2023年浙江省宁波市高考物理二模试卷

2023年浙江省宁波市高考物理二模试卷（选考）

一、单选题（本大题共13小题，共39.0分）

1.下列物理量属于标量的是（）

A.电流B.加速度C.电场强度D.磁感应强度

2.近几年我国多次在锂电池领域取得重大技术突破，锂电池具有安全性高、能量密度大的

优点，若用国际单位制基本单位的符号来表示能量密度的单位正确的是（）

A.m/s2B.m2/s2C.kg-m/s2D.N­m/kg

3.下列四幅教材中的图片场景，其中用到了理想化模型思想的是（）

A.甲图示意形状规则的均匀物体的重心B.乙图示意把带小孔的空腔看成黑体

C.丙图示意模拟气体压强产生的机理D.丁图示意用卡文迪许扭秤测量引力常量

4.直流特高压输电技术已成为我国“西电东送”战略的技术基础，下列方法中经济可靠且

能降低输电损耗的是（）

A.提高用户的用电量B.改用交流输电

C.用电阻率大的材料制造输电线D.提高输电电压

5.如图所示，近千架无人机群构造了高空巨幅光影“汤匙里的汤

圆”，某段时间内，“汤圆”静止，而“汤匙”正在匀速向上运动。

在该段时间内下列说法正确的是（）

笫50闻

A.“汤匙”中的无人机受到合外力向上

B.“汤匙”中的无人机的机械能保持不变

C.“汤圆”中的无人机对空气做正功

D.“汤圆”中的无人机消耗的电能全部转化为无人机的光能和空气的动能

6.如图所示，屋顶摩天轮“芯动北仑”的轮盘的直径是52米，转一圈

时间为13分14秒，轿厢中游客的运动可视为匀速圆周运动，下列说法正

确的是（）

A.游客始终处于失重状态

B.游客的线速度大小约为0.2m/s

C.游客的角速度大小约为1.3x10~3rad/s

D.轿厢对游客的作用力的大小保持不变

7.遥控小车在水平轨道上运动的速度一时间图象如图所示，t=0时刻小车位于坐标原点,

下列说法正确的是（

A.在0〜4s内，小车的加速度不变

B.在0〜6s内，小车的速度方向改变了1次

C.在0〜6s内，小车的平均速度的大小为3m/s

D.在t=5s时刻，小车距离坐标原点最远

8.某种光电式火灾报警器的原理如图所示，由红外光源发射的光束经烟尘粒子散射后照射

到光敏电阻上，光敏电阻接收的光强与烟雾的浓度成正比，其阻值随光强的增大而减小。闭

合开关，当烟雾浓度达到一定值时，干簧管中的两个簧片被磁化而接通，触发蜂鸣器报警。

为了能在更低的烟雾浓度下触发报警，下列调节正确的是（）

A.增大电阻箱％的阻值B.增大电阻箱/?2的阻值

C.增大电源E3的电动势D.增大干簧管上线圈的匝数

9.某同学用冲yp/iox音频发生器产生两个特定频率音调do和s。/,其振动图像分别为如图甲

和图乙所示，下列说法正确的是（）

A.do和s。/的周期之比约为2：1

B.do和s。/的频率之比约为3：2

C.do和so/在空气中传播的波长之比约为3：2

D.do和sol在空气中传播的速度大小之比约为2：3

10.如图所示为2022年11月8日晚上出现的天文奇观“血月掩

天王星”照片，大大的月亮背景下天王星是一个小小的亮点。此

时太阳、地球、月球、天王星几乎处于同一条直线上。已知地球

和天王星绕太阳的公转方向与月球绕地球的公转方向相同，下列

说法正确的是（）

A.在太阳参考系中，此时地球的速度大于月球的速度

B.在太阳参考系中，此时地球的加速度小于月球的加速度

C.下一次出现相同的天文奇观的时间间隔少于一年

D.月球和天王星的公转轨道半长轴的三次方与公转周期的二次方的比值相等

11.点电荷A、B、C、。在平面直角坐标系中的位置和电荷量如图所1

“Q.

示，取无穷远处为电势零点，下列说法正确的是（）“，、，

A.M点的电势为零_____££________

B.Q点的电场强度为零

C.点电荷4所受的电场力为零

D.在P点放置一带负电的试探电荷，其电势能为负值

12.如图甲所示，2、8为两个相同的环形线圈，共轴并靠近放置，4线圈中通有如图乙所示

的交变电流，下列说法正确的是（）

图甲图乙

A.口时刻两线圈间作用力最大

B.t2时刻两线圈间作用力最大

C.在ti到£2时间内，4、B两线圈相互排斥

D.在t2到t3时间内，4、B两线圈相互排斥

13.如图所示，某人用水管冲洗竖直墙面，水龙头的流量（单位时间流出水的体积）可视为一

定，水管的入水口与水龙头相连接，水从出水口水平出射，水打到墙面后不反弹顺墙面流下。

若用手挤压出水口，使出水口的横截面积变为原来的一半，则被水流冲击部分的墙面所受压

强约为原先的多少倍（）

A.1B.2C.4D.8

二、多选题（本大题共2小题，共6.0分）

14.图甲和图乙分别是可见光谱图和氢原子的能级图，某个处于n=5能级的氢原子，向低

能级跃迁过程中，共发出3不同频率的光，其中1种是可见光a：另一个处于n=4能级的氢原

子，向低能级跃迁过程中，共发出2种不同频率的光，其中1种是可见光b,已知a、b是不同

频率的可见光，普朗克常量h=6.63x10-34〃s,元电荷量e=1.6x10-19。，下列说法正确

的是（）

2--------------------------3.40

-4-.4〜1-1——•v(*

4.045”,5560457。75XO

I-------------------------I3A

图甲图乙

A.a光子比b光子动量更大

B.用a光和b光分别入射到水中，在水中a光的传播速度更大

C.用a光和b光分别照射某一光电管，a光更可能发生光电效应

D.用a光和b光分别做相同的双缝干涉实验，a光的干涉条纹间距更大

15.如图所示，两块完全相同的半圆形玻璃砖的圆心分别为5

和。2,两直径平行且拉开一段距离d,现让一细光束沿玻璃而专4

的半径方向入射，并从。1出射后入射到玻璃砖8。设入射方向与

直线为。2的夹角为3已知玻璃砖的折射率为1.5,忽略光在每

种介质中的二次反射，下列说法正确的是（）

A.i一定，改变d,从玻璃砖8圆弧面的出射光线与入射光线始终平行

B.2一定，改变d,光束可能在玻璃砖B的圆弧面发生全反射

C.d一定，改变i,始终有光束从玻璃砖A的圆弧面出射

D.d一定，改变i,光束可能在玻璃砖B的圆弧面发生全反射

三、实验题（本大题共2小题，共23.0分）

16.在“用单摆测量重力加速度的大小”的实验中。

（1）用游标卡尺测量小球的直径，测量情况如图甲所示，其读数为（/=mm：

（2）在铁架台上固定单摆悬线的上端时，最佳方式是：（单选）

（3）固定悬点后，测得悬点到摆球上端的细线长度为I,完成几次全振动的时间3则重力加速

度的表达式为;（用题中测得物理量的符号表示）

（4）某同学查阅资料得知，课本上所给的单摆周期7。是初始摆角。很小时的近似值，实际上初

始摆角对理论周期7有一定影响，；与。的关系图像如图乙所示。若实验时初使摆角达到20。,

考虑初始摆角的影响，重力加速度的测量值会。（填写“偏大”、“不变”或“偏小”）

甲

17.在“测定干电池的电动势和内阻”实验中

①如图甲所示，已经连接了一部分电路，请在答题纸上对应位置将电路连接完整；

②正确连线后，实验测得6组数据如表所示，在U-/坐标系中描出各对应点，如图乙所示。

请在答题纸对应位置的图中作出U-/图像，并将纵坐标轴方框内主要刻度值补全：

123456

U/V1.231.130.920.960.830.71

1/A0.120.170.230.280.350.43

③干电池的电动势E=V,内阻r=0。（小数点后保留两位）

（2）在“探究影响感应电流方向的因素”的实验中，实验装置如图丙所示。

①下列操作正确且必要的是。（多选）

4在实验开始前，查清线圈的绕制方向

B.用干电池与灵敏电流表试触，检测电流流向与指针偏转方向之间的关系

C.为使实验现象更加明显，缓慢地插入或拔出条形磁体的磁极

D实验结束后，应佩戴绝缘手套拆除与线圈相连接的导线，防止由于自感现象导致的电击

②某次实验中，灵敏电流表的指针未发生偏转，可能是灵敏电流表内部断路了。某同学设计

实验进行验证：保持灵敏电流表与线圈的连接，他用手晃动表壳使指针有较大的摆动幅度，

观察指针的摆动情况：断开灵敏电流表与线圈的连接，再次以同样幅度晃动表壳，发现指针

的摆动情况与之前基本相同。你认为上述实验能否验证灵敏电流表内部断路？。（填

写“能”或“不能”)

四、简答题(本大题共4小题，共41.0分)

18.如图所示，质量m=0.5kg的金属圆柱形气缸内封闭有长为办=l?n的空气，气缸与水平

面的动摩擦因数〃=0.4,截面为7字形的活塞与竖直墙面接触且无挤压力，活塞底面积S=

1x10-3巾2。忽略活塞与气缸间的摩擦，环境温度稳定，气缸内的空气可视为理想气体，大

气压强Po=1.0x105pa。现用水平外力F使气缸缓慢向右运动，当气缸向右运动］=0.6小时。

(1)求此时气缸内空气的压强；

(2)求此时外力尸的大小；

(3)在气缸缓慢向右运动的过程中，请判断气体是吸热还是放热？并比较外界对气缸内气体所

做的功W与气体跟外界交换的热量Q的大小并说明理由。

19.如图所示，某一游戏装置由轻弹簧发射器、长度L=27n的粗糙水平直轨道4B与半径可

调的光滑圆弧状细管轨道CD组成。质量mi=0.03kg的滑块1被轻弹簧弹出后，与静置于4B中

点、质量血2=0Q2kg的滑块2发生完全非弹性碰撞并粘合为滑块组。己知轻弹簧贮存的弹性

势能Ep=0.45/,两滑块与AB的动摩擦因数均为〃=0.25,两滑块均可视为质点，各轨道间

连接平滑且间隙不计，若滑块组从。飞出落到AB时不反弹且静止。

(1)求碰撞后瞬间滑块组的速度大小；

(2)调节CD的半径R=0.4m,求滑块组进入到圆弧轨道后在C点时对轨道的压力大小；

(3)改变CD的半径R,求滑块组静止时离B点的最远距离s,并写出R应满足的条件。

I)

20.如图甲所示，水平面内固定两根平行的足够长的光滑轨道，轨道间距L=0.4m,其中在

E、八G、H四点附近的轨道由绝缘材料制成，这四段绝缘轨道的长度非常短，其余轨道由

金属材料制成，金属轨道的电阻不计，在右侧两轨道之间连接一个阻值R=1.50的定值电阻。

在矩形区域MNQP中存在竖直向上的磁场，记M点所在位置为坐标原点，沿MP方向建立x坐

标轴，磁感应强度的大小随位置的变化如图乙所示，图中Bo=2.5To现有一总质量rn=0.1kg

的“工”字型“联动双棒”（由两根长度略长于L的平行金属棒附和cd,用长度为L的刚性绝

缘棒连接构成，棒的电阻均为r=0.50）,以初速度%=8m/s沿x轴正方向运动，运动过程中

棒与导轨保持垂直，最终静止于轨道上，忽略磁场边界效应。求:

（1）棒ab刚进入磁场时，流经棒ab的电流的大小和方向；

（2）棒ab在EF处的速度大小巧和在G”处时的速度大小巴;

甲乙

21.用a射线轰击铝箔名4人工产生一定量的放射性同位素得P和某种粒子人放置一段时间

7后，部分得「衰变产生言Si和正电子。现用如图所示装置检测得P在时间T内的衰变率：将核

反应产物（电离态的P3-、电离态的S/+、a粒子、粒子4、正电子等五种粒子）一起注入到加速

电场的中心P,忽略各粒子的初速度，部分粒子经电场加速形成的粒子束1从正极板的小孔M射

出，被探测板1收集；部分粒子经电场加速后形成粒子束2从负极板上的小孔N射出，沿半径

为R的圆弧轨迹通过静电分析器，经由速度选择器筛选后（速度选择器中不同粒子的运动轨迹

如图中虚线所示），在磁分析器中沿半圆弧轨迹偏转，最后被磁场边界处的探测板2收集。其

中加速电场的电压大小为U,静电分析器中与圆心。1等距离的各点场强大小相等，方向指向

圆心，磁分析器中以。2为圆心的足够大半圆形区域内，分布着方向垂直于纸面向外的匀强磁

场，磁感应强度的大小为8。经检测，探测板1收集的电荷量为Qi，探测板2收集电荷量为Q?。

设原子核中每个核子的质量均为m,整个系统处于真空中，忽略检测过程中发生的衰变，不

计重力、粒子间的相互作用力及相对论效应，且已知元电荷量为e。

(1)写出a粒子轰击铝箔的核反应方程：

(2)求静电分析器中粒子运动轨迹处电场强度的大小；

(3)求时间7内发生衰变的得P与人工产生的得P的比值小

(4)若磁分析器中磁场有较小的波动，其变化范围为至B+4B,为将进入磁分析器的

粒子全部收集，探测板2的最小长度L是多少。

根反应产物

眇电分析器

答案和解析

I.【答案】A

【解析】解：4电流有大小也有方向，其方向表示正电荷定向移动的方向，遵循代数运算法则，

为标量，故A正确：

BCD,矢量是既有大小又有方向的物理量，加速度、电场强度和磁感应强度都是矢量，均遵循矢

量运算法则（平行四边形定则），故88错误。

故选：Ao

矢量是既有大小又有方向、运算时遵循矢量运算法则（平行四边形定则）的物理量，标量是只有大

小没有方向、运算时遵循代数运算法则的物理量。

矢量与标量有两大区别：一是矢量有方向，标量没有方向；二是运算法则不同，矢量运算遵循平

行四边形定则，标量运算遵循代数加减法则。

2.【答案】B

【解析】解：根据公式W=Fs可知，/=N•根据尸=可知，N=kg•m/s2,所以J/kg=

m2/s2,故AC。错误，B正确。

故选：B。

根据常见的公式来推导各单位之间的关系。

该题目考查量纲之间的关系，需要注意的是，国际单位制中的基本单位有七个，分别是：m,s,

kg,K,A,mol,cd«

3.【答案】B

【解析】解：4、甲图是等效替代思想，故A错误；

8、把带小孔的空腔看成黑体是理想化物理模型，故B正确；

C、丙图为模拟气体压强产生机理实验图，实验说明了气体压强是由气体分子对器壁频繁碰撞产

生的，故C错误；

。、卡文迪许在利用扭秤实验装置测量万有引力常量时，将两个球体之间由于万有引力的吸引而

移动的距离通过石英石的扭转角度“放大”展现，应用了微小形变放大法，故。错误；

故选：Bo

理解每幅图的对应的物理学史或物理概念，结合选项完成分析。

本题主要考查了物理学史的相关应用，在学习知识的同时要注意多加积累，难度不大。

4.【答案】D

【解析】解：根据焦耳定律可知，输电损耗为4<2=产比。

4、当用户的用电量提高时，输电线上的电流增大，所以输电损耗会提高，故A错误；

B、交流电和直流电都会产生输电损耗，且只与电流的大小和电阻、时间有关，与电流的类型无关，

故3错误；

C、用电阻率大的材料制造输电线，则输电线上的电阻增大，输电损耗会提高，故C错误；

。、当提高输电电压时，输电线上的电流减小，能够降低输电损耗，故。正确；

故选：D。

根据输电损耗的表达式，结合题目选项逐一完成分析。

本题主要考查了远距离输电的相关应用，理解输电损耗的表达式即可完成分析，难度不大。

5.【答案】C

【解析】解：4、“汤匙”正在匀速向上运动，所以合外力为零，故A错误；

从“汤匙”正在匀速向上运动，动能不变，重力势能增加，所以机械能增大，故B错误；

C、“汤圆”中的无人机使空气流动，对空气做正功，故C正确；

。、“汤圆”中的无人机消耗的电能转化为内能、无人机的光能和空气的动能，故。错误。

故选：Co

物体匀速运动时处于平衡状态，其合力为零；机械能等于动能与重力势能之和；根据做功的定义

分析；根据能量守恒定律分析。

本题考查功能关系的内容，可以从功能关系上分析，也可用能量守恒的角度分析。

6.【答案】B

【解析】解：4轿厢中游客的运动在竖直平面内做匀速圆周运动，向心加速度的方向指向圆心，

当加速度的方向向上或有向上的分量时，游客处于超重状态，故A错误；

及根据线速度与周期的关系，游客的线速度^=噂=母皆冷7n/s“0.2M/s,故8正确；

3

C.根据角速度与周期的关系，游客的角速度3=字=高兽1rad/s=7.9x10-rad/s,故C错

1J.3X0U+XT,

误；

。・轿厢中游客的运动可视为匀速圆周运动，可知游客所受合力的大小恒定，轿厢对游客的作用力

和重力的合力大小不变，但方向在时刻变化，轿厢对游客的作用力的大小也时刻变化，故。错误。

故选：B。

(1)根据加速度的方向判断超重、失重状态；

(2)根据竿求解线速度、根据3=半求解角速度；

(3)对游客受力分析，判断轿厢对游客的作用力的大小变化情况。

做圆周运动运动的物体，根据线速度与周期的关系求解线速度，根据角速度与周期的关系求解角

速度；依据向心力的性质确定受力情况。

7.【答案】A

【解析】解：4、在。〜4s内，小车的速度一时间图象是一条倾斜直线，则加速度不变，虽然速度

有正负，但加速度都为正，大小方向都不变，故A正确；

8、在速度一时间图象中，速度的方向看图线在时间轴上方还是下方，在时间轴上方表示速度为正，

在时间轴下方表示速度为负，在0〜6s内，小车在2s末速度方向由负变为正，在5s末速度由正变

为负，速度方向改变了2次，故B错误；

C、在速度一时间图象中位移看面积，时间轴下方的面积表示是负位移，时间轴上方的面积表示

的是正位移，在0〜6s内，负面积等于正面积，小车位移为0,小车的平均速度的大小为0,故C

错误；

。、根据C选项的分析可知，在0〜2s内，小车向负方向运动了0.6Tn,在2〜4s内，小车又向正方

向运动了0.6m回到坐标原点，在4〜5s内，小车又从坐标原点向正方向运动了0.3m,在5〜6s内，

小车又向负方向运动了0.3巾回到坐标原点，所以在t=2s时刻，小车距离坐标原点最远，故。错

误。

故选：4。

速度一时间图象表示物体的速度随时间的变化规律，图像的斜率表示加速度，图线和时间轴围成

的面积表示位移，根据这些知识推理判断哪个选项是正确的。

理解速度一时间图像的物理意义以及斜率代表的含义，图像面积代表的含义是解题的关键，也要

特别注意在图像中速度、加速度、位移的正负是如何表示的。

8.【答案】D

【解析】解：ABC,根据阻值随光强的增大而减小，可知为了能在更低的烟雾浓度下触发报警，

浓度越低，光敏电阻接收的光强越小，光敏电阻的阻值越大，所以需要将电路中其他电阻的总电

阻减小，或者增大电源芯2的电动势，ABC错误；

。、增大干簧管的匝数，干簧管的磁性会变强，会在电阻较大，电流较小的情况下两个簧片被磁

化而接通电路，故。正确。

故选。。

根据报警器的工作原理，结合电路的动态分析即可。

本题考查了报警器的工作原理，解决本题的关键是理解工作原理，找到烟雾浓度与光敏电阻的阻

值之间的关系。

9.【答案】C

【解析】解：4、由图象可以观察得到当do完成2个周期时，sol完成3个周期，故do和sol的周期

之比约为7;：72=3：2,故A错误；

B、根据/=:分析可知：d。和soZ的频率之比约为2：3,故B错误；

CD、由于两列波都是声波，都在空气中传播，故在空气中传播的速度相同，根据;1=〃7可知：do

和sol在空气中传播的波长之比等于周期之比，为3：2,故C正确，。错误。

故选：C,

由图象可以观察得到do和so/周期之间的关系，两列波都是声波，速度与介质有关，声速相等.由

波速公式“=4/研究.

本题要知道波速是由介质的性质决定的，对于同一介质中传播的同一类波，波速相等.

10.【答案】B

【解析】解：4B.在太阳参考系中

v月日~v月地+v地日

a月日~a月地+a地日

由题可知，方向均一致，所以

v月日＞v地日

a月日＞a地日

故A错误，8正确;

C.设地球的公转半径为周期为71=1年，天王星的公转半径为七，周期为根据万有引力提

供向心力，有

GMm47r2

~~^2~=瓶丁~^2~

解得：72=

两天体再次与太阳共线满足

(冷静=2兀

「/」r,1年

解得：t=I

故C错误;

。、根据开普勒第三定律的适用条件是同一中心天体，可知月球和天王星的公转轨道半长轴的三

次方与公转周期的二次方的比值不相等，故。错误：

故选：Bo

以太阳参考系，列出速度和加速度的关系，从而分析4B,根据万有引力提供向心力解得天王星的

周期，结合“追击问题”计算时间间隔，根据开普勒第三定律分析。。

本题考查万有引力提供向心力的应用，解题关键掌握间隔时间的计算方法。

11.【答案】A

【解析】解：4根据等量异种点电荷电场特点可知，两等量异种点电荷连线的中垂线为等势面，M

点位于等量异种点电荷4、B连线的垂直平分线上，也位于等量异种点电荷C、D连线的垂直平分

线上，所以M点的电势与无穷远处电势相等，电势为零，故A正确；

B.B,。两等量异种点电荷在Q点的合场强斜向左下，由Q点指向。点；根据电场的叠加，可知Q点

的电场强度不为零，故8错误；

C.设一个小格边长为a,点电荷4受到的库仑力为-77a*°，故C错误；

(4a)(4V2a)

D等量异种电荷连线的中垂线上的电势为零，因此P点电势0P=0,则P点的电势能为零，所以负

电荷在P点的电势能为零，故。错误。

故选：4。

根据等量异种电荷周围的电场特点分析M点和P点的电势以及电势能，根据电场强度的叠加以及库

仑力的叠加分析Q点的场强以及点电荷4受到的电场力是不是为零。

本题考查了等量异种电荷周围的电势和电场特点，解决本题的关键是熟练掌握电场强度的叠加以

及库仑力的叠加。

12.【答案】D

【解析】解：4、由题意可知，在匕时刻，线圈4中的电流最大，而磁通量的变化率是最小的，所

以线圈B感应电流也是最小，因此两线圈间作用力为零，故A错误；

8、在t2时刻，线圈4中的电流最小，而磁通量的变化率是最大的，所以线圈B感应电流也是最大，

但4、B间的相互作用力最小，故B错误；

C、在匕到《2时间内，若设逆时针（从左向右看）方向为正，则线圈力电流方向逆时针且大小减小，

所以根据右手螺旋定则可判定穿过线圈B方向向右的磁通量大小减小，由楞次定律可知，线圈B的

电流方向逆时针方向，因此4、B中电流方向相同，出现相互吸引现象，故C错误；

D、在t2到t3时间内，若设逆时针方向（从左向右看）为正，则线圈4电流方向顺时针且大小增大，

所以根据右手螺旋定则可判定穿过线圈B方向向左的磁通量大小增大，由楞次定律可知，线圈B的

电流方向逆时针方向，因此4、B中电流方向相反，4、B出现互相排斥，故。正确。

故选：Do

根据安培定则确定电流与磁场的方向关系，再根据楞次定律知，感应电流的磁场总是阻碍引起感

应电流的磁通量的变化。当磁通量增大时，感应电流的磁场与它相反，当磁通量减小时，感应电

流的磁场与它相同。最后运用同向电流相互吸引，异向电流相互排斥。

解决本题的关键掌握安培定则、楞次定律的内容，知道感应电流的磁场总是阻碍引起感应电流的

磁通量的变化。同时注意同向电流相互吸引与同种电荷相互排斥不同。

13.【答案】C

【解析】解：设单位时间内水的质量为选水流的初速度方向为正方向，根据动量定理可得:

—FAt=0—Amv

结合压强的计算公式p=（可得：

当横截面积变为原来的一半时，因为水龙头的流量不变，即。=诂保持不变，所以水的流速变为

原来的2倍，因为横截面积变为原来的今所以压强约为原来的4倍，故C正确。ABO错误；

故选：Co

根据动量定理结合压强的计算公式得出压强的表达式，结合流量的计算公式得出压强的比值关系。

本题主要考查了动量定理的相关应用，熟悉动量定理得出冲力的大小，结合压强的计算公式即可

完成分析。

14.【答案】BD

【解析】解：4根据题意分析可知，从n=5能级的氢原子跃迁时发出的第一种光为从n=5跃迁

到n=3能级，此光的频率为：v=°-97^x1^-19c=2.34x1014Hz

6.63x10"〃s

第二种光为从n=3跃迁到n=2能级，此光的频率为：v=加吃】•要，=*1()14Hz

6.63xl0//s

第三种光为从n=2跃迁到n=1能级，此光的频率为：v=Wx］空第阳=

6.63x10'J/s264x1015//z

所以，可见光a光为第二种，属于红光；

从n=4能级的氢原子跃迁时发出的第一种光为从n=4跃迁到n=2能级，此光的频率为：v=

2.55e+x1.6xl()T9c

=6.15X1014Wz

6.63X10-34//S

第二种光为从n=2跃迁到n=l能级,此光的频率为：”端有瑞y=2.64XI。15Hz

所以，可见光b光为第一种，属于蓝光；由;I=(可知，儿>由康普顿效应：P=p可知Pa<Pb，

故A错误;

8.由于a光波长大于b光波长，所以水对a光的折射率小于对b光的折射率，由光在介质中传播的速

度〃=£可知，在水中a光的传播速度更大，故B正确；

C.由4选项可知Ua<Vb,频率越大，越容易发生光电效应，所以，b光更容易发生光电效应，故C

错误；

D双缝干涉中，相邻两个亮条纹或暗条纹的间距九因为a光波长大于b光波长，所以a光的

a

干涉条纹间距更大，故力正确。

故选：BD。

先计算能级之间跃迁所发出的光子频率，再将其与可见光的频率相对比找到题目中所描述的ab可

见光分别对应着什么颜色，判断出ab光的波长大小，再判断其传播速度、动量等。

此题主要考查氢原子核外电子跃迁的相关规律，以及频率、波长与能量的计算。

15.【答案】BCD

i一定，改变d,根据折射定律可知改变d前后入射光线方向不变，出射光线与入射光线不平行.故

A错误；

B、i一定，改变d,如下图所示，角a不变，d越大入射角。越大，9越接近等于a,而a>i,故d变

大，6有可能大于K可知。有可能大于全反射临界角，光束有可能在玻璃砖B的圆弧面发生全反射，

故8正确；

C、d一定，改变i,始终有光束在01点被反射，始终反射光线沿玻璃砖4的半径射出，故C正确；

D、d一定，改变i,当i增大时，光束可能在玻璃砖B的圆弧面的入射角大于临界角C,会发生全反

射，故。正确。

故选：BCD.

根据题意作出光路图，根据折射定律结合全反射的条件分析判断。

本题考查光的折射定律，解题关键掌握光路的传播作图，注意折射定律的应用。

16.【答案】15.2C与今偏小

【解析1解：(1)游标卡尺的精度为O.lnwn,主尺读数为157nm,游标尺读数为2x0.1mm=0.2mm,

所以d=15.2mm；

(2)在铁架台上固定单摆悬线的上端时，最佳方式是C图，其摆长不变，故选：Co

(3)单摆的周期7=3根据单摆的周期公式r=2兀

9

解得。=察("务

T

(4)由图可知随着。的增大，段的比值变大，结合重力加速度的表达式可知考虑初始摆角的影响，

重力加速度的测量值会偏小。

故答案为：(1)15.2；(2)C：⑶军为+务;(4)偏小

(1)根据游标卡尺的精度读数。

(2)实验中需注意摆长不变。

(3)根据单摆周期的计算公式解答。

(4)根据题意分析图象解答。

解决本题的关键掌握单摆的周期公式，会通过图象法求解重力加速度，本题第四问关键根据表达

式分析出图象的含义。

17.【答案】1.842.48ABD能

【解析】解：(1)①为了减小实验误差，相对于电源来说电流表采用外接法，电压表测路端电压,

实物连接图如图1所示：

图1

②根据题中表格信息，纵坐标为0.4V,每小格为0.08V；作图线时要使尽量多的点子落在直线上,

不在直线上的要均匀分布在直线的两侧，舍弃个别相差较远的点子，所作的U-/图像如图2所示:

图2

③根据闭合电路的欧姆定律E=U+Ir

变形得U=E-r•/

结合U-/图像可知，图线的纵截距表示电源的电动势，电动势为E=1.8417

图线的斜率的绝对值表示电源的内阻，电源内阻r=k=噤U.5—％U。=2.480

(2)①4"探究感应电流方向的规律”的实验，必须应查清线圈的绕制方向，从而能确定原磁场的

方向与感应磁场方向的关系，故A正确；

A实验时应首先查明电流计指针的偏转方向和电流方向的关系，以便于感应电流方向与磁通量变

化的关系，故B正确；

C为使实验现象更加明显，应该快速地插入或拔出条形磁体的磁极，使磁通量的变化率更大，产

生的感应电动势更大，故C错误；

D实验结束后，直接拆除某螺线管处导线，可能由于自感现象突然被电击一下，因此应佩戴绝缘

手套拆除与线圈相连接的导线，防止由于自感现象导致的电击，故。正确。

故选：ABD。

②灵敏电流计的表头是磁电式仪表，灵敏电流表与线圈组成闭合回路，当用手晃动表壳使指针有

较大的摆动幅度时，如果灵敏电流计是完好的，表头的线圈切割磁感线运动产生感应电流，表头

线圈受到的安培力阻碍线圈的偏转，使偏转角度变小，断开灵敏电流表与外部线圈的连接后，表

头线圈中只产生感应电动势，无感应电流，表头线圈不受安培力作用，表头指针偏转角度较大；

如果灵敏电流表内部断路，无论灵敏电流计与外部线圈连接或断开，灵敏电流计内部线圈都不产

生感应电流，晃动表壳灵敏电流计指针偏转不会发生明显变化，所以能够通过上述实验来验证灵

敏电流表内部是否断路。

故答案为：⑴①实物连接图见解析；②所作的U—图见解析；；③1.84；2.48；⑵①4BD；②

能。

(1)①电压表测路端电压，据此连接实物图;

②根据题中表格提供的信息，确定纵坐标的标度，按照描点法作图的规则作图线；

③根据闭合电路的欧姆定律求解U-/函数表达式，结合U-/图像斜率和纵截距的含义求内阻和

电动势；

(2)①4实验中需要确定原磁场方向与感应电流的磁场方向；

8.该实验需要知道感应电流方向与磁通量变化的关系：

C.根据法拉第电磁感应定律进行分析；

。.当线圈中的电流突然减小，线圈中会产生自感现象。

②灵敏电流计的表头是磁电式仪表，根据感应电流产生的条件及电磁阻尼进行分析。

(1)在测电源电动势和内阻的实验中，要理解实验的原理，正确进行实验数据的处理；

(2)探究电磁感应现象时，应先明确感应电流的产生原因，能够应用楞次定律分析电流方向，掌握

磁生电的条件，理解电流方向与磁通量变化的关系。

18.【答案】解：(1)根据玻意耳定律可得:poloS=pGo-05

代入数据解得压强：p=2.5x105Pa

(2)对圆柱形气缸受力分析，水平方向根据平衡条件可得：p0S+F=pS+nmg

代入数据解得：F=152N

(3)气缸内的空气可以看成是理想气体，环境温度不变，其内能持不变，根据热力学第一定律可得：

4U=W+Q

因/U=0,所以气体放出热量

外界对气体所做的功与气体放出热量的代数为零，即压缩气体所做的功W等于气体对外释放的热

量Q,即W=

答：(1)时气缸内空气的压强为2.5xl()spa；

⑵此时外力尸的大小为152N；

(3)在气缸缓慢向右运动的过程中，气体是放热；压缩气体所做的功VK等于气体对外释放的热量,

理由见解析。

【解析】(1)根据玻意耳定律进行解答；

(2)对圆柱形气缸受力分析，水平方向根据平衡条件进行解答；

(3)气缸内的空气可以看成是理想气体，环境温度不变，其内能持不变，根据热力学第一定律进行

分析。

本题主要是考查了一定质量的理想气体的状态方程和热力学第一定律；解答此类问题的方法是：

找出不同状态下的三个状态参量，分析理想气体发生的是何种变化，选择合适的气体实验定律解

决问题；热力学第一定律在应用时一定要注意各量符号的意义：AU的正表示内能变化，Q为正表

示物体吸热；W为正表示外界对物体做功。

19.【答案】解：(1)滑块弹出到运动到AB中点的过程中，根据能量守恒定律可得：

„L,12

代入数据解得：%=5m/s

两滑块发生碰撞，选择水平向右的方向为正方向，根据动量守恒定律可得：

机1%=(mi+m2)v2

解得：v2=3m/s

(2)碰撞后,的总质量为：

m=m-i+m2

运动到C点时，根据动能定理可得：

L1212

一,mgx-=-mvc-2mv2

在C点时，根据牛顿第二定律可得：

FN-mg=噜

根据牛顿第三定律可得：PS=PN

联立解得：F压=\N

(3)若小球不过CD的最高点，随后沿着CD返回到管口。，后返回AB。

设小球恰能达到最高点。时轨道的半径为R,此时小球速度为零，根据动能定理可得:

-2m.gR=0—mv^

解得：R=0.1m

因此，需要满足R>0.1m

从圆轨道返回4B,运动距离s后停止，根据动能定理可得：

12

-/^mgs=0n--mvc

解得：s=0.8m

答：(1)碰撞后瞬间滑块组的速度大小为3zn/s；

(2)调节CD的半径R=0.4m,滑块组进入到圆弧轨道后在C点时对轨道的压力大小为IN；

(3)改变CO的半径R,滑块组静止时离8点的最远距离为0.8m,且R

【解析】(1)根据能量守恒定律结合动量守恒定律得出碰后滑块组的速度；

(2)根据动能定理得出速度，结合牛顿第二定律和牛顿