贵州省2022届学优学校高三一轮复习训练答案

参考答案

1.B

【详解】

A.弹簧劲度系数与形变量无关，与自身性质有关，故A错误；

BC.对小车和重物整体，有

小车受到的合力

所以在小车向右运动压缩弹簧的过程中，弹簧形变量变大，则小车受到的合力增大；

重物受到的摩擦力

故摩擦力变大，故B正确，C错误；

D.重物随小车向右减速运动，加速度向左，则小车对重物摩擦力向左，则重物对小车的

摩擦力方向向右，故D错误。

故选Bo

2.A

【详解】

同一条绳上拉力处处相等，由平衡条件可得，对甲

对乙

联立解得

A正确。

故选Ao

3.B

【详解】

当物块相对于木板运动时，木板的加速度最大，且木板的最大加速度

故选B.

4.D

【详解】

A.设A落地前轻绳的拉力大小为T,48的加速度大小均为内，则对A、B分别应用牛顿

第二定律可得

联立解得

故A错误；

B.A落地时8达到最大速度，根据运动学公式可得最大速度为

故B错误；

C.A落地后，8做匀减速运动，其加速度大小为

8向右运动的路程为

故C错误；

D.根据匀变速直线运动规律可知8在匀加速和匀减速运动过程的平均速度大小均为

所以整个过程中B运动的平均速度大小为lm/s,故D正确。

故选D。

5.C

【详解】

AB.由题意可知，辆车恰好未碰撞故在交点处，甲乙的距离为0,则在3秒时甲乙两个物

体的位移只差为t=0时乙车在甲车前方的距离，有速度时间图像的面积表示位移可得

故AB错误；

C.由图可得

当甲停下时，时间为

3.6s此时乙的速度为

故C正确；

D.当t=3s时辆车距离为0,故均停止的距离为图线相交后，图像与x轴围成的面积为

故D错误。

故选C。

6.D

【详解】

A.当汽车向左加速运动时，能给向左的力只有B对C的分力，所以是B对C的力增大，A

对C的力减小，故A错误；

BC.小车在静止和匀速运动时，都处于平衡状态，受力分析和几何关系有

故有竖直方向

解得

因为处于平衡状态，所以B对C的力大小不会改变，故BC错误；

D.当加速度为立g时，水平方向有

3

竖直方向有

代入a解得

故D正确。

故选D。

7.A

【详解】

设。的质量为m,则b的质量为2m；以b为研究对象，竖直方向受力平衡，可得绳子拉

力始终等于b的重力，即

T=2mg

了保持不变。

以a为研究对象，。受到重力、细绳的拉力7、支持力和摩擦力、水平拉力，受力如图所示

设绳子与水平方向夹角为氏支持力

向右缓慢拉动的过程中，。角逐渐减小，水平方向

又

联立求得

因为〃=孝，利用数学知识可得

即

。从90减小到30,则sin（60+。）逐渐增大，所以F将一直增大。

故选A。

8.AC

【详解】

AB.对小球受力分析如图所示

由平衡条件和几何关系有

F[=F2,2耳sin6=

可得

A正确，B错误；

C.设弹簧的形变量为x,根据胡克定律有名=履，根据几何关系有

联立解得

C正确；

D.以小球和圆弧轨道整体为研究对象，受重力、地面的支持力，由共点力平衡条件可

知，二力相互抵消，水平方向没有外力，即圆弧轨道不受地面的摩擦力，D错误。

故选AC。

9.CD

【详解】

A.滑块A下滑的加速度

位移为

根据

可得

同理，B下滑的时间

可知两滑块滑至底端的时间相等，故A错误；

B.滑块A滑到底端的速度

B滑到底端的速度也为后，两滑块的速度方向与重力夹角相同，但是质量不同，所以重

力的瞬时功率不同，故B错误；

C.因为A、B的加速度均沿斜面向下，对整体分析，整体处于失重状态，则支持力小于三

个物体得总重力，故C正确；

D.A对斜面体压力的水平分力大小为，纵gsinacosa,B对斜面体压力的水平分力大小为

〃入gsin/cos/5,因为啊＞为，则地面对斜面体有向左的摩擦力，故D正确。

故选CD。

10.ABC

【详解】

B.设板与水平地面的夹角为以A为研究对象，A原来只受到重力和支持力而处于平衡

状态，所以B对A的作用力与A的重力大小相等，方向相反；当将P绕。点缓慢旋转到虚

线所示位置，B的上表面不再水平，A受力情况如图1,其中B对A的支持力、摩擦力的合

力仍然与A的重力大小相等，方向相反，则A受到B对A的作用力保持不变，根据牛顿第

三定律可知，A对B的作用力也不变，B正确；

A.后来B的上表面与水平方向之间的夹角是6,则支持力

A/I=GA-COS6

所以B对A的支持力减小了，A正确；

CD.以AB整体为研究对象，分析受力情况如图2,由平衡条件可知，板对B的作用力大

小与总重力大小相等，保持不变

A/2=GABCOS。,力二GABSin。

a减小，M增大，外减小，故C正确，D错误。

故选ABC。

11.BC

【详解】

对滑块受力分析，滑块在沿传送带方向受重力沿传送带的分力，咫sin巴摩擦力/

AB.当丫<%,滑块刚开始加速运动，摩擦力向下，加速度为

当滑块速度等于传动带速度相等时，如果最大静摩擦力叫sin6,则滑动摩擦突变为静

摩擦向上，大小为mgsin。，物体和传送带一起做匀速直线运动，若最大静摩擦力

f<mg^ne,则摩擦力方向会突变向上，物体做匀加速直线运动，加速度为

比较可得4>的,故B正确，A错误；

CD.若丫>%,物体相对于传送带向下运动，若最大静摩擦力/V机gsinJ,则物体一直做匀

加速速直线运动，加速度为

若如果最大静摩擦力/>mgsin6,则物体一开始做匀减速直线运动，速度与传送带相等

时，滑动摩擦力突变为静摩擦力向上，大小为机gsine,故C正确，D错误。

故选BC,

12.CD

【详解】

A.该工件先后经历匀加速、匀速、匀减速直线运动三个阶段，图线表示的是匀速的后半

段和匀减速，所以0〜10s时间内，工件做匀速运动，处于平衡状态，选项A错误；

B.根据动量定理得

匀速运动时有

解得

工件做匀速运动的速度大小为2m/s,选项B错误;

C.根据牛顿第二定律得

解得

工件做匀减速运动的加速度大小为0.25m/s2,选项C正确；

D.地面和指定位置之间的总距离为

选项D正确；

故选CD。

13.BC0.400.30

【详解】

（1）[1]AD.力可以由弹簧测力计测出，不需要用天平测出砂和砂桶的质量，也就不需要

使小桶（包括砂）的质量远小于车的总质量，故AD错误；

BC.实验时需将长木板右端垫高，以平衡摩擦力，在一次实验中要求拉力不变，所以细线

要求与木板平行，故BC正确。

（2）⑵数点间的时间间隔为

7=5x0.02s=0.1s

根据

运用逐差法得，则有

a=5"=0.40m/s2»

4T2

（3）⑶由牛顿第二定律得

2F=Ma

则有

a—F图像的斜率

解得

M=030kgo

14.AC可以将竖直面转至水平面内做实验CD

【详解】

(1)[1]A.弹簧测力计在实验前没有调零，读数不准，导致实验结果不准确，故A正确；

B.实验中，弹簧测力计必须保持与木板平行，读数时视线要正对弹簧测力计刻度，是正确

的操作，故B错误；

C.弹簧测力计自身的重力对拉力大小有影响，导致实验结果不准确，故C正确。

(2)⑵为减小重力对实验的影响，可以将竖直面转至水平面内做实验。

(3)⑶A.为了验证力的平行四边形定则，不仅需要作力的图示来表示分力与合力，还需

要以两个分力为邻边作平行四边形，且作出对角线，比较对角线和合力的大小以及方向的

关系，故A错误；

B.因实验中存在误差，故不可能严格使F与实际合力重合，所以实验中用平行四边形定则

求得的合力F不与。A在一条直线上，故B错误；

C.根据平行四边形定则可知，若保持。点的位置和角因不变，夹角可变，若K增大，

若为也增大，则工可能减小，故C正确；

D.若保持。点的位置和8大小不变，增大%,则耳增大，火可能增大也可能减小，故D

正确

15.(1)8m/s；(2)12.8m；(3)0.8m；(4)6s

【详解】

(1)对物体在斜面上运动，有

代入数据得：

(2)物体在传送带上速度为零时离A最远，此时有

所以

又

代入数据解得

L=6.4m

所以传送带的长度

(3)物体在传送带上返回到与传送带共速，有

代入数据得

知物体在到达A点前速度与传送带相等，又对物体从A点到斜面最高点的过程中的加速度

仍然为a，则有

得

(4)开始时向下做匀加速直线运动，则

得

物体在传送带上向左运动的时间

物体在传送带上加速时的加速度大小与减速时的加速度大小相等，所以物体在传送带上向

右加速的时间

物体在传送带上做匀速直线运动的时间

物体