2023-2024年河南省周口市周口恒大中学高二上学期11月期中考试物理试题

周口恒大中学2023--2024学年高二上期中考试物理试题一、单项选择题1.一个带正电的油滴从如图所示的匀强电场上方点自由下落，油滴落入匀强电场后，能较准确地描述油滴运动轨迹的是图中的()A. B.C. D.【答案】B【解析】油滴从点自由下落以一竖直速度进入电场，进入电场后受重力和电场力两恒力作用．如图，根据物体做曲线运动的条件，运动轨迹将向右弯曲，故图像B正确。故选B。2.某同学在设计测电源电动势和内阻的电路时，电压表可视为理想电表，电流表的内阻不能忽略。能精确地测量出电源的电动势和内阻的电路为（）A. B.C. D.【答案】A【解析】因为电压表可视为理想电表，电流表的内阻不能忽略。则A图可以精确地测量出电源的电动势和内阻；B图中测得的电源内阻包含了电流表的内阻，即内阻测量值偏大；C图无电流表，只有滑动变阻器和电压表，无法测量电动势和内阻；D图中导线把电源短路了，也无法进行测量。故选A。3.如图所示，用充电宝为一手机电池充电，其等效电路如图所示。在充电开始后的一段时间内，充电宝的输出电压、输出电流可认为是恒定不变的，设手机电池的内阻为，则时间内（）A.充电宝输出的电功率为 B.手机电池产生的焦耳热为C.手机电池产生的焦耳热为 D.手机电池储存的化学能为【答案】B【解析】A．由题意可得充电宝输出的电功率为，故A错误；BC．根据焦耳定律可得手机电池产生的焦耳热为，因为不是手机电池的内电压，所以，故B正确，C错误；D．根据能量守恒定律可知，充电宝输出的电能一部分转化为手机电池的化学能，一部分转化为电池内电阻产生的焦耳热，则，故D错误。故选B。4.某金属导线的电阻为，现将它均匀拉长到直径为原来的一半，那么该导线的电阻变为（）A. B. C. D.【答案】D【解析】由于直径拉为原来的一半，所以导线的横截面积变为原来的。又因为体积不变，则长度变为原来的倍。由于导体电阻与横截面积成反比，与长度成正比。导体电阻变为原来的倍。故A、B、C错误，D正确。故选D。5.导体两端的电压是，通过的电流强度是，如果使导体两端的电压增加到，那么通过导体的电流是（）A. B. C. D.【答案】C【解析】由可得，导体的电阻，因电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，所以，当导体两端的电压增加到时，导体的电阻仍为不变，此时通过的电流，故选C。6.如图所示，质量的小物块置于倾角为的斜面体上，通过绝缘细绳跨过光滑的定滑轮与带正电荷的小球连接，左侧细绳与斜面平行，带负电荷的小球用绝缘细绳悬挂于点，两小球的质量相等。初始时刻，连接小球M的一段细绳与竖直方向的夹角且两小球之间的距离。设两带电小球在缓慢漏电的过程中，两球心始终处于同一水平面，且、都静止，放电结束后滑块恰好没滑动，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。静电力常量。下列说法正确的是（）A.初始状态，地面对斜面体的摩擦力大小为B.放电过程中，小物块对斜面体的摩擦力不一定变大C.地面对斜面体的支持力先变小后变大D.小物块和斜面体之间的动摩擦因数为【答案】A【解析】A．由题意可得，初始状态，地面对斜面体的摩擦力大小为，对小球受力分析得，其中，联立解得，故A正确；B．放电过程中，两小球之间的库仑力减小，对小球受力分析得，，则随着库仑力减小，夹角减小，拉力减小。且开始时角，可求得M小球质量为，开始时绳子拉力为则开始时，对物块受力分析知即开始时，斜面体对物块的摩擦力为零，随着拉力减小，斜面体对物块的摩擦力沿斜面向上，且有可见，随着拉力减小，斜面体对物块的摩擦力一定增大，故B错误；C．设整体质量为，则对整体受力分析得可见，随着拉力减小，地面对斜面体的支持力一直变大，故C错误；D．由题意知，放电结束后绳子拉力即为小球的重力，且滑块恰好没滑动，则对受力分析得，解得，故D错误。故选A。7.在如图所示的电路中，电源电动势为，内电阻，小灯泡甲的规格是“，”。为使小灯泡甲最亮，小灯泡乙应选择（）A.“，” B.“，”C.“，” D.“，”【答案】D【解析】为使甲灯泡最亮应使甲两端电压最大，甲灯泡电阻为，把灯泡乙归结为电源内阻，当电源内阻等于灯泡甲电阻时，甲功率最大，所以乙的电阻应该为。故选D。二、多项选择题8.如图所示的电路中，电压表和电流表均为理想电表，电源内阻不能忽略．当闭合开关后，若将滑动变阻器的滑片向下调节，则下列叙述正确的是（）A.电压表和电流表的示数都增大B.灯变暗，电流表的示数增大C.灯变亮，电压表的示数减小D.电源的效率增大，电容器所带的电荷量增加【答案】BC【解析】ABC．当闭合开关后，将滑动变阻器的滑片向下调节时，接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，干路电流增大，路端电压减小，则灯变亮，电压表的示数减小．根据串联电路分压规律可知，并联部分的电压减小，则灯的电流减小，灯变暗。根据干路电流增大，灯的电流减小，可知电流表的示数增大，故A错误，BC正确；D．电源的效率，减小，则电源的效率减小。并联部分电压减小，则电容器的电压减小，由，可知电容器C的带电量减小。故D错误；故选BC。9.年春天全世界发生新冠肺炎疫情，人们居家隔离。由于运动量减少，体重逐渐增加，体内的脂肪也逐步增多，我们可以用某型号脂肪测量仪（如图甲所示）来测量脂肪积累程度。其原理是根据人体电阻的大小来判断脂肪所占比例（体液中含有钠离子、钾离子等，而脂肪不容易导电），模拟电路如图乙所示。测量时，闭合开关，测试者分握两手柄，体型相近的两人相比，脂肪含量高者（）A.电流表示数小B.电压表示数大C.电源内阻的电压大D.路端电压大【答案】ABD【解析】A．体液中含有钠离子、钾离子等离子存在，因此容易导电，而脂肪不容易导电，体型相近的两人相比，肥胖人体的脂肪比较瘦人的脂肪所占比例较大，肥胖的人体比较瘦的人体电阻较大，测试时，肥胖人体接在电路中的电阻较大，由闭合电路的欧姆定律可知电路中的电流较小，因此电流表示数小，A正确；BCD．由路端电压可知，电流较小，电源内阻电压较小，路端电压较大，由题图乙可知电阻较大，电压表示数较大，BD正确，C错误。故选ABD10.如图所示，水平面上固定着两根足够长的平行导槽，质量为的形管恰好能在两导槽之间自由滑动，一质量为的小球沿水平方向，以初速度从形管的一端射入，从另一端射出。已知小球的半径略小于管道半径，不计一切摩擦，下列说法正确的是（）A.该过程中，小球与形管组成的系统机械能守恒B.小球从形管的另一端射出时，速度大小为C.小球运动到形管圆弧部分的最左端时，速度大小为D.从小球射入至运动到形管圆弧部分的最左端的过程中，平行导槽受到的冲量大小为【答案】ABD【解析】A．小球和形管组成的系统整体在运动过程中没有外力做功，所以系统整体机械能守恒，所以A正确；B．小球从形管一端进入从另一端出来的过程中，对小球和形管组成的系统，水平方向不受外力，规定向左为正方向，由动量守恒定律可得，再有机械能守恒定律可得，解得，所以B正确；C．从小球射入至运动到形管圆弧部分的最左端的过程时，小球和U形管速度水平方向速度相同，对此过程满足动量守恒定律，得，，由能量守恒得，解得，所以C错误；D．小球此时还有个分速度是沿着圆形管切线方向，设为，由速度的合成与分解可知，对小球由动量定理得，由于力的作用是相互的，所以平行导槽受到的冲量为，所以D正确。故选ABD。三、非选择题11.某实验小组利用频闪照相机和气垫导轨做“研究动量守恒”实验。如图甲所示，气垫导轨上有、两个滑块，质量分别为、，用细绳（细绳未画出）将滑块、连接，使、间的轻质弹簧处于压缩状态。开始时两个滑块都处于静止状态，若某时刻烧断细绳，滑块开始运动，图乙给出两个滑块运动过程的频闪照片，频闪的频率为，分析照片，回答下列问题：（1）、离开弹簧后，的动量大小为______，的动量大小为______；（2）根据实验数据，实验小组得出“在实验误差允许的范围内，两个滑块组成的系统动量守恒。你认为得到这个结论的依据是______。【答案】（1）①.，②.；（2）③.两滑块组成的系统总动量保持不变，系统动量守恒【解析】（1）[1][2]频闪照相的周期，滑块的速度，滑块的速度，的动量，的动量。（2）[3]由（）可知，释放滑块后，两滑块的动量大小相等、方向相反，总动量为零，而释放滑块前系统总动量也为零，由此可知，两滑块组成的系统动量守恒。12.国产新能源汽车技术日益成熟，某品牌车采用的刀片电池技术更是大幅度提高了新能源汽车的安全性。已知该车内整块电池的电动势约伏，是由块刀片电池串联而成，其中一块刀片电池由块电芯串联而成。现将一块刀片电池拆解出来，要测量其中一块电芯的电动势和内阻。有如下器材：一块电芯、一个电压表、一个电阻箱、开关和若干导线，电路图如图甲所示。（1）为了测量更加精确，图甲中电压表量程应该选_________（“”或“”）；（2）按图甲连接电路，闭合开关，多次调节电阻箱，记录下阻值和电压表的相应读数，作图线如图乙所示，图线的斜率为，与纵轴截距为，则一块电芯的电动势______，内阻________；（3）若考虑电压表内阻的影响，利用图甲所示电路测得的电动势和内阻与真实值和相比，_____，________（选填“大于”“等于”或“小于”）。【答案】（1）；（2），；（3）小于，小于【解析】（1）[1]一块电芯的额定电压约为，为了更加精确地测量，图乙中电压表量程应该接；（2）[2][3]根据，得，图线的纵轴截距为，即，则，斜率为，所以；（3）[4][5]如果考虑电压表的内阻，，此时图线纵截距表示，所以小于，而斜率不变截距偏大，因此小于。13.物理兴趣小组的同学在实验室测量某种型号的电池的电动势和内阻，实验器材有：A．待测电源B．电压表（量程，内阻很大）C．电阻箱（）D．定值电阻，E．单刀单掷开关，单刀双掷开关F．导线若干（1）请根据实物图，在右侧线框内画出电路图并标上相应的符号（部分已画好）______________；（2）先闭合S1，将切换到，调节电阻箱，读出其示数和对应的电压表示数；（3）保持电阻箱示数不变，_______________，（添上必须的步骤）读出电压表的示数；（4）重复步骤（）（），读出多组电阻箱示数和相应的电压表的多组数据、，如下表：请根据表中数据，描绘出图像___________________；（5）若图像的斜率为，与横轴的截距为，则电源电动势可表示为_________，内阻可表示为___________（用、、、表示）。根据（）所画图像可计算出：电动势和内阻的值为_________，内阻___________（保留两位有效数字）．【答案】（1）；（3）将切换到；（4）；（5），，（均可以），（均可以）【解析】（1）由实物图可知电路图如图所示：；（3）本实验中没有给出电流表，故应是电压表与电阻箱求电源电动势和内电阻的；实验中应充分利用电阻值及串并联电路的规律得出表达式，为了多测数据，应再将切换到；（4）根据描点法可得：；（5）据闭合电路欧姆定律可知，变形可得，即，，解得；根据图像可知斜率为，把坐标点点带入，联立解得，。14.某同学找到一只简易多用电表，打开后绘制出的电路如图所示，从铭牌上看出表头的量程为、内阻为；精密电阻，电源电动势、内阻不计。为探究其他参数，进行了下列实验∶（计算结果保留两位有效数字）(1)将掷于测电流，表笔应接到____________（填“高电势”或“低电势”）。若满偏，此时流过表笔的电流为____________。(2)接着将掷于，在两表笔间接入电阻箱。调节电阻箱，当电阻箱的值为时半偏，则____________。(3)然后，将接到测电压，当电压增加到时半偏，则____________【答案】（1）高电势，；（2）；（3）【解析】(1)[1]根据欧姆表内电源正极与黑表笔相连可知表笔为黑表笔，表笔为红表笔。测电流时表笔应接到高电势。[2]电流表和并联后的总阻值为，改装后电表的量程，即流过表笔的电流；(2)[3]当电阻箱读数为时，回路中的总电流为，解得；(3)[4]半偏，回路中总电流，解得。15.如图所示的电路中，电源的电动势，内阻忽略不计，电阻的阻值分别为、，滑动变阻器的最大阻值，电容器的电容，则：（1）将滑动触头置于中点，合上电键，待电路稳定后再断开，求断开的瞬间，通过的电流大小和方向；（2）闭合电键，当滑动触头缓慢地从点移到