2022年安徽省合肥市瑶海区中考物理三模试卷（附答案详解）

2022年安徽省合肥市瑶海区中考物理三模试卷

副标题

1.如图所示，小宇自己制作了一个哨子，在筷子上缠一些棉花

做成个活塞。然后将其塞入一个两端开口的圆筒内，对着圆

筒口吹哨时上下推拉活塞便可以发出高低不同的哨声，哨声

是由振动产生的。

2.小明周末在家和妈妈学习“爆炒肉片”这道菜肴，妈妈先是用淀粉、水和油混合后

包裹在肉片上，称上浆，再放入锅中炒，这样肉片里的水分难以（填写物态

变化名称），能保持肉片的鲜嫩味。

3.如图所示为我国古老的医疗技法----刮痛，刮痛时要在皮

肤上涂一些药油，在刮痛的过程中人们能闻刺鼻的药味,

从分子动理论的角度解释是因为o

4.A、B两个物体在水平地面上从同一地点一起向东运动，如图

是它们运动时的s-t图像，若以B物体为参照物，贝IJA物体在

水平向运动。

5.如图所示，用力F=100N将重物G以0.4m/s的速度竖直向上匀速提升

0.2m,在此过程中力F做功的功率为W=

6.如图所示的容器内装有一定量的盐水,弹簧测力计通过滑轮使重为6N

的木块恰好保持静止，若木块的积为10-3m3,弹簧测力计的示数为5N,1

则盐水的密度为kg/m3o.~

■«■**

7.某太阳能热水器每小时平均接收4.2x106j的太阳能，在1小时的有效照射时间内,

将热水器中100kg、初温为26汽的水，温度升高到30。&该热水器将太阳能转化为

水的内能的效率为。上水=4.2x103J/（kg-℃）］

8.如图所示的电路中，定值电阻Ro的阻值为20。，电动机

的线圈电阻为2Q,闭合开关，电流表A1的示数为0.3A,

A2的示数为0.8A,lmin内电动机线圈产生热量为

--Jo

9.图为一种动力滑翔伞，可长时间在空中滑翔而不会掉下来。

其伞翼上下表面弯曲程度不同，上表较凸，下表面平，安装

在飞行员背部的助推器可在滑翔时提供向前的动力。伞下方

的气压上方的气压。（选填“大于”、“小于”或“等

于“）

10.如图所示，L、R2.R3是三个阻值不同的定值电阻，且七：

R2：R3=1：2：6,已知Ri=5C,把它们并联起来接入电

路时的总电阻为

11.2022年2月2日晚，北京冬奥会揭幕战-冰壶混合双人赛将

在国家游泳中心“水立方”打响，图为中国冰壶队员范苏

圆和凌智在比赛中。当冰壶被运动员推出离开手后在水平

的冰面上运动时，下列说法正确的是（）

A.冰壶离开手后可以继续在冰面上滑行是因为受到惯性的作用

B.由于冰壶做减速运动，故冰壶所受的重力和支持力不是一对平衡力

C.运动员不停擦冰，可使冰面熔化形成水层，减少摩擦，让冰壶滑行得更远

D.冰壶离开手后受到重力、运动员的推力、冰面的支持力，摩擦力的作用

12.在天宫课堂中，王亚平制作了一个水球，此时的水球可以看做一个凸透镜，接着她

向水球中间注入一个气泡，通过水球可看到她两个像，一个是正立、缩小的像，另

一个是倒立、缩小的像，如图左所示。图右是观察像的示意图，关于上述实验下面

说法正确的是（）

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A.王亚平到水球的距离应小于水球凸透镜的二倍焦距

B.利用倒立像的成像原理可以制成投影仪

C.利用正立的像成像原理可以制成放大镜

D.注入气泡后水球的中间部分相当于凹透镜，可成正立缩小的虚像

13.体育老师组织同学们考前放松活动，小明参加了投掷羽毛球1^

的比赛，他将羽毛球斜向上抛出，球的运动转迹如图所示,a、0

b、c、d为轨迹上的点。其中b为最高点，a、c两点高度相同，

若空气阻力不可忽略，则下列说法正确的是（）

A.羽毛球在b点动能为零

B.羽毛球在a点的速度大于c点的速度

C.羽毛球在b点受力平衡

D.羽毛球从c点到d点的过程中重力势能全部转化为动能

14.如图所示电路中，电源电压保持不变，闭合开关S后，移动滑动变阻器R的滑片P,

发现电流表A2示数变大，在此过程中（）

A.滑动变阻器R的滑片P向右移动

B.灯泡L亮度不变，电路的总功率变小

C.电流表A1示数变小，电压表示数不变

D.电压表跟电流表A2的比值变小

15.小明利用如图所示的实验装置探究“导体产生的热量与

电阻大小的关系”。甲、乙两瓶中装有质量与初温都相同

的食用油。下列关于此实验装置的说法正确的是（）

A.实验中液体吸热的多少是通过加热时间来反映的

B.本实验也可以将两根电阻丝并联接入电路进行实验

C.实验中导体产生的热量是通过温度计示数的变化来反映的

D.只将甲、乙两瓶中的液体换成质量和初温相同的不同液体，也可以比较不同液

体比热容的大小

16.小明同学用如图所示的装置研究通电线圈在磁场中将如

何运动的实验，闭合开关，下列关于此实验说法正确的是

()

A.根据此装置的原理制成了发电机

B.当线圈由图示位置顺时针转动90。时，线圈受平衡力作

用

C.当线圈由图示位置顺时针转动90。时，线圈中无电流，ab边和cd边将不受力的作

用

D.当线圈由图示位置顺时针转动90。时，线圈由于惯性会越过平衡位置持续转动

17.如图所示，电源电压为4.5V,定值Ri电阻为5Q,滑动变阻器

R2规格为“20Q1A"。电流表量程为“0〜0.6A”，电压表

的量程为“0〜3V”，为了保证电路安全，下列说法正确的

是()

A.电路的最大电流是1.6A

B.电路的最大电流是1A

C.滑动变阻器接入电路的最大电阻是20。

D.滑动变阻器接入电路的最大电阻是10。

18.在“探究光的反射定律”的实验中：

(1)如图甲老师先将平面镜放在水平桌面上，再将硬纸板竖直放于平面镜上。让激

光紧贴硬纸板射向0点，这里的硬纸板表面应该(选填“光滑”或“粗糙”)

一些，以便于同学们观察光路；

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硬纸板

(2)如图乙所示是老师自制的实验器材，图丙是图乙玻璃罩内的结构示意图，将平

面镜放在能转动的水平圆台上，柱N和柱M固定在圆台上。先用加湿器使玻璃罩内

充满雾气。依次打开固定在柱N和柱M匕的两支激光笔，使其发出的光都射向平面

镜上的0点，其中红色激光B0垂直射向镜面。便出现了如图乙所示的情景。老师缓

缓转动圆台，同学们发现此时反射光也随着转动，且反射光始终处于A0和B0所确

定的平面内，由此我们发现本实验中B0所在的直线是个有意义的物理模型，在物

理学中我们称之为o

19.小明利用天平、量筒和烧杯等器材测量液体的密度。

(1)天平调节平衡后，小明将适量的液体倒入烧杯中。然后将烧杯放在天平左盘，

用天平测量烧杯和液体的总质量，他向天平右盘加减祛码，当他将桔码盒中最小的

祛码放入右盘后，指针静止时如图甲所示，请你写出小明接下来的操作应该是

(2)小明测出烧杯和液体的总质量为83.4g后，将烧杯中的部分液体倒入量筒，液面

位置如图乙所示，测量烧杯和剩余液体的总质量天平横梁平衡时如图丙所示，则小

明测量的液体密度为kg/m3；

(3)在步骤(2)中向量筒倒入液体后，小明发现在测量烧杯和剩余液体总质量时不慎

将少量液体洒落在实验台上，这样测出的液体密度会(选填“偏大”“偏小”

或“不影响”)。

20g10g-

普，g

afifi

丙

20.小明在“测定小灯泡电阻”的实验中，所用小灯泡额定电压为2.5V、电阻约为10。。

(1)如图甲所示是小明连接的实验电路，其中有一根导线连接错误，请你在错误的

导线上面“X”，并用笔画代替导线，将甲图的实验电路连接完整；

(2)电路连接正确后，小明根据实验数据绘制成了小灯泡的U-I图象如图乙，则小

灯泡正常发光时的电阻为n；

(3)另一组的小林也根据他们的实验数据绘制了小灯泡的U-I图像如图丙，但忘记

在坐标轴上标注物理量的数值了，老师看了小林的图像后认为小林的图像是错误的,

你认为老师做出以上判断的依据是

21.如图为某型号的纯电动汽车。若该车和车内乘客的总质量为

2.1x103kg,每个车轮与地面的接触面积为100cm2,该车在

水平路面上以90km/h的速度匀速直线行驶30min,它受到的

阻力约等于人和车总重的0.02倍。求:

(1)该电动汽车静止在水平地面时对地面的压强；

(2)该电动汽车匀速行驶30min时牵引力所做的功。

22.在学校开展的劳动教育实践活动中，身高相同的小聪A4o2

和小明两位同学用根质量不计的均匀扁担抬起一个

900N的重物，已知扁担长为1.8m,抽象成物理模型

如图所示。

(1)以小明的肩B点为支点，小聪的肩A点支持力FA为动力，请在图中画出杠杆所受

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阻力的示意图(注意标明阻力作用点)；

(2)若重物悬挂点0为扁担的中点，计算小聪的肩A点支持力FA；

(3)若在(2)中小聪的肩从A点向。点靠近时，请判断小明对扁担支持力FB的大小将如

何变化？并通过列式说明理由。

23.图甲是某电子秤的电路原理图。若电源输出的电压为6V,R。为定值电阻，电压表

量程为0〜3V，压敏电阻的阻值与所受压力大小的变化关系如图乙所示，闭合开关,

当压敏电阻所受压力为0时电压表示数为IV；将某测物体放到压敏电阻上，电压表

示数为2V；求：

(1)电阻Ro的阻值；

(2)该待测物体的重力；

(3)使用一段时间后，电源输出的电压降为5.4V,在不更换电源和电压表量程的条

件下，若要保持该电子秤最大量程不变，请通过计算说明应将％更换为多大的定值

电阻？

答案和解析

1.【答案】空气柱

【解析】解：对着圆筒口吹哨时上下推拉活寒便可以发出高低不同的哨声，哨声是由空

气柱振动产生的。

故答案为：空气柱。

声音由物体的振动产生。

了解声音的产生条件，可解答此题。

2.【答案】汽化

【解析】解：用淀粉、水和油混合后包裹在肉片上，再放入锅中炒，这样肉片里的水分

不容易“跑出来”，即难以汽化，可达到保持肉片鲜嫩味的效果。

故答案为：汽化。

物质从液态到气态是汽化，汽化吸收热量。

此题考查了物态变化的应用，比较简单，需要分析题目中所给物质前后的状态变化。

3.【答案】扩散现象

【解析】解：因为一切物质的分子都在不停地做无规则运动，所以在刮痛的过程中人们

能闻到刺鼻的药味，这属于扩散现象。

故答案为：扩散现象。

两种不同的物质相互接触时，彼此进入对方的现象叫扩散现象，扩散现象表明分子不停

地做无规则的运动。

本题考查了对扩散现象的理解和应用，属于基础知识的考查。

4.【答案】东

【解析】解：由图象知，A、B的s-t图象都是一条倾斜的直线，所以甲乙都做匀速直

线运动；

根据它们运动时的s-t图像倾斜程度，可判断VA>VB，

所以A、B两物体同时同地向东做匀速直线运动，所以A在B车的前面向东运动，两物体

的相对位置不断变化，以B为参照物，A向东运动。

故答案为：东。

根据A、B的速度关系判断两物体的位置关系，然后以A或B为参照物，判断B或A的运动

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状态。

本题考查了物体的s-t图象和参照物的选择，属于基础问题，难度不大。

5.【答案】20

【解析】解：从图中可知n=2,则拉力端移动的速度v=沁=|x0.4m/s=0.2m/s,

根据p=y=y=Fv可知在此过程中力F做功的功率P=Fv=100NX0.2m/s=20W。

故答案为：20。

从图中可知n=2,根据v=3V物得出拉力端移动的速度，根据P=:=奈=Fv可知在此

过程中力F做功的功率。

本题考查功率的计算，属于对基础知识的考查，难度不大。

6.【答案】1.1x103

【解析】解：因为木块处于静止状态，

所以F浮=G+F拉=6N+5N=11N.

木块排开盐水的体积为v排=V=10-3m3,

由F浮=P液gV排知，

盐水的密度为P盐水=^=lON/k黑-m3=11Xl03kg/m3。

故答案为：1.1X103。

由图知，木块受到三个力的作用：竖直向上的浮力F浮、弹簧测力计通过定滑轮施加的

向下的拉力F拉及竖直向下的重力G。在这三个力的作用下木块保持静止木块浸没在盐水

中，也就是处于平衡状态。己知重力G和拉力F拉，可以得到浮力F浮；

因为木块浸没，所以排开盐水的体积与木块的体积相等。已知木块受到的浮力及排开盐

水的体积，利用阿基米德原理变形公式得到盐水密度。

此题考查了阿基米德原理变形公式的应用，对木块正确进行受力分析是解答此题的关键。

7.【答案】40%

【解析】解：

水吸收的热量：

36

Q吸=c水m(t-10)=4.2x10J/(kg•℃)x100kgx(30℃-26℃)=1.68x10J；

热水器1小时内接收到的太阳能E=4.2x106],

热水器的效率：

n=—x100%=168xl°6)x100%=40%。

1E4.2X106)

故答案为：40%o

(1)知道水的质量和初温、末温以及比热容，根据Q=cm(t-t0)求出在1小时内热水器

中的水吸收的热量；

(2)由题知，每小时平均接收4.2X106j的太阳能，热水器的效率等于水吸收的热量与接

收到的太阳能之比。

本题考查了吸热公式、效率公式的应用，明确热水器效率的含义是关键。

8.【答案】30

【解析】解：由图可知，闭合开关后，Ro与电动机M并联，AI测通过R。的电流，A?测

干路的电流；

闭合开关，A1的示数为0=0.3A,即为通过孔的电流，

根据并联电路电流的规律可得，通过电动机的电流：IM=I-h=0.8A-0.3A=0.5A,

电动机线圈的电阻2。，所以，lmin内电流通过电动机产生的热量：Q=I备R线圈t=

(0.5A)2x211x1x60s=30J»

故答案为：30。

闭合开关后，％与电动机M并联，A1测通过孔的电流，A2测干路的电流；根据并联电

路电流的规律，求出通过电动机的电流，根据Q=12R线圈t求imin内电流通过电动机产

生的热量。

本题考查并联电路电流的规律及根据焦耳定律求电动机产生的热量，电动机为非纯电阻

用电器，计算电热必须使用焦耳定律。

9.【答案】大于

【解析】解：由图可知，滑翔伞的伞面做成上凸下平，在相同时间内，空气经过上方的

路程长，速度大；经过下方的路程短，速度小。上方空气流速越大，压强越小；下方空

气流速越小，压强越大。所以伞下方的气压大于上方的气压，便形成向上的升力.

故答案为：大于。

根据气体流速和压强的关系，分析滑翔伞上下方空气流速的大小判断滑翔伞下方气压的

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大小，来解释滑翔伞升力的产生。

本题主要考查流体压强与流速的关系：流体在流速大的地方压强小，在流速小的地方压

强大。

10.【答案】3

【解析】解：根据题意可知，R1：R2：R3=1：2：6,已知％=5。，则：R?=2%=

2x50=10(1,R3=6Ri=6x5Q=30Q；

三个电阻并联，贝I」：看="+"+"=亲+煮+木，解得：R=3Q。

KKjK?K3blZ1UW

故答案为：3。

根据三个电阻的大小关系求出R2、R3的阻值；根据并联电路的电阻关系求出总电阻的

大小。

本题考查了并联电路电阻关系的应用，属于基础题。

1I.【答案】C

【解析】解：A.惯性是物体的固有属性，冰壶离开手后可以继续在冰面上滑行是因为冰

壶具有惯性，不能说成受到惯性的作用，故A错误；

B.平衡力与物体水平方向的运动状态无关，在竖直方向，冰壶所受的重力和支持力大小

相等、方向相反、作用在同一直线上，是一对平衡力，故B错误；

C.运动员不停擦冰，可使冰面熔化形成水层，使冰壶和冰面分离，减小了摩擦力，可以

使冰壶滑行的更远，故C正确；

D.冰壶离开手后受到重力、冰面的支持力、冰面的摩擦力的作用，此时冰壶与运动员不

接触，不再受到运动员的推力，故D错误。

故选：Co

(1)惯性是物体保持运动状态不变的性质，一切物体都有惯性；

(2)大小相等，方向相反，作用在同一物体上，作用在同一直线上，是一对平衡力；

(3)力可以改变物体的形状，可以改变物体的运动状态，减小接触面粗糙程度可以减小

摩擦；

(4)分析受力得出结论。

本题考查了惯性的应用、平衡力，以及力的分析等。本题综合性较强，但难度不大。

12.【答案】D

【解析】解：

AB.水球相当于凸透镜，王亚平到水球的距离大于2倍焦距时，成倒立、缩小的实像，与

照相机的成像原理是相同的，故AB错误；

CD.水球中间部分被气泡分为了两部分，中间是空气、气泡周围是水，则中间部分相当

于变成了两个凹透镜的组合，这个时候又出现了一个正立、缩小的虚像，放大镜成的是

正立、放大的虚像，两者原理不同，故C错误，D正确。

故选：Do

物距大于二倍焦距时;凸透镜成倒立、缩小的实像，其应用是照相机；当物距大于焦距，

小于二倍焦距时，凸透镜成倒立、放大的实像，其应用是投影仪；凹透镜可以成正立缩

小的虚像；

当物距小于焦距时，成正立放大的虚像，其应用是放大镜。

本题综合考查了凸透镜和凹透镜的结构特点、光学性质、成像原理。

13.【答案】B

【解析】解：

A.羽毛球在b点水平方向上的速度不为零，具有一定的质量，所以动能不为零，故A错

误；

B.若空气阻力不可忽略，羽毛球克服摩擦做功，羽毛球整个运动过程机械能减小，a、c

两点高度相同，所以重力势能相同，因此动能减小，a点的速度大于c点的速度，故B正

确；

C.若空气阻力不可忽略，羽毛球在b点受到重力和空气阻力的作用，重力大于空气阻力，

在b点受力不平衡，故C错误；

D.若空气阻力不可忽略，羽毛球从c点到d点的过程中，质量不变，高度减小，重力势能

减小，速度增大，动能增大，同时克服摩擦做功，一部分机械能转化为内能，所以重力

势能不能全部转化为动能，故D错误。

故选：Bo

(1)(4)动能的大小与质量、速度有关；重力势能的大小与质量、高度有关，机械能为动

能和势能的和；考虑空气阻力，机械能是不守恒的；

(2)根据a、c机械能和重力势能的大小分析动能的大小，然后判定速度的大小；

(3)根据羽毛球在b点的受力情况分析。

本题考查了动能和重力势能的转化、机械能的守恒、物体受力分析，难度不大。

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14.【答案】D

【解析】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R并联，电流表A1测R支路的电流，电

流表A2测干路电流，电压表测电源的电压。

电源电压保持不变，闭合开关S后，移动滑动变阻器R的滑片P,发现电流表A2示数变大，

根据I=2可知电路的总电阻变大，滑动变阻器R的滑片P向左移动；

K

因电源的电压保持不变，所以，滑片移动时，电压表的示数不变；

因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，灯泡两端的电压和通过

的电流不变，电流表A1示数不变，实际功率不变，灯泡L的亮度不变；根据P=UI可知，

电路的总功率变大；

因为电压表的示数不变，电流表A2的示数变大，所以电压表V跟电流表A?的比值变小；

综上所述，D正确。

故选：Do

由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R并联，电流表A1测R支路的电流，电流表A2测干路

电流，电压表测电源的电压；

电源电压保持不变，闭合开关S后，移动滑动变阻器R的滑片P,发现电流表A2示数变大，

根据I='判断出电路的总电阻的变化，据此判断出滑动变阻器R滑片的移动方向；

根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路各支路独立工作可知

滑片移动时通过灯泡的电流和实际功率不变，进一步可知灯泡亮暗的变化；

根据电压表的示数和电流表A2示数的变化判断出电压表V跟电流表A2比值的变化。

本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点、电功率公式和欧姆定律的应用，

难度不大。

15.【答案】C

【解析】解：A、由Q=cmAt可知，质量相同的同种物质，物质吸热的多少与升高的温

度有关，所以实验中质量与初温都相同的食用油吸热的多少是通过温度计的示数变化来

反映的，故A错误；

B.实验中探究导体产生的热量与电阻大小的关系，应控制电路中的电流相等，所以应该

将两个电阻串联接入电路中进行实验，而不应该是并联，故B错误；

C.通电后电流通过电阻丝做功，产生热量被食用油吸收，使食用油的温度升高，通过观

察温度计的示数变化来判断电流产生的热量的多少，故C正确；

D.探究“不同物质的吸热能力”的实验，应在甲、乙两瓶内换用质量、初温都相同的不

同液体，并使甲、乙两烧瓶中电阻丝的阻值相同，则相同时间内两电阻丝上产生的热量

相同，闭合开关一段时间，可以通过比较升高的温度，判断甲、乙两瓶内液体的比热容，

实验装置中两个电阻丝的电阻大小不同，无法比较不同液体比热容的大小，故D错误。

故选：Co

本题利用控制变量法来进行研究电流产生的热量与什么因素有关的实验，应控制吸热液

体的材料相同，质量相等，通过观察液体的温度的变化来比较吸热的多少。并反映电热

的多少，探究“电热和电阻的关系”，应控制电流相等，使用阻值不等的电阻进行实验。

本题考查了串联电路的特点，欧姆定律，焦耳定律，熟练掌握基础知识是正确解题的关

键。

16.【答案】B

【解析】解：

A、通电线圈在磁场中受到力的作用，根据此装置的原理制成了电动机，故A错误；

B、当线圈由图示位置顺时针转动90。时，线圈受到大小相等、方向相反、作用在同一个

线圈上、作用在同一条直线的两个力，这两个力是一对平衡力，故B正确；

C、当线圈由图示位置顺时针转动90。时，线圈中有电流，ab边受到力的方向向上，cd边

受到力的方向向下，故C错误；

D、当线圈由图示位置顺时针转动90。时，线圈由于惯性会越过平衡位置，此刻ab、cd段

导线受到的磁场力使线圈反方向转动，回到平衡位置，故D错误。

故选：B«

(1)发电机的工作原理是通电导体在磁场中受力运动；

(2)二力平衡条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一个物体上；

(3)(4)通电导体在磁场中受力方向与电流方向、磁场的方向有关。

本题主要考查了电动机的结构与工作过程，知道影响电动机转动方向的因素，难度不大。

17.【答案】D

【解析】解：由图可知％和R2串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量R2两端的

电压；

AB、已知电流表的量程0〜0.6A,滑动变阻器允许通过的最大电流为1A,

为保证电路安全，电路中的最大电流应为：I=0.6A,

由欧姆定律得，电阻％两端的电压为：J=IRj=0.6Ax5。=3V,

由串联电路的电压特点可知此时滑动变阻器R2两端的电压为："=U-Ui=4.5V-

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3V=1.5V<3V,

滑动变阻器接入电路中的电阻为：R2=牛=焉=2.5(1<20。，

符合要求，即电路中的最大电流为0.6A,故A、B错误；

CD,当电压表的示数为3V时，由串联电路的分压规律可知滑动变阻器接入电路中的电

阻最大，

,

此时定值电阻Ri的电压为：U/=U-U2=4.5V-3V=1.5V,

电路中的电流为：l'=¥=*=0.3A,

由欧姆定律可知滑动变阻器接入电路中的最大电阻为：R2mzx=字=言=10Q<200

p0.3A

故C错误，D正确。

故选：D»

由图可知Ri和R2串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量R2两端的电压；

(1)为保证电路安全，电路中的最大电流不能超出用电器允许通过的最大值和电流表的

量程，通过对比电流表的量程和滑动变阻器允许通过的最大值可得出电路中的最大电流;

再根据欧姆定律和串联电路的电压特点得出滑动变阻器两端的电压，判断是否超出电压

表量程，同时得出滑动变阻器接入电路的阻值，若没有超出20Q,则符合要求；

(2)串联电路具有分压的特点，电阻越大，分压越多，因此当电压表示数最大为3V时，

滑动变阻器接入电路的阻值最大，根据串联电路的电压特点得出k两端的电压，再利用

欧姆定律求出通过七的电流，即电路中的电流，最后根据1=£的变形式求出滑动变阻

器接入电路的最大值，若没有超出20。，则符合条件。

本题考查了欧姆定律的应用，熟练掌握串联的电流、电压特点是解题的关键。

18.【答案】粗糙法线

【解析】解：(1)为了看清楚纸板上的光路，纸板的表面应是较粗糙的，光线射在上面

发生了漫反射，反射光线射向各个方向，无论从哪个角度看，都能看得清楚；

(2)法线与平面镜是垂直的，红色激光B0垂直射向镜面，本实验中B0所在的直线是个有

意义的物理模型，在物理学中叫法线。

故答案为：(1)粗糙；(2)法线。

(1)根据镜面反射和漫反射的不同进行解答；

(2)通过模型来揭示原型的形态、特征和本质的方法称为模型法。

本题考查探究光的反射定律，考查了对常见科学研究方法的掌握。选择合适的研究方法

是保证研究结论正确的前提。

19.【答案】用镜子向右拨动游码，使天平水平平衡1.15X103偏大

【解析】解：(1)由图甲知I,当小明将祛码盒中最小的祛码放入右盘后，横梁指针偏向

刻度盘的左侧，说明右盘中祛码的总质量略小于左盘中物体的质量，此时应该用镜子向

右拨动游码，使天平水平平衡；

(2)由图乙可知，量筒的分度值为2mL,量筒中液体的体积为：V=40mL=40cm3,

由图丙知，游码标尺的分度值是0.2g,游码所对的刻度值为2.4g,则烧杯和剩余液体的

总质量为：m2=20g+10g+5g+2.4g=37.4g,

倒入量筒中液体的质量为：

m=rrij—m2=83.4g—374g=46g,

测量的液体密度为：

P=V==l.15g/cm3=1.15x103kg/m3；

(3)在向量筒倒入液体时，测出的体积是准确的，其次测出烧杯和液体的总质量mi是准

确的，小明发现在测量烧杯和剩余液体总质量时不慎将少量液体洒落在实验台上，会导

致测出烧杯和剩余液体的总质量m2偏小，测出的液体质量为两次所测质量之差-m2,

所测液体质量结果偏大，则根据P=?可知测出的液体密度会偏大。

故答案为：(1)用镜子向右拨动游码，使天平水平平衡；(2)1.15x103；(3)偏大。

(1)在称量过程中，应通过加减祛码或移动游码的方法来使天平平衡；

(2)弄清量筒的分度值，根据液面对应的刻度读出量筒中液体的体积；

天平在读数时，烧杯和剩余液体的总质量等于祛码的质量加游码对应的刻度值；

量筒中液体的质量等于烧杯和液体的总质量减去烧杯和剩余液体的总质量，知道量筒中

液体的质量和体积，根据密度公式求出液体的密度；

(3)在向量筒倒入液体时，测出的体积是准确的，其次测出烧杯和液体的总质量mi是准

确的，小明发现在测量烧杯和剩余液体总质量时不慎将少量液体洒落在实验台上，会导

致测出烧杯和剩余液体的总质量m2偏小，判断出m1-m2的偏差，根据P=?判断出测

出的液体密度的偏差。

本题主要考查天平、量筒的读数、密度的基本计算以及误差分析，天平和量筒是初中物

理中基本的测量工具，放、调、称、读等都是基本的知识要求，必须掌握扎实牢固。

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20.【答案】12.5图丙中灯泡的电压增大时，通过灯泡的电流也增大，灯丝温度升高,

但电压的增加量逐渐减小，说明灯丝电阻减小，不符合灯丝电阻与温度的关系

【解析】解：(1)原电路中，灯与变阻器并联，电压表串联在电路中，这是错误的，灯

应与变阻器串联，电压表应与灯并联，改正后如下图所示：

(2)由图乙U-I图象可知，灯在额定电压(2.5V)下的电流为0.2A,

由欧姆定律得，灯泡正常发光的电阻为：R=7=Jg=12.5H；

(3)图丙中灯泡的电压增大时，通过灯泡的电流也增大，灯丝温度升高，但电压的增加

量逐渐减小，说明灯丝电阻减小，不符合灯丝电阻与温度的关系，故小林的图像是错误

的。

故答案为：(1)见解答图；(2)12.5；(3)图丙中灯泡的电压增大时，通过灯泡的电流也增

大，灯丝温度升高，但电压的增加量逐渐减小，说明灯丝电阻减小，不符合灯丝电阻与

温度的关系。

(1)原电路中，灯与变阻器并联，电压表串联在电路中，这是错误的，灯应与变阻器串

联，电压表应与灯并联；

(2)根据图乙的U-I图象确定灯泡在额定电压下的电流(额定电流)，根据R=苧算出小灯

泡正常发光时的电阻；

(3)灯丝电阻随温度的升高而增大，其U-I图像应逐渐向电压这一侧弯曲，结合图像以

及欧姆定律分析。

本题是测定小灯泡电阻的实验，考查了电路连接、电阻的计算以及影响电阻大小因素等

知识。

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21.【答案】解：(1)电动车对地面的压力：F=G=mg=2.1x10kgx10N/kg=2.1x

104N；

车轮与地面的总接触面积为：S=4x100cm2=4x10-2m2；

该电动汽车静止在水平地面时对地面的压强：p=9=21xl°4f!=5.25x105Pa；

尸S4x10-2m2

(2)电动汽车的匀速行驶的速度：v=90km/h=25m/s；

电动汽车的匀速直线行驶，水平方向受力平衡，根据二力平衡条件得：F牵=f限=

0.02G=0.02x2.1x104N=420N

牵引力所做的功：W=F牵s=F牵vt=420Nx25m/sx30X60s=1.89x107J

答：(1)该电动汽车静止在水平地面时对地面的压强5.25x105Pa；

(2)该电动汽车匀速行驶30min时牵引力所做的功1.89x107J»

【解析】(1)该电动汽车静止在水平地面时对地面的压力等于车和乘客总重力，求出受

力面积，利用p=!即可求出压强；

(2)首先根据阻力约等于人和车总重的0.02倍求出阻力，然后根据二力平衡条件可知：

牵引力等于阻力，利用W=Fs即可求出牵引力做的功。

本题考察压强和功的基本计算难度不高，做题时注意各物理量单位及需要有必要的文字

描述。

22.【答案】解：(1)由题意可知重物作用在杠杆上的力为阻力，大小等于物体的重力，

方向与重力的方向相同，竖直向下，作用点。在杠杆上，如图：

A/So]XB

，F

(2)重物悬挂点0为扁担的中点，B点为支点，则A点的支持力的力臂为扁担长，即LA=

L=1.8m,

则重力的力臂为LG=|L=|X1.8m=0.9m,

根据杠杆的平衡条件可得A点的支持力为FA=2=H±=ZG=5X900N=450N；

(3)根据杠杆平衡条件可得FAxAB=GxOB,小聪的肩从A点向0点靠近时，AB减小，

G、OB不变，所以FA增大，

小明对扁担支持力为FB=G-FA，故FB减小，即小明对扁担支持力减小。

答：(1)杠杆所受阻力的示意图如上图所示；

(2)小聪的肩A点支持力为450N；

(3)小明对扁担支持力将减小，理由见解析。

【解析】(1)由题意可知重物作用在杠杆上的力为阻力，大小等于物体的