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文档简介
第=page11页,共=sectionpages11页2023-2024学年浙江省宁波市北仑区八年级(上)期末数学试卷一、选择题:本题共10小题,每小题3分,共30分。在每小题给出的选项中,只有一项是符合题目要求的。1.杭州亚运会秉承“绿色、智能、节俭、文明”的办赛理念,下列四个图形中,属于轴对称图形的是(
)A. B. C. D.2.直角三角形的一个锐角是70°,则它的另一个锐角是(
)A.20° B.70° C.110° D.3.两根木棒的长度分别为1cm,2cmA.1cm B.2cm C.4.若x<y,则(
)A.x+1>y+1 B.x5.在平面直角坐标系中,点A(5,5)关于A.第一象限 B.第二象限 C.第三象限 D.第四象限6.如图,△ABC和△DEF中,AC=DF
A.AB=DE B.∠A=7.已知点(3,y1),(−7,y2A.y1>y2 B.y1=8.下列命题是真命题的是(
)A.同角的补角相等
B.一条直线截另外两条直线所得到的同位角相等
C.有公共顶点且相等的两个角是对顶角
D.两个无理数的和仍是无理数9.已知下列尺规作图:①作一条线段的垂直平分线;②作一个角的平分线;③作一个角等于已知角.其中作法正确的是(
)
A.①② B.①③ C.②③10.甲、乙两位同学周末相约去游玩,沿同一路线从A地出发前往B地,甲、乙分别以不同的速度匀速前行乙比甲晚0.5h出发,并且在中途停留1h后,按原来速度的一半继续前进.此过程中,甲、乙两人离A地的路程s(km)与甲出发的时间t(h)之间的关系如图.下列说法:①A,B两地相距24km;②甲比乙晚到B地1h;③乙从A.1个 B.2个 C.3个 D.4个二、填空题:本题共6小题,每小题4分,共24分。11.如图,在平面直角坐标系中,点A的坐标是______.
12.用不等式表示x减去y大于−2:______.13.若直角三角形的两条直角边的长分别是3和4,则斜边上的中线长为
.14.已知函数y=−4x−16,则该函数与15.定义:若三角形满足其中两边之和等于第三边的三倍,则称该三角形为“三倍三角形”.若等腰三角形ABC是三倍三角形,且其中一边长为3,则△ABC16.如图,在Rt△ABC中,∠ACB=90°,在线段AC上取一点D,使CD=CB,作AE⊥BD交BD延长线于点E.点F
三、解答题:本题共7小题,共66分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤。17.(本小题6分)
解一元一次不等式(组)
(1)8−2x18.(本小题8分)
如图,点A,B均在第一象限.
(1)将点A向下平移4个单位,试作出相应的点A′.
(2)试用无刻度直尺在x轴上找一点P19.(本小题8分)
如图,∠BAC=∠ABD=90°,AC=BD,AD,BC交于点O,过点O作O20.(本小题10分)
如图,已知AB=AD,∠BAD=∠CAE,∠B=∠D,AD与BC交于点P,点C在DE上.
(1)求证:21.(本小题10分)
已知一次函数y=kx+b(k,b为常数,且k≠0).
(1)若此一次函数的图象经过A(1,2),B(3,5)22.(本小题12分)
根据以下素材,探索完成任务.如何确定拍照打卡板素材一设计师小聪为某商场设计拍照打卡板(如图1),图2为其平面设计图.该打卡板是轴对称图形,由长方形DEFG和等腰三角形ABC组成,且点B,F,G,C四点共线.其中,点A到BC素材二因考虑牢固耐用,小聪打算选用甲、乙两种材料分别制作长方形DEFG与等腰三角形ABC(两种图形无缝隙拼接),且甲材料的单价为85元问题解决任务一推理最大高度小聪说:“如果我设计的方案中CB长与C,D两点间的距离相等,那么最高点B到地面的距离就是线段D任务二探究等腰三角形AB假设CG长度为x米,等腰三角形ABC的面积为S.求任务三确定拍照打卡板小聪发现他设计的方案中,制作拍照打卡板的总费用不超过180元,请你确定CG23.(本小题12分)
如图1,在平面直角坐标系中,直线l与x轴正半轴的夹角为30°,点B为l上任意一点,点A(a,0)在x轴正半轴上.以AB为边作等边三角形ABC,OB交AC于点D.
(1)若a=1,∠OAB=120°时,则AB=______.
(2)当a=6,AB答案和解析1.【答案】B
【解析】解:A、C、D中的图形不是轴对称图形,故A、C、D不符合题意;
B中的图形是轴对称图形,故B符合题意.
故选:B.
如果一个图形沿一条直线折叠,直线两旁的部分能够互相重合,这个图形叫做轴对称图形,由此即可判断.
本题考查轴对称图形,关键是掌握轴对称图形的定义.2.【答案】A
【解析】解:∵直角三角形的一个锐角是70°,
∴它的另一个锐角是:180°−90°−70°=20°3.【答案】B
【解析】解:∵2−1=1,2+1=3,
∴1cm<第三边<4.【答案】D
【解析】解:∵x<y,
∴x+1<y+1,
∴选项A不符合题意;
∵x<y,
∴x−1<y−1,
∴选项B不符合题意;
∵x<y,
∴2x<2y,
∴选项C不符合题意;
∵x<y,
∴−x25.【答案】B
【解析】解:点A(5,5)关于y轴对称点坐标为:(−5,5),
则(−5,6.【答案】A
【解析】解:∵AC=DF,∠ACB=∠F,
∴添加AB=DE时,没有SSA定理,不能证明△ABC≌△DEF,故A符合题意;
当添加∠A=∠D时,根据ASA,也可证明△ABC≌△DEF,故B不符合题意;
当添加BC=EF7.【答案】C
【解析】解:∵y=−2x+1中,−2<0,
∴一次函数y=−2x+1中,y随x增大而减小,
∵8.【答案】A
【解析】解:A、同角的补角相等,所以A选项为真命题;
B、一条直线截另外两条平行直线所得到的同位角相等,所以B选项为假命题;
C、有公共顶点且角的两边共线的两个角是对顶角,所以C选项为假命题;
D、两个无理数的和可能是有理数,若2与−2,与所以D选项为假命题.
故选:A.
根据补角的定义对A进行判断;根据平行线的性质对B进行判断;根据对顶角的定义对C进行判断;利用反例对D进行判断.
本题考查了命题与定理:命题写成“如果…9.【答案】C
【解析】解:由作图可知,作图正确的有②③,
故选:C.
根据作一个角的平分线,作一个角等于已知角,作线段的垂直平分线的方法一一判断即可.
本题考查作图−10.【答案】D
【解析】解:从图中可以看出,A,B两地相距24km,甲比乙晚到B地1h,
故①②正确,符合题意;
设从A地刚出发时的速度为v km/h,
则12v+120.5v=2−1−0.5,
解得v=72,
∴乙从A地刚出发时的速度为72km/h,
故③正确,符合题意;
根据图象可知,甲的速度为243=8(km/h)11.【答案】(−【解析】解:由坐标系可得:点A的坐标是(−2,3).
故答案为:(−212.【答案】x−【解析】解:由题意得:x−y>−2.
故答案为:x−y>−2.13.【答案】2.5
【解析】【分析】
根据勾股定理求出AB,根据直角三角形斜边上中线求出CD=12AB即可.
本题主要考查对勾股定理,直角三角形斜边上的中线等知识点的理解和掌握,能推出CD=12AB是解此题的关键.
【解答】
解:∵∠ACB=90°14.【答案】(0【解析】解:对于y=−4x−16,当x=0时,y=−16,
∴一次函数y=−4x−16与y轴交点的坐标是(15.【答案】12或8
【解析】解:如果底边长是3,
若两腰的和是3的三倍,即为9,满足三角形三边关系定理,则△ABC的周长是9+3=12,
若腰与底边的和是腰长的三倍,求出腰长是1.5,不满足三角形三边关系定理;
如果腰长是3,
若两腰的和是底边的三倍,底边长是2,满足三角形三边关系定理,则△ABC的周长是3+3+2=8,
若腰与底边的和是腰长的三倍,求出底边长是6,不满足三角形三边关系定理,
∴△AB16.【答案】2【解析】解:如图,延长EF到T,使得FT=EF,连接AT,BT,CT,CE.
∵∠AEB=90°,AF=FB,
∴EF=AF=FB=FT,
∴四边形AEBT是矩形,
∴∠EBT=90°,AE=DE=BT,
∵∠CBD=∠CDB=45°,
∴∠CBT=∠CDE=135°,
∵CB=CD,
∴CBT≌△CDE(SAS),
∴CT=CE,
∵EF=FT,17.【答案】解:(1)∵8−2x>6,
∴−2x>6−8,
则−2x>−2,【解析】(1)依次移项、合并同类项,系数化为1即可得出答案;
(218.【答案】解:(1)如图,点A′即为所求.
(2)如图,连接A′B,交x轴于点P,连接AP,
此时P【解析】(1)根据平移的性质作图即可.
(2)连接A′B,交x轴于点P,则点P即为所求.19.【答案】(1)证明:在△ABC与△BAD中,
AC=BD∠BAC=∠ABD=90°AB=【解析】(1)根据SAS证明△ABC≌△BAD,得到∠ABC=20.【答案】(1)证明:∵∠BAD=∠CAE,
∴∠BAD+∠DAC=∠CAE+∠DAC,
即∠BAC=∠DAE,
在△BAC和△DAE中,
∠B=∠DAB=AD∠BAC=∠DAE,
∴△【解析】(1)证明△BAC≌△DAE(ASA),由全等三角形的性质得出结论;
(2)①由三角形外角的性质求出∠21.【答案】(1)解:①∵一次函数y=kx+b(k,b为常数,且k≠0)的图象经过A(1,2),B(3,5)两点,
∴k+b=23k+b=5,解得:k=32b=12,
∴该一次函数的表达式为:y=32x+12,
②对于y=32x+12,当y=4时,32【解析】(1)①将A(1,2),B(3,5)代入y=kx+b之中求出k,b的值即可得该一次函数的表达式;
②由①可知该一次函数的表达式y=32x+12,再由y=22.【答案】解:任务1:他的说法对,理由如下:
如图:过点B作BH⊥DC于点H,
∴∠BHC=90°.
∵四边形EFGD是长方形,
∴∠DGC=90°.
∴∠BHC=∠DGC,
在△BCH与△DCG中,
∠BHC=∠DGC∠BCH=∠DCGBC=DC,
∴△BCH≌△DC【解析】任务1:依据题意,过点B作BH⊥DC于点G,可证得△BCH≌△DCG(AAS),据此即可判定;
任务2:依据题意,设BF=CG23.【答案】1
【解析】(1)解:∵∠AOB=30°,∠OAB=120°,
∴∠ABO=180°−30°−120°=30°,
∴∠ABO=∠AOB,
∴AB=OA=a=1,
故答案为:1;
(2)解:作AG⊥l于G,
如图1,
当点B在BG上时,
作BQ⊥OA于Q,将△BQA绕点B逆时针旋转60°
至△BEC,
作EI⊥BQ于I,作CF⊥OA,作EF⊥CF于F,
∵∠AOB=30°,
∴AG=
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