2023年广东省珠海市香洲区中考物理二模试卷

2023年广东省珠海市香洲区中考物理二模试卷

1.珠海是第一批国家生态文明建设示范市，初夏时节，鸟鸣悠扬，蛙声一片，能分辨鸟鸣

和蛙声主要是依据声音的（）

A.音色B.音调C.响度D.声速

2.2022年2月6日，不服输、敢拼搏、懂团结的中国女足第9次捧起亚洲杯冠

军奖杯。如图所示是比赛中的场景，下列说法正确的是（）

A.足球能被头顶飞，说明力是维持物体运动的原因

B.足球能被头顶飞，说明力能改变物体的运动状态，->

C.以球门做参照物，空中的足球是静止的

D.足球在空中飞行是因为受到惯性的作用

3.某家庭电路的部分情况如图所示，下列说法正确的是（）

A.电能表的读数是368.2/

B.保险盒中的保险丝电阻较小、熔点较高

C.若用空气开关代替保险丝，当空气开关自动断开时，一定是电路发生短路现象

D.电能表的转盘转得快，说明电流做功快，电路总功率大

4.电磁弹射车常用于航空母舰上助力飞机起飞，其原理可简化为如图所示，两根金属导轨

沿水平方向放置在磁场中，电磁弹射车横跨在导轨上，通电后，弹射车受力向右行驶。若不

计空气阻力和摩擦，下列说法正确的是（）

//

N

A.弹射车在轨道上做匀速直线运动

B.此过程中电能转化为机械能

C.只调换电源的正负极，通电后弹射车受力方向不变

D.弹射车脱离金属导轨后仍受到磁场力的作用

5.如图所示，用天平和量筒测量小石块的密度。

乙所示，测石块体积的情形如图丙所示，下列说法正确的是（）

mL

-

50三

二

三

一

一

40三

三

三

三

三

30三

一

一

三

一

20三

一

一

一

三

10一

-

三

一

.

甲乙丙

A.若图甲是将石块置于天平托盘中称量时出现的情形，则可以调节平衡螺母使天平平衡

B.石块的质量是22.2g

C.石块的密度是3.2x103kg/m3

D.若图丙中先测石块和水的总体积，再测水的体积，则测量出的石块体积会偏小

6.小珠利用如图所示的装置探究凸透镜成像的规律。将蜡烛放在凸透镜左侧适当位置，调

整光屏到凸透镜的距离，使烛焰在光屏上成清晰的像，改变蜡烛放置的位置多次实验，分别

测出物距IZ和像距V,实验数据如表格所示。下列说法正确的是（）

实验次数12345

物距〃/cm4024161210

像距v/cm1012162440

A.该凸透镜的焦距为16cm

B.从第1次实验到第5次实验，光屏上的像越来越小

C.第2次实验光屏上成倒立、放大的实像

D.完成第2次实验后，在P处放一近视镜片，向右移动光屏，光屏上也能成清晰的像

7.如图甲所示是一款加热坐垫，内部电源电压恒为6V。简化电路如图乙所示，Ri、/?2均为

电热丝，坐垫有睡眠、保温、加热三挡，功率分别为4W、10W、16亿下列分析正确的是（）

甲乙

A.闭合S1、断开$2,坐垫处于睡眠挡，此时电路中的电流是1.254

B.闭合a、S2,温控开关从a点拨到b点，通过/?2的电流变大

C.闭合Si、52，温控开关连接a点时，Rz的功率为12W

D.闭合Si、S2,温控开关连接b点时，坐垫的功率是16卬

8.原子核是由____和中子构成的。目前核电站是利用原子核（选填“聚变”或

“裂变”）释放的能量工作的，电能属于（选填“一次”或“二次”）能源。

9.我国古代科技著作《‘天工开物》中，对釜的铸造有“铁化如水，以泥固针铁柄杓从嘴受

注”这样的记载。其中“铁化如水”描述的是（填写物态变化名称）过程，此过程需要

（选填“吸热”或“放热”），铁水的温度始终保持不变，说明铁是（选填“晶

体”或“非晶体”）.

10.小海从珠海到西藏旅游，发现随身携带的食品袋鼓起来了，如图所示.这是因为海拔高

度升高，大气压______（选填“变大”或“变小”）导致的。膨胀后袋内气体的密度

食品袋对桌面的压强______（以上两空选填“变大”、“不变”或“变小”）。

膨胀前膨胀后

11.如图所示，研究电流产生的热量与电流大小的关系，将％接入电路，再将/?2、R3并联接

入电路，为了完成实验，色应选用阻值为。的电热丝。闭合开关，观察到u形管内液

面高度变化较慢，不改变实验器材，为缩短观察时间，接下来的操作是。通电一段时

间，R1产生的热量是Q,/?3产生热量是Q'，则QQ'（选填“大于”、“等于”或“小

于"）«

R：=10Q

12.如图所示，小珠用弹簧测力计拉着一木块在水平长木板

上做匀速直线运动，弹簧测力计的读数为N,木块受

到的滑动摩擦力大小为N。实验过程中小珠发现当木

块加速运动时，弹簧测力计的示数变大，则木块受到的滑动

摩擦力将（选填“变大”、“不变”或“变小”）。

13.如图所示，小海用一个动滑轮提着重物向上做匀速直线运动。物体上升27n时，绳子自

由端移动的距离是若不计绳重及摩擦，小海用此装置拉动不同物体匀速上升时,

测出拉力F和物重G的大小并画出二者的关系图象，则动滑轮重为N；物重为30N时,

此滑轮的机械效率是。

〃〃/〃〃/〃〃//

14.科技小组的同学制作了一个利用电表测物体重力的“重力

表”。如图所示，当秤盘内重物增加，“重力表”示数会变大，

应选（选填“电流”或“电压”）表进行改装。电源电压

恒为6V,滑动变阻器/?2最大阻值为I。。，当秤盘不放任何重物

时，滑片P恰好处于a端，物重每增加IN,a至P之间的电阻刚好

增加0.40。当放上一重物时、电流表示数为0.24电压表示数为1.6乙则电阻尺的阻值为

0,物体重为N。

15.如图，物块静止在斜面上，请分别画出物块所受重力、斜面的支持力的示意图。

16.自行车尾灯的结构如图所示，它是由两块相互垂直的平面镜组成

的。当一束光射向它时，请在图中作出这束光经两块平面镜反射后的光

线。

17.用笔画线代替导线，将如图中的开关、两盏节能灯（规格为“220乙9小”）和一个三孔

插座接入家庭电路中，要求：符合安全用电原则，开关只控制两盏灯且两灯都能正常发光。

—火线

一零线

卫蛾

曲JL1

开关

灯灯

18.(1)小珠利用如图1甲所示实验装置观察水的沸腾现象。

①某时刻温度计的示数如图乙所示，为℃；

②水沸腾时，杯口附近出现大量“白气”，这是水蒸气遇冷(填写物态变化名称)形成

的，继续对水加热，水的温度(选填“升高”、“不变”或“降低”)。

(2)小海探究“平面镜成像时像与物到平面镜距离的关系”，如图2甲所示，小海将点燃的蜡

烛4放在玻璃板前面，再拿一支相同的蜡烛8在玻璃板后面来回移动，直到,从而确

定像的位置。记录下这两支蜡烛的位置4、A',如图2乙所示，贝I。到玻璃板的距离为

cm,多次实验后，小海发现像与物到玻璃板的距离相等。若将蜡烛4与玻璃板的距离增大2czn,

则像与物之间的距离变化了emo

19.小珠利用如图所示装置探究“影响液体内部压强大小的因素”。

(1)实验前，按压探头的橡皮膜，若U形管两侧液面高度变化(“明显”或“不明显”)，

则这套实验装置可能漏气；通过U形管液面高度差反映液体压强大小，应用的研究方法是

______法；

(2)保持探头在液体中的位置不变，改变探头的方向，如图4、B、C所示，发现U形管两侧液

面的高度差不变，说明液体压强大小与方向(选填“有关”或“无关”)；

(3)比较图C、D两次实验,可以得出结论：同种液体，,液体压强越大；

(4)小珠同学将探头先后浸入到两杯液体中，如图E所示，发现U形管两侧的液面高度差相

同，于是认为液体压强与液体密度无关。小海认为小珠的结论不正确，理由是;

(5)如图F所示，橡皮管和下方玻璃管侧壁相连通，当向玻璃管中吹风时，U形管内液面较低

的是(选填"a”或"b")侧。

20.在“探究电流与电阻的关系”实验中，提供器材有：电源(U=3P)、三个定值电阻治(5。)、

(1)如图甲是某组同学连接的电路，缺少一条导线，请用笔画线代替导线将电路连接完整;

(2)闭合开关，电流表无示数，电压表示数接近电源电压，原因可能是定值电阻(选填

“断路”或“短路”)。排除故障后闭合开关，移动滑片使电压表的示数为由,电流表的示数

如图乙所示为4

(3)保持滑动变阻器滑片位置不变，将定值电阻％换成/?2继续实验，应向(选填“4”

或“B”)端移动滑片，使电压表的示数仍为内。移动后，电阻与滑动变阻器的阻值之比是

(用“U、U1"表本)；

(4)将三个定值电阻分别接入电路进行实验，定值电阻两端的电压可取的最小值为K；

(5)图丙是根据测量的数据绘制的电流与电阻关系的图象，分析图象可得出结论：电压一定时,

21.某建筑工地上一台升降机工作时的平均功率为2.5x1。4勿,运载质量为1.5x103kg的货

物在10s内上升了9m,g取ION/kg。求此过程中：

(1)货物上升的平均速度；

(2)升降机做的有用功；

(3)升降机的机械效率。

22.如图甲所示为亮度可调的台灯，内部简化电路如图乙所示。电源电压恒为12心灯的电

阻不随温度变化。当滑片由a端移动到b端的过程中，滑动变阻器的电功率P与电流/的关系图

象如图丙所示，求：

(1)灯的电阻;

(2)滑动变阻器的功率最大时，工作lOmin电路消耗的总电能;

(3)灯发光最喑时，灯的电功率。

23.新疆是我国最大的棉花基地，棉花生产早已高度机械化，采棉机已成为采棉的主要工具。

(1)采棉过程中，空气中弥漫着棉花秸秆味，这是现象。

(2)采棉机的四冲程柴油发动机常用水作为冷却剂，是利用了水的较大的特性；其工

作时，提供动力的冲程如图乙所示，是冲程，该冲程将能转化为机械能；完

全燃烧2kg的柴油释放的热量为八(柴油的热值是4.3x10力kg)

(3)已知采棉机自重103满载时棉籽和棉花总重为23轮胎与耕地的接触总面积为0.2瓶2,则

满载时采棉机对耕地的压强为Pa。(g取IQN/kg)

24.我国劳动人民很早就在农业、军事等方面应用杠杆，如图所示。

(1)以上四种应用中属于费力杠杆的是(多选，选填字母)。

(2)利用图4中的脚踏碓捣谷时，劳作者踩踏“碓”尾，“碓”头高高抬起，松脚后“碓”头

下落过程中，它的重力势能会(选填“变大”、“不变”或“变小”)。为了省力些,

可将脚踩点适当______(选填“远离”或“靠近”)0点。

(3)脚踏碓的脚踩位置有粗糙的花纹，这是为了(选填“增大”或“减小”)摩擦。

(4)如图C所示是护城河上安装的吊桥。在拉起吊桥过程中，滑轮的作用是。从甲图缓

缓拉起到乙图的过程中，人用的力将(选填“变大”、“不变”或“变小”)，若桥身

木板总质量为60kg,长5小，不计绳重及摩擦，桥身在乙图位置时，拉力尸的大小是N。

(g取10N/kg)

25.阅读并回答问题.

电磁阀电磁阀是一种利用电磁装置控制流体自动化的元件，由于其反映速度快、效率高而被

广泛应用在工业控制和液压机中。电磁阀的工作原理是通过电流控制内部铁芯起伏实现阀门

开关，从而调节液体(如油等)流动的方向、流量和流速的大小。

如图甲所示是某兴趣小组利用电源、螺线管、铁芯、弹簧等材料制作的简易电磁阀。开关闭

合时，螺线管中通过电流产生磁场，铁芯受到磁场力的作用上升，弹簧被压缩，此时电磁阀

打开，液体流过导管。当开关断开后，铁芯下降，电磁阀关闭，液体不能通过导管流出。

4电磁阀中螺线管工作原理是电磁感应现象

在铁芯可以用密度更小的铝来替代

C.增大电源电压，螺线管的磁性将会变强

D开关闭合后，弹簧对铁芯的弹力与铁芯受到的重力是一对平衡力

(2)闭合开关，螺线管下方是极(选填"N”或"S”)。

(3)如图甲所示，开关断开时，铁芯底面到液面的距离A1为12cm,到导管底的距离九2为0.5cm,

此时铁芯底面受到液体的压强是Pa。小珠认为此设计存在不足，开关断开时铁芯也可

能会上升，从而使液体流过导管，这是因为。(g^lON/kg,液体的密度

“八-0.8xI。1

(4)小珠对电磁阀进行了改造，如图丙所示，开关断开时，液体先进入上方空间，若铁芯体积

为1.5cm3,此时铁芯受到液体的浮力&=N。如图丁所示，开关闭合后，铁芯上升,

液体流入导管，此时铁芯受到的浮力B=N。（g取IQN/kg,液体的密度

M=0,8x〃”力

答案和解析

1.【答案】A

【解析】解：音色反映了声音的品质和特色，不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色也

就不同。我们能区分鸟鸣和蛙声，这是因为鸟和蛙发出声音的音色不同。

故选：Ao

音色是由发声体的材料和结构决定的，我们常用音色来区别不同发声体。

本题考查了音色的特点，不同发声体发出声音的音色不同。

2.【答案】B

【解析】解：AB,足球能被头顶飞，足球的运动状态发生改变，说明力是改变物体运动状态的原

因，故A错误，B正确；

C、以球门做参照物，空中的足球相对位置发生改变，足球是运动的，故C错误；

。、足球在空中飞行是因为足球具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性的作用，故。错误。

故选：B。

(1)力是改变物体运动状态的原因。物体运动不需要力来维持。

(2)在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运

动，不发生变化，则静止。

(3)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性是物体的一种属性。

此题考查了学生对惯性、力的作用效果、运动和静止的相对性等知识的理解，正确理解相关的知

识点是解题的关键。

3.【答案】D

【解析】解：4、电能表的读数是368.2/cW，，故4错误；

8、保险盒中的保险丝电阻较大、熔点较低，故B错误；

C、若用空气开关代替保险丝，当空气开关自动断开时，可能是电路发生短路现象，也可能是用

电器的总功率过大，故C错误；

。、电能表的转盘转得快，相同时间内消耗的电能多，说明电流做功快，电路总功率大，故。正

确。

故选：Do

(1)电能表是测量用户在某段时间内用电器消耗消耗电能的仪表，单位是千瓦时，最后一位是小数。

(2)保险丝是用电阻率大、熔点低的铅镖合金制成的。

(3)家庭电路中电流过大的原因：一是发生了短路，二是用电器的总功率过大。

(4)电功率是表示电流做功快慢的物理量。

知道电能表的读数；知道保险丝材料的特性；知道家庭电路中电流过大的原因；知道电功率是表

示电流做功快慢的物理量。

4.【答案】B

【解析】解：4不计空气阻力和摩擦，弹射车在轨道上做加速直线运动，故4错误；

8、此过程中电能转化为机械能，故8正确；

C、只调换电源的正负极，通电后弹射车受力方向改变，故C错误；

。、弹射车脱离金属导轨后，由于惯性继续运动，但是不受磁场力的作用，故O错误。

故选：B.

(1)通电导体在磁场中会受到力的作用，力可以改变物体的运动状态。

(2)电磁弹射的过程中，电能转化为机械能。

(3)通电导体在磁场中受力的方向与电流的方向和磁场的方向有关.

(4)弹射车脱离金属导轨后，由于惯性继续运动，但是不受磁场力的作用。

知道通电导体在磁场中受到力的作用；知道力和运动的关系；通电导体在磁场中的受力方向与电

流方向和磁场方向有关。

5.【答案】C

【解析】解：4用调节好的天平测石块的质量，测量过程中不能调节平衡螺母，故A错误；

8、测出石块的质量如图乙，则石块质量为20g+2.4g=22.4g,故B错误；

C、小石块的体积为：V=17mL—10mL=7mL=7cm3,则小石块的密度为：

二*"><->!,■3J-HlA,故C正确；

VIcrnr

。、若图丙中先测固体和水的总体积再测水的体积，由于石块上沾有水，使得石块所测体积偏大，

由p=£知测出的石块密度会偏小，故。错误。

故选:Co

(1)测量过程中，不能再调节平衡螺母；

(2)物体的质量等于祛码质量加上游码拨过的质量；

(3)小石块的体积由量筒中水的体积和放入小石块后的总体积算出，最后算小石块的密度；

(4)图丙中先测固体和水的总体积再测水的体积，石块体积偏大，根据密度公式判断出密度的偏差。

测固体的密度首先会使用天平，用天平测出固体的质量根据排水法用量筒测出固体的体积V,

再用公式p=§计算出固体的密度。

6.【答案】D

【解析】解：4、由表中数据可知，u=v=16cm,Bp2/=16cm,所以该凸透镜焦距为8cm,故

A错误；

B、从第1次实验到第5次实验，物距减小，根据凸透镜成实像时，物近像远像变大可知，光屏上

的像越来越大，故8错误；

C、由表中数据可知，第2次实验物距u=24cm>2/,根据”>2人成倒立、缩小的实像，故C

错误；

D,完成第2次实验后，在P处放一近视镜片，近视镜片是凹透镜，凹透镜对光线具有发散作用，

会推迟光线会聚成像，所以向右移动光屏，光屏上也能成清晰的像，故。正确。

故选：。。

(1)根据u=u=2f时，成倒立等大的实像，据此求出焦距；

(2)根据凸透镜成实像时，物近像远像变大分析回答；

(3)根据u>2f,成倒立、缩小的实像；

(4)近视镜片是凹透镜，凹透镜对光线具有发散作用。

此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。

7.【答案】C

【解析】解：4、由图乙可知，闭合Si、断开S2时，电路为8的简单电路，由2=叼可知，睡眠挡

时电路中的电流：I.；U^II.GT.I,故A错误；

I61

B、由图乙可知，闭合工、S2时，之、&并联，温控开关从a点拨到匕点时/?2接入电路的电阻变大，

由欧姆定律可知，通过此电流的变小，故8错误；

C、由并联电路的特点可知，闭合Si、S2,温控开关连接a点时，&两端的电压与睡眠挡时电压相

等，由P=U/=,可知，此时R1的电功率H/•III,

闭合Si、S2，温控开关连接a点时，K所在支路的电阻最小，由P=U/=近可知，区2所在支路的

R

电功率最大，电路总的电功率最大，加热坐垫为加热挡，此时电路的总功率PHiH,

则R2的功率：尺?H।以।川I2H，故C正确；

D、闭合S］、52,温控开关连接b点时，/?2所在支路的电阻最大，由P=U/=二可知，&所在支路

R

的电功率最小，加热坐垫为保温挡，由题意可知，此时坐垫的功率是10小，故。错误。

故选：C,

(1)根据图乙可知闭合Si、断开S2时，电路为&的简单电路，根据P=U/求出睡眠挡时电路中的电

流；

(2)根据图乙可知闭合Si、52,温控开关从a点拨到b点时/?2接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可

知通过/?2电流的变化；

(3)由「=u/=止可知，当电源电压一定时，电路电阻越大，功率越小，根据电路图分析电路结

R

„2

构，根据P=U/=勿可知保温、加热时电路的连接和对应的电功率；

R

根据并联电路的特点可知闭合S1、52,温控开关连接a点时R1的电功率，根据电路的总功率等于各

用电器电功率之和求出此时占的功率。

本题考查并联电路的特点、欧姆定律和电功率公式的应用，正确的判断加热坐垫处于不同挡位时

电路的连接方式是关键。

8.【答案】质子裂变二次

【解析】解：(1)原子核是由质子和中子构成的。核电站是利用原子核发生裂变释放能量来发电的；

(2)电能无法从自然界直接获得，而是需要消耗其它的一次能源来获得，所以电能属二次能源。

故答案为：质子；裂变；二次。

(1)原子核是由质子和中子构成的。核裂变和核聚变都能释放能量，对于核裂变是可控的，如核电

站的核反应堆就是通过核裂变提供能量的：

(2)能从自然界直接获得的是一次能源，需要消耗一次能源来获得的是二次能源。

本题主要考查学生对核能利用的认识、一次能源与二次能源的区分等，是一道基础题。

9.【答案】熔化吸热晶体

【解析】解：“铁化如水”是指铁从固态变为液态，是熔化过程；

铁在熔化过程中不断吸热，温度始终保持不变，说明它具有一定的熔化温度-熔点，因此属于晶

体。

故答案为：熔化；吸热；晶体。

(1)物质从固态变为液态的过程叫做熔化，物质从液体变为固态的过程叫做凝固；

(2)晶体物质在熔化和凝固过程中，尽管不断吸热或者放热，但温度保持熔点或凝固点不变。

本题考查了熔化以及晶体和非晶体的区别，属于物态变化中基础知识的考查，相对比较简单。

10.【答案】变小变小变大

【解析】解：(1)随着海拔高度的增高，空气密度减小，大气压也随之降低；而袋内气体由于密闭，

气压几乎不变，外界大气压小于袋内气压，外界大气压的降低导致袋装小面包内部气体膨胀；

(2)袋内气体膨胀后体积变大，由于气体的质量不变，根据公式p=£可知，袋内气体密度变小；

(3)食品袋的质量不变，压力不变(压力等于重力)，受力面积变小，根据p=(可知压强变大。

故答案为：变小；变小；变大。

(1)大气压与高度的关系是：海拔越高，气压越低；

(2)质量是物体的一种基本属性，与物体的状态、形状、温度、所处的空间位置的变化无关；根据

公式。=品判断袋内气体密度；

(3)食品袋的质量不变，压力不变(压力等于重力)，受力面积变小，根据p=女可知压力的变化。

本题主要考查学生对大气压强和高度的关系的了解，以及质量、密度、压强公式的灵活应用，属

于基础性题目。

11.【答案】5向左移动变阻器的滑片P大于

【解析】解：容器内两电阻丝为研究对象，研究电流产生的热量与电流大小的关系，要控制电阻

和通电时间相同，故为了完成实验，/?3应选用阻值为5。的电热丝；

闭合开关，观察到U形管内液面高度变化较慢，由转换法可知电流产生热量少，不改变实验器材，

为缩短观察时间，根据Q=/2Rt,可增大电路的电流，接下来的操作是向左移动变阻器的滑片P；

通电一段时间，根据Q=/2Rt,%产生的热量是Q,/?3产生热量是Q'，则Q大于。。

故答案为：5；向左移动变阻器的滑片P；大于。

电流通过导体产生的热量与通过的电流、导体的电阻和通电时间有关，研究与其中一个因素的关

系时，要控制另外两个因素不变，结合串联电路电流的规律分析；

电阻丝产生的热量不易直接观察，可给等质量的空气加热，空气吸热越多，气体膨胀程度越大，U

形管内的液面高度差越大，采用了转换法；根据Q=/2Rt和欧姆定律分析；

根据Q=/2Rt回答。

本题探究“导体产生的热量与什么因素有关”，考查控制变量法、转换法、串联和并联电路的规

律及焦耳定律、欧姆定律的运用。

12.【答案】3.63.6不变

【解析】解：图中弹簧测力计的分度值为0.2N,其示数为3.6N；

由于木块在水平长木板上做匀速直线运动，拉力与滑动摩擦力是一对平衡力，由二力平衡条件可

知，木块受到的滑动摩擦力大小f=F=3.6N；

当木块加速运动时，弹簧测力计的示数变大，即拉力变大，但木块对长木板的压力大小和接触面

的粗糙程度不变，则木块受到的滑动摩擦力不变。

故答案为：3.6；3.6；不变。

明确测力计的分度值，然后根据指针位置读数；根据二力平衡的条件分析滑动摩擦力的大小；滑

动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，与运动速度无关.

会正确读取弹簧测力计的示数、理解二力平衡条件和影响滑动摩擦力大小的因素，可顺利解答此

题，难度不大。

13.【答案】41075%

【解析】解：由图可知n=2,绳子自由端移动的距离：s=n/i=2X2m=4m；

由图象可知，当物体重力G=30N时，绳子自由端的拉力F=20N,

因为不计绳重和摩擦时F=；(G+G,/),所以动滑轮的重力：G动=TIF-G=2X20N-30N=

10/V；

因为不计绳重和摩擦，所以滑轮的机械效率：

“Xw,GhG30N-

〃一TF""Hr-FZ_uiv*mv,1，，；l'。

•I'+卜’-GH♦G+期•Ml.V\10A

故答案为：4；10；75%。

由图可知n=2,绳子自由端移动的距离S=TVI；根据图象可知拉力F和物重G,利用不计绳重和

1W右rh

摩擦时F=-(G+G动)求动滑轮的重力；利用不计绳重和摩擦时〃=拱=wJ=7^-7

nJ"总"有”额外"〃十"动〃

G

G+G-求滑轮的机械效率。

动

本题考查使用动滑轮时动滑轮的重力和机械效率的计算，难度不大。

14.【答案】电压2020

【解析】解：(1)电路图可知，心与/?2串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量滑动变阻器两

端的电压。由于电压表的内阻很大，相当于断路，所以在物体重变大，滑片向下移动的过程中，R2

接入电路的阻值最大，且不变，电路的总电阻不变，根据/=£可知，电路中的电流不变，即电流

表示数不变，不能反映物体的重力变化；

滑片向下移动时，a、P间的电阻变大，由U=/R可知，a、P间的电压变大，即电压表的示数变大，

故可以将电压表的表盘改造用来显示重力的大小；

(2)根据欧姆定律可知总电阻：/?=彳=怒=300,

根据串联电路的总电阻等于各用电器的电阻之和可得：

HlH"r:川a1119

(3)根据欧姆定律可知电压表示数为1.6V时电压表测量的电阻为：

—。

根据物重每增加IN,a至P之间的电阻刚好增加0.4。可知：

物体的重力为：.l.\2II.V„

0.41)

故答案为：电压；20；20o

(1)电路图可知，&与/?2串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量滑动变阻器两端的电压。由

于电压表的内阻很大，相当于断路，所以滑片移动过程中，/?2接入电路的阻值最大，且不变，根

据欧姆定律可知电路中的电流变化和电压表示数变化，从而可知应将哪个电表的表盘改造用来显

示重力的大小；

(2)根据串联电路特点和欧姆定律计算％阻值；

(3)根据欧姆定律求出电压表示数为1.6U时求出电压表测量的电阻，然后根据物重每增加IN,a至

P之间的电阻刚好增加0.4。判断出物重。

本题考查串联电路的特点、欧姆定律的灵活运用，该题的难点在于正确判断在滑片移动时，滑动

变阻器接入电阻的变化情况。

15.【答案】解：重力的方向是竖直向下的，作用在物体的重心，支持力的方向是垂直于斜面向上

的，作用点也可选在物体的重心，如图所示；

【解析】重力的方向是竖直向下的，作用点在重心上；斜面对物块的支持力和物块对斜面的压力

是一对相互作用力，方向是相反的；压力的方向是垂直于斜面向下的，支持力就是垂直于斜面向

上的，作用点就在物块的重心上。

此题中要重点注意分清重力的方向与支持力方向的不同，在斜面上这两个力不是一对平衡力。

16.【答案】解：先过入射点作垂直于反射面的法线，再根据反射角等于入射角作出反射光线，同

样的方法作出光在另一反射面上的反射光线，如图所示：

【解析】光的反射定律：反射光线与入射光线、法线在同一平面上；反射光线和入射光线分居在

法线的两侧；反射角等于入射角。两次都根据光的反射定律做出反射光线。

本题考查了光的反射定律的应用，作图时注意：法线用虚线，属于基础题目。

17.【答案】解：（1）由题意知，两节能灯都能正常工作，应并联，开关要控制两盏灯，则开关应

串联在干路中；火线首先进入开关，然后进入灯泡顶端的金属点，零线直接接在灯泡的螺旋套上。

(2)三孔插座的上孔接地线、左孔接零线、右孔接火线。如图所示:

【解析】(1)家庭电路中螺口灯泡的接法：火线首先进入开关，然后进入灯泡顶端的金属点，零线

直接接在灯泡的螺旋套上。这种接法能在断开开关时，切断火线防止触电。两灯都能正常工作,

故应并联。

(2)三孔插座的上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线，上孔(中间)接地线是为了使用电器的金属

外壳接地，如果用电器漏电时，防止触电。

本题考查了家庭电路的连接，要掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座等的接法。

18.【答案】93液化不变蜡烛B与蜡烛4的像重合3.504

【解析】解：(1)①某时刻温度计的示数如图乙所示，温度计分度值为1℃,示数为93冤；

②水沸腾时，杯口附近出现大量“白气”，实为小水珠，这是水蒸气遇冷液化形成的，说明水已

沸腾，继续对水加热，水的温度不变；

(2)小海探究“平面镜成像时像与物到平面镜距离的关系”，如图2甲所示，小海将点燃的蜡烛4放

在玻璃板前面，再拿一支相同的蜡烛8在玻璃板后面来回移动，直到蜡烛B与蜡烛4的像重合，从

而确定像的位置。

如图2乙所示，刻度尺分度值为0.1cm,故A到玻璃板的距离为3.50cm。因像与物到玻璃板的距离

相等。若将蜡烛4与玻璃板的距离增大2cm,则像与镜面的距离也增大2si,故像与物之间的距离

变化了4cmo

故答案为：②液化、不变：(2)蜡烛B与蜡烛A的像重合：3.50；4。

(1)①根据温度计分度值读数；

②物质由气态变为液态的过程叫液化；杯口附近出现大量“白气”，说明水已沸腾，沸腾是吸热

过程，温度不变；

(2)小海探究“平面镜成像时像与物到平面镜距离的关系”，再拿一支相同的蜡烛B在玻璃板后面

来回移动，直到蜡烛B与蜡烛4的像重合，从而确定像的位置，采用了等效替代法；

读出4到玻璃板的距离；根据平面镜成的像与物到镜面的距离相等分析。

本题研究水的沸腾现象，考查温度计读数、物态变化的识别及沸腾的现象，同时探究“平面镜成

像时像与物到平面镜距离的关系”，考查实验操作及成像规律的运用。

19.【答案】不明显转换无关深度越大没有控制深度相同b

【解析】解：(1)实验前，按压探头的橡皮膜，U形管两边液面高度变化不明显，则这套实验装置

漏气；通过U形管液面高度差反映液体压强大小，是转换法的应用；

(2)保持探头在液体中的位置不变，改变探头的方向，如图4、B、C所示，发现U形管两侧液面的

高度差不变，探头所受的液体压强不变，说明液体压强大小与方向无关；

(3)比较图C、。两次实验，可知液体的密度相同，深度不同，U形管左右液面差不同，液体内部

压强不同，所以液体内部压强与深度有关；同种液体，深度越大，液体压强越大

(4)小珠同学将探头先后浸入到两杯液体中，如图D、E所示，发现U形管两侧的液面高度差相同，

说明压强相等，但由于两次的深度不同，不能认为液体压强与液体密度无关，小珠的结论不正确，

理由是没有控制深度相同；

(5)如图尸所示，从左侧管口沿水平方向用力吹气时，左管上端的空气流速快、压强小，右管上端

空气流速小、压强大；由于大气压强的作用，液体从右侧压入左侧一部分，所以左(a)侧液面将升

高，b侧将降低。

故答案为：(1)不明显；转换；(2)无关；(3)深度越大；(4)没有控制深度相同；(5)人

(1)按压橡皮膜U形管中的液柱不动，说明空气没有将压强传递给管中的液体，表明装置漏气；通

过U形管液面高度差反映液体压强大小，是转换法的应用；

(2)在同一深度，液体内部向各个方向的压强都相等；

(3)掌握液体压强的特点，液体压强与液体的密度和深度有关，在探究过程中，要注意控制变量法

的应用；

(4)根据液体压强和液体密度、深度有关，利用控制变量法进行判断；

(5)根据气体压强与流速的关系：气体在流速大的地方压强小，在流速小的地方压强大。

此题主要考查学生对于液体压强实验的理解和掌握以及流体压强的考查，熟知液体压强特点和实

验原理是解题关键。

20.【答案】断路0.38B.1通过导体的电流与其电阻成反比

【解析】解：(1)在“探究电流与电阻的关系”实验的电路中，要让电压表并联在定值电阻两端,

测其电压，据此完成电路连接，如下图所示：

(2)闭合开关，电流表无示数，结合电路图，可知电路可能发生了断路故障，而电压表示数接近电

源电压，说明电压表可以与电源正负极形成通路，则可电路故障原因是定值电阻断路；

如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.024电流为0.384

(3)研究电流与电阻的关系时，要控制电压不变，当定值电阻的阻值变大时，根据分压原理，电压

表示数变大，要减小电压表示数，根据串联电路电压的规律，要增大变阻器的电压，由分压原理，

就要增大变阻器连入电路中的电阻大小，即向B端移动；

R

因为换用定值电阻后，移动滑片，始终要使电压表的示数空=言为U1，据串联分压原理可得

出电阻生与滑动变阻器的阻值的比值关系为5,17；

"匕，'I

R

(4)由串联电路的规律及分压原理有：铲^=言-一①，

等式左边为一定值，故右边也为一定值，当变阻器的最大电阻连入电路时，对应的定值电阻最大，

这时控制的电压表示数最小，

解得：Uv=IV,

电压预设的最小值为d,=IV；

(5)由图丙可知，导体的电阻增大为原来的几倍，通过导体的电流变为原来的几分之一，即通过导

体的电流与导体的电阻的乘积保持不变，故可得出结论：导体两端电压一定时，通过导体的电流

与其电阻成反比。

故答案为：(1)见上图；(2)8断路；0.38；(3)8；；(4)1；(5)通过导体的电流与其电阻成

L/-1/1

反比。

(1)在“探究电流与电阻的关系”实验的电路中，要让电压表并联在定值电阻两端，测其电压，据

此完成电路连接；

(2)闭合开关，电流表无示数，结合电路图，可知电路可能发生了断路故障，而电压表示数接近电

源电压，说明电压表可以与电源正负极形成通路，则可电路故障原因；

根据电流表选用小量程确定分度值读数；

(3)根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时,

根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；

同样根据串联分压原理可得出电阻7?2与滑动变阻器的阻值的比值关系；

(4)串联电路的规律及分压原理分析解答；

(5)根据图丙中导体的电阻增大为原来的几倍，通过导体的电流变为原来的几分之一，即电流与电

阻之积为一定值分析得出结论。

本题探究电流与电阻的关系实验，考查电路的连接、电路故障分析、电流表读数、操作过程、串

联分压原理的运用以及数据分析能力，难度一般。

21.【答案】解；(1)货物上升的平均速度u=：=黑=0.9m/s；

(2)升降机做的有用功H一—I7,附乂”."■"，，,I3；•1<'/；

(3)升降机做的总功HPt2.5-10*ir.25-inJ,

升降机的机械效率〃-PHI',;r：

llr2.5xHrJo

答：(1)货物上升的平均速度0.9m/s；

(2)升降机做的有用功1.35x105；：

(3)升降机的机械效率54%。

【解析】(1)根据"=:计算货物上升的平均速度；

(2)根据W=Gh计算升降机做的有用功；

(3)根据W=Pt计算升降机做的总功，根据叩=下产x100%计算升降机的机械效率。

总

本题考查了速度、功和机械效率的计算，属于基础题，要求掌握。

22.【答案】解：(D灯的电阻不随温度变化。当滑片在b端时，滑动变阻器接入电路的阻值为0。

电路为灯泡的简单电路，根据欧姆定律可知灯的电阻"，，3

(2)从图中可知，电路中的电流为0.64时，滑动变阻器的功率最大，

滑动变阻器的功率最大时，工作10小仇电路消耗的总电能W=Ult=12Vx0.64x10x60s=

4320/；

(3)滑动变阻器滑片在a端时，电路中的电流最小，根据P=/2R可知灯泡的电功率最小，灯发光最

暗，

此时灯的电功率R"i2.li-HU?i>lllo

答：(1)灯的电阻为10为

(2)滑动变阻器的功率最大时，工作lOmin电路消耗的总电能为4320J；

(3)灯发光最暗时，灯的电功率为0.4勿。

【解析】(1)灯的电阻不随温度变化。当滑片在b端时，滑动变阻器接入电路的阻值为00,电路为

灯泡的简单电路，根据欧姆定律可知灯的电阻；

(2)从图中可知，电路中的电流为0.6A时，滑动变阻器的功率最大，

根据W=U/t得出滑动变阻器的功率最大时，工作lOmin电路消耗的总电能；

(3)滑动变阻器滑片在a端时，电路中的电流最小，根据P=/2R可知灯泡的电功率最小，灯发光最

暗，根据A厂也得出此时灯的电功率。

本题考查电功率的计算和欧姆定律的应用，是一道综合题。

23.【答案】扩散比热容做功内8.6x1076X105

【解析】解：(1)空气中弥漫着清新的棉花秸秆味，这是扩散现象，说明分子在永不停息地做无规

则运动；

(2)为确保发动机正常工作，可用水对其冷却，利用了水的比热容较大的特性，因为相同质量的水

与其它物质相比，升高相同的温度，水吸收的热量更多；

由图乙可知，两气门关闭，火花塞点火，活塞向下运动，是做功冲程，该冲程将内能转化为机械

能；

77

完全燃烧2kg的柴油释放的热量为：(2成=mq=2kgx4.3x10J/kg=8.6x107