)由欧姆定律，第3次测量的电阻：/?3=华=^^笈5.20,为减小误差，取平均值作

为测量结果：

可得定值电阻氏=%+产3=4.80+5.丁+5,2。=50。；

(4)将电阻Rx换成小灯泡，重复上述实验，发现几次实验中，所测小灯泡的电阻值相差

比较大，原因可能是：灯的电阻随温度的变化而变化。

故答案为：(1)电压表与变阻器并联了；(2)0.5；(3)5.0；灯的电阻随温度的变化而变化。

(1)闭合开关后，电阻与变阻器串联，电流表示数变大，由欧姆定律U=/R可知灯的电

压变化，由串联电路电压的规律确定变阻器的电压变化，据此分析；

(2)根据电流表选用小量程确定分度值读数；

(3)由欧姆定律得出第3次测量的电阻，为