2021年北京市昌平区高考物理二模试卷(含答案详解)

2021年北京市昌平区高考物理二模试卷

一、单选题（本大题共14小题，共42.0分）

1.如图所示为飞机起飞时，在同一底片上相隔同样时间多次曝光“拍摄”的照片，可以看出，在

同样时间间隔中，飞机的位移不断增大，则下列说法中正确的是（）

A.从图中可看出飞机是做匀加速直线运动

B.量取图中数据可以求得飞机在中间位置的速度

C.量取图中数据可以求出飞机在该过程的平均速度

D.量取图中数据并按照飞机尺寸比例还原数据，可以判断飞机是否做匀变速直线运动

2.下列关于分子热运动的说法中正确的是（）

A.扩散现象表明，分子在做永不停息的热运动

B.布朗运动就是液体分子的无规则热运动

C.温度相同的氢气和氮气，氢气分子和氮气分子的平均速率相同

D.布朗颗粒越大，液体温度越高，布朗运动就越明显

3.已知某时亥也C回路中电容器中的电场方向和电感线圈中的磁场方向如图所「-------时

示.则此时下列说法中正确的是（）

A.电容器上极板带正电，正在充电解

B.电感线圈中的电流正在增大

C.电场能正在向磁场能转化

D.电感线圈中的自感电动势正在减小

4.关于原子核的有关知识，下列说法错误的是（）

A.核力具有短程性决定了核力具有饱和性

B.虽然原子核内的中子不带电，但是相邻的两个中子间仍存在核力作用

C.正因为重核中的核子的平均结合能小，所以重核分裂成两个中等质量的核时会放出结合能

D.核子结合成原子核时放出的结合能是由亏损的质量转化而来的

5.一列沿x轴传播的简谐横波，其周期7=0.20s,在t=0时的波形图象如2,6

图所示。其中P、Q是介质中平衡位置分别处在％=1.0m和x=4.0m的两聋七%

个质点，若此时质点P在正向最大位移处，质点Q通过平衡位置向上运动，

则（）

A.该波沿x轴正方向传播

B.经过1.57波传播的距离为12cm

C.当质点Q到达波谷时，质点P位于平衡位置且向上运动

D.当质点Q到达波谷时，质点P位于平衡位置且向下运动

6.在一个上下温度相同的水池中，一个小空气泡缓慢向上浮起，下列对空气泡内气体的描述中正

确的是（）

A.气体压强不变B.气体分子的密集程度增大

C.气体从水中吸收热量D.气体分子无规则运动加剧

7.如图所示，两束单色光a、b分别照射到玻璃三棱镜AC面上的同一点，且7/C

都垂直4B边射出三棱镜，则下列说法中正确的是（）\

A.a光的频率高-----------\

B.b光的波长大

C.a光穿过三棱镜的时间短

D.b光穿过三棱镜的时间短

8.图甲所示的理想变压器原、副线圈匝数比为55：6,图乙是该变压器原线圈两端输入的交变电压

a的图象，副线圈中L是规格为“24V,12〃“的灯泡，品是定值电阻，R是滑动变阻器，导线

电阻不计，图中各电表均为理想交流电表，以下说法正确的是（）

A.流过灯泡L的电流每秒钟方向改变50次

B.原线圈两端输入电压的瞬时值表达式为u=311sbi（507Tt）（7）

C.滑片P向下滑动的过程中，变压器的输入功率变小，匕表示数不变

D.滑片P向下滑动的过程中，灯泡L仍能正常发光，4表示数变大，4表示数变大

9.2015年12月17日8时12分，我国在酒泉卫星发射中心用长征二号丁运载火箭成功将暗物质粒子

探测卫星发射升空，该卫星的主要任务是在太空中开展高能电子及高能y射线探测任务，寻找暗

物质存在的证据，研究暗物质特性与空间分布规律，该卫星飞行高度约为500km.关于该卫星下

列说法正确的是（）

A.在轨运动的速度大于人造地球卫星的第一宇宙速度

B.在轨运动的角速度一定比近地卫星的角速度大

C.在轨运动的周期比地球同步卫星的周期大

D.在轨运动的加速度比同步卫星的加速度大

10.将一篮球从地面上方B点斜向上抛出，刚好垂直击中篮板上4点,

不计空气阻力，若抛射点B向篮板方向移动一小段距离，仍使抛

出的篮球垂直击中4点，则可行的是（）

A.增大抛射角0,同时增大抛射速度处

B.增大抛射角。，同时减小抛射速度北

C.减小抛射角。，同时增大抛射速度为

D.减小抛射角。，同时减小抛射速度为

11.关于单摆的描述，正确的是（）

A.单摆的运动一定是简谐振动

B.单摆运动的回复力是重力与绳子拉力的合力

C.单摆运动过程中经过平衡位置时达到平衡状态

D.单摆经过平衡位置时回复力为零

12.如图所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源（内阻不计）连接，电容器上极板与一静电计相

连，下极板接地，静电计所带电荷量很少，可被忽略。一质量为m的带电微粒静止于电容器的

中点P,P点与上、下极板间距离均为d,重力加速度为g,下列说法正确的是（）

龄电计

A.微粒一定带正电

B.若电容器上极板竖直向下移动一小段距离，电容器电容增大，静电计指针张角变小

C.若先把电容器上极板竖直向下移动（后，再将微粒由静止释放，经过时间1=隹微粒到达上

极板

D.若先把电容器上极板竖直向下移动5后，再将微粒由静止释放，微粒运动一段时间后打在极

板上并被捕获，微粒与极板作用过程中所受合外力的冲量大小为27n后

13.当矩形线框在匀强磁场中绕垂直磁场的轴匀速转动时，产生的交变电流随时间的变化规律如图

甲所示。已知图乙中定值电阻R的阻值为100,电容器C的击穿电压为5K则下列选项正确的是

A.矩形线框中产生的交变电流的瞬时值表达式为i=0.6sinl007Tt

B.矩形线框的转速大小为100r/s

C.若将图甲中的交流电接在图乙的电路两端，电容器不会被击穿（通过电容器电流可忽略）

D.矩形线框的转速增大一倍，则交变电流的表达式为2=1.2sinl00nt

14.2020年7月23日12时41分，长征五号遥四运载火箭在海南文昌发射中心发射升空，并成功进入

预定轨道.该火箭携带着我国首次火星探测任务“天问一号”探测器发射升空，其任务是通过

一次发射，实现火星环绕、着陆和巡视探测.下列关于“天问一号”探测器的说法正确的是（）

A.”7月23日12时41分”是时间

B.研究“天问一号”探测器在火星表面运动的姿态时，可以将其看作质点

C.“天问一号”探测器刚刚升空时速度很小，加速度却很大

D.“天问一号”探测器静止在火星表面时，其相对于地球也是静止的

二、实验题（本大题共2小题，共18.0分）

15.用如图1所示装置验证机械能守恒定律。

（1）除带夹子的重物、纸带、铁架台（含夹子）、电磁打点计时器、导线及开关外，在下列器材中，还

需要使用的一组器材是o

A.直流电源、天平（含祛码）

2.直流电源、刻度尺

C交流电源、天平（含祛码）

。.交流电源、刻度尺

(2)实验中，先接通电源，再释放重物，得到如图2所示的一条纸带。在纸带上选取连续打出的5个点

4、B、C、D、E,测得C、D、E三个点到起始点。的距离分别为上、如、心.已知当地重力加速

度为9,打点计时器打点的周期为「设重物的质量为则从打下。点到打下0点的过程中，重

物的重力势能减少量为,动能增加量为o(用上述测量量和已知量的符号表示)

(3)对于上述实验，有的同学提出研究的运动过程的起点必须选择在。点，你同意这种看法吗？如果

同意请你说明理由；如果不同意，请你给出当起点不在。点时，实验中验证机械能守恒的方法。

(4)机械能包括动能、重力势能和弹性势能，为了在三种能量相互转化的情况下再次验证机械能守恒

定律，实验小组设计了如图3所示的实验装置。力传感器一端固定在铁架台的横梁上，另一端与

轻弹簧相连，轻弹簧下端悬挂着下表面水平的重物，在重物正下方放置着上表面水平的运动传

感器，两个传感器再通过数据采集器和电脑相连(图未画出)。实验过程中保持铁架台固定，弹

簧始终在弹性限度内，重物只在竖直方向上下运动，没有转动。

他们首先用天平测得重物的质量为血，然后：

①用运动传感器实时记录重物的速度继而得到重物的动能

②选择运动传感器的上表面所在位置为重力势能零点，用运动传感器实时记录重物下表面与运动传

感器上表面的距离，继而得到重物的重力势能Ep；

③将弹簧原长时重物下表面到运动传感器上表面间的距离，与物体运动过程中这两个表面间的实时

距离之差作为弹簧形变量，结合力传感器测得的弹力大小F,通过计算得到了弹簧在每个时刻的

弹性势能E理。

分析上述三种能量之和E随时间的变化情况，如果在误差允许的范围内，E随时间保持不变，则可认

为重物(包括地球)和弹簧组成的系统机械能守恒。

己知实验得到的尸-t图象如图4所示，则如图5所示的图象中可能正确的是«

16.同学们想用物理上学到的知识来测定某种型号电池的电动势和内阻，己知这个电池的电动势约

为8〜9V，内阻约为30左右。由于直流电压表量程只有3V,需要将这只电压表通过连接一电阻

箱，改装为量程为91/的电压表，然后再用伏安法测该电池的电动势和内阻。

实验可供该同学选择的器材主要有：

A.电压表（量程为3V,内阻为3k0）

比电流表（量程为3A,内阻约0.10）

C.电阻箱（阻值范围0〜9999。）

。.电阻箱（阻值范围0〜999。）

£滑动变阻器（阻值为。〜200，额定电流24）

F.滑动变阻器（阻值为0〜20k。，额定电流0.24）

（1）该实验中滑动变阻器应选（填写“E”或"F”）；要使将39直流电压表改装成9〃的电压表,

该同学需将该电压表与电阻箱（填写“C”或）串联，且接入的电阻箱阻值应为

__n.

（2）用该扩大了量程的电压表（电压表的表盘没变），测电池电动势E和内阻r,实验电路如图甲所示,

得到多组电压U（原电压表的示数）和电流/的值，并作出图线如图乙所示，可知电池的电动

势为V,内阻为_12（最后结果要求保留两位有效数字）。

三、计算题（本大题共4小题，共40.0分）

17.如图，电阻8=140,/?2=50,当电键工闭合S2断开时，电压表示数为2.8V,

当电键S2闭合&断开时，电压表示数为2.5V.

（1）求电源电动势和内阻；

（2）若电键Si和S2同时闭合，则电压表示数是多大？（保留3位有效数字）

18.如图所示，在固定的水平光滑长杆上套有质量为m=1kg的物体

P，一轻绳跨过光滑的滑轮。、。'将物体P与物体Q连接，物体Q的

质量为M=4kg,用手托住物体Q使整个系统静止，此时轻绳刚“

好拉直，物体P位于4点，4。与水平方向的夹角为30。，B为。点

投影在长杆上的点。且4、。两点间的距离L=lm,g^L10m/s2,现由静止释放P、Q两物体,

求：

（1）在物体P由A点出发第一次到达B点的过程中，物体Q重力势能的减少量；

（2）物体P运动到B点时的速度。

19.如图甲所示，水平面上有一倾角为。的光滑斜面，斜面上用一平行于斜面的轻质细绳系一质量为

m的小球，斜面以加速度a水平向右做匀加速直线运动，当系统稳定时，细绳对小球的拉力和斜

面对小球的支持力分别为T和FN。若7-a图象如图乙所示，4B是直线，BC为曲线，重力加速

度为g=10m/s2,求：

(1)斜面倾角公

(2)小球的质量m；

(3)斜面对小球的支持力FN与加速度的关系式。

rm

20.如图所示，光滑的水平轨道4B,与半径为R的半圆形光滑轨道BC。相切于B点，4B水平轨道部

分存在水平向右的匀强电场，半圆形光滑轨道在竖直平面内，B为最低点，。为最高点，一质量

为ni带电量为+q的小球从距B点x=3R的位置在电场力的作用下由静止开始沿48向右运动并

通过最高点，己知E=詈詈，求小球经过半圆形轨道最低点B点时对轨道的压力及其通过。点

时速度大小.

参考答案及解析

1.答案：D

解析：解：4、通过图片，可以知道飞机在相等时间内的位移在增大，可知飞机做加速直线运动，但

是根据己知条件无法得出飞机做匀加速直线运动，故A错误；

BC、由于不知道图片中飞机和真实飞机的比例关系，所以量取图中数据无法确定真实位移的大小，

即无法求出飞机在中间位置的速度和在该过程的平均速度，故BC错误；

。、量取图中数据并按照飞机尺寸比例还原数据，若连续相等时间内的位移之差是一恒量，则可判

断飞机做匀变速直线运动，故。正确。

故选：D。

通过图片得出飞机在相等时间内位移增大，只能判断出飞机做加速直线运动；由于不知道图片中飞

机和真实飞机的比例关系，无法求出飞机在中间位置的速度和在该过程的平均速度；若连续相等时

间内的位移之差是一恒量，则飞机做匀变速直线运动。

解决本题的关键是了解匀变速直线运动的特点，知道匀变速直线运动在连续相等时间内的位移之差

是一恒量。

2.答案：A

解析：解：4、扩散现象表明分子在做永不停息的热运动，故A正确；

8、布朗运动是固体小颗粒的无规则运动，反映了液体分子的无规则热运动，故B错误；

C、温度是分子平均动能的标志，温度相同的氢气和氮气，氢气分子和氮气分子的平均动能相同，由

于分子质量不同，分子的平均速率不同，故C错误；

。、布朗颗粒越小，液体温度越高，布朗运动就越明显，故。错误。

故选：Ao

知道扩散现象性质和应用，知道扩散现象是分子热运动的表现。布朗运动是固体微粒的运动，是液

体分子无规则热运动的反映。扩散现象说明分子在做无规则运动；温度是分子的平均动能的标志。

本题考查热力学的一些基本知识，要注意重点掌握布朗运动、温度的微观意义等内容，并能正确应

用。

3.答案：A

解析：解：力、用安培定则可知回路中的电流方向为逆时针方向，而上极板是正极板，这时电容器正

在充电，充电电流逐渐减小，故A正确，B错误；

C、因为充电过程电场能增大，所以磁场能减小，磁场能向电场能转化.故C错误；

。、由于充电过程中，电流减小越来越快，故线圈中自感电动势在增大，故。错误.

故选：A

由图示磁场方向，根据安培定则判断出电路电流方向，结合电容器两极板间的电场方向，判断振荡

过程处于什么阶段；然后根据电磁振荡特点分析答题.

根据磁场方向应用安培定则判断出电路电流方向、根据电场方向判断出电容器带电情况是正确解题

的关键.

4.答案：D

解析：解：AB,核力具有饱和性和短程性，核力是使核子组成原子核的作用力，属于强相互作用的

一类；原子核中邻近的核子之间存在相互的吸引力，同时质子之间是相互排斥的，是非常强大的核

力将它们吸引在一起，使它们在非常小的区域形成原子核，当两核子间距离小于一定值时，则会表

现为斥力，故AB正确；

C、根据原子核的结合能与核子的平均结合能之间的关系可知，正因为重核中的核子的平均结合能小,

所以重核分裂成两个中等质量的核时会放出结合能，故C正确；

。、核子结合成原子核时，释放出能量同时质量亏损了△m,但不能理解成有一部分△m转化成

能量，故。错误。

本题选错误的，

故选：D。

核力是短程力，在其作用范围内，随核子间距离的变化可以表现为引力也可以表现为斥力，比结合

能：原子核结合能对其中所有核子的平均值，亦即若把原子核全部拆成自由核子，平均对每个核子

所要添加的能量，用于表示原子核结合松紧程度；

结合能：两个或几个自由状态的粒子结合在一起时释放的能量.自由原子结合为分子时放出的能量

叫做化学结合能，分散的核子组成原子核时放出的能量叫做原子核结合能.

核子结合成原子核时，释放出能量AE同时质量亏损了△m,不是有一部分Azn转化成能量。

解本题考查选修3-5中的基本内容，如核力、结合能、质能方程能；考得比较散，关键要熟悉教材，

牢记这些知识点，注意结合能和比结合能的区别，注意两个概念的联系和应用。

5.答案：C

解析：解：4、因为Q点正在通过平衡位置向上振动，根据同侧法可以判断出这列波沿x轴负方向传

播，故4错误；

B、由图象可知，波长：X=4m,经过1.5T波传播的距离为x=1.54=6TH,故B错误；

CD,由于Q点向下振动，再经过四分之三周期运动到波谷，此时P点会振动到平衡位置，且向上运动，

故C正确，。错误；

故选:Co

根据质点的振动情况，确定波的传播方向；根据波长、波速和周期的关系计算经过1.57波传播的距

离；根据质点Q的振动情况，分析质点P的振动情况。

此题考查了横波的图象的相关知识，根据质点的振动情况，结合波形图，确定波的传播方向是解题

的关键，注意利用波长和周期以及波速的关系"=3

6.答案：C

解析：解：AB,气泡上浮时，气体体积变大，压强变小，则气体分子的密集程度减小；故A8错误；

C、温度不变，内能不变△(/=(),体积变大W<0,所以Q>0,气体从水中吸收热量，故C正确；

。、因气体的温度不变；故气泡内气体的无规则运动的程度不变；故。错误；

故选：Co

在气泡缓慢上升的过程中，气泡外部的压强逐渐减小，气泡膨胀，对外做功；由于外部恒温，且气

泡缓慢上升，故可以认为上升过程中气泡内空气的温度始终等于外界温度，根据热力学第一定律分

析吸放热情况。

本题考查热力学定律的应用，要注意正确分析分子热运动与温度的关系，理想气体的内能只与温度

有关，温度不变，内能不变。

7.答案：C

解析：解：C

A、由光路图看出，在4c面a光的入射角小于b光的入射角，而两光的折射

角相等，根据折射定律几=黑得知，玻璃对b光的折射率较大，其频率也---------B

较大.故A错误.’

B、由。=4/,c相同，则6光的波长小.故8错误.

C、。由u=£得知a光在玻璃中传播速度较大，通过的路程相等，则a光穿过三棱镜的时间短.故。

正确，。错误.

故选。

画出光路图，根据光线在ac面上折射情况，根据折射定律比较玻璃对两光束折射率的大小.玻璃对

光的折射率越大，该光束的频率越大，波长越小.由〃=(比较光在玻璃中传播速度的大小，再确定

光穿过三棱镜的时间的关系.

本题相当于光的色散现象，根据折射定律研究折射率的大小，要掌握折射率与光的频率、波长和光

速之间的关系，这是考试的热点.

8.答案：。

解析：

闭合电路动态分析中，电源部分是由变压器提供，其它仍用闭合电路欧姆定律.流过灯泡L的电流每

秒钟方向改变次数有周期判断；当滑片/向下滑动的过程中，导致总电阻发生变化，而电压不变，则

可判断出电路中的电流及电压如何变化.原线圈两端输入电压的瞬时值表达式.理想变压器是理想

化模型一是不计线圈内阻；二是没有出现漏磁现象.同时运用闭合电路欧姆定律来分析随着电阻变

化时电流、电压如何变化.分析的思路先干路后支路，以不变应万变.最后值得注意的是变压器的

原线圈与灯泡串联后接入交流中，所以图象的有效值不是原线圈的有效值.

A、由图乙可知电流的周期为T=0.02S,故电流每秒钟方向改变次数为n=2=高、2=100次,

故4错误

B、由图象知交流电的周期为0Q2s,角速度为100兀，电压峰值为311V,电压的瞬时值表达式为〃=

311517110071-t(V),故8错误；

C、当滑片P向下滑动的过程中，导致总电阻变小，而电压不变，故匕表示数不变，由于功率变大,

故41表示数变大，故C错误.

D、当滑片P向下滑动的过程中，导致总电阻变小，而电压不变，由欧姆定律得/=9故电流4变大，

同时原线圈中&表示数变大.故。正确；

故选：D

9.答案：D

解析：解：4、第一宇宙速度是人造地球卫星绕地飞行的最大速度，在轨运动的速度小于人造地球卫

星的第一宇宙速度，故A错误；

B、根据G等=血32「，解得：3=旧,该卫星半径比近地卫星大，则角速度小，故B错误；

C、根据G粤=/n与，解得：T=叵己，该卫星轨道比同步卫星轨道半径小，则在轨运动的周期

r2T2、GM

比地球同步卫星的周期小，故c错误;

D、根据G鬻=ma,解得：a=G盘，该卫星轨道比同步卫星轨道半径小，则在轨运动的加速度比

同步卫星的加速度大，故。正确.

故选：D

研究卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式表示出角速度、加速度和周

期进行比较，第一宇宙速度是人造地球卫星绕地飞行的最大速度.

要比较一个物理量大小，我们应该把这个物理量先表示出来，在进行比较.向心力的公式选取要根

据题目提供的已知物理量或所求解的物理量选取应用.

10.答案：B

解析：解：据题可知篮球的逆运动是平抛运动，根据平抛运动的规律知，当从同一高度平抛运动时

水平速度越大时，抛出后落地速度越大，与水平面的夹角则越小.若水平速度减小，则落地速度变

小，但与水平面的夹角变大.因此只有增大抛射角0,同时减小抛射速度为，才能仍垂直打到篮板上.故

B正确，4co均错误.

故选：B.

据题篮球垂直打到篮板上，其逆运动是平抛运动，根据运动的分解，得出抛出速度与抛射角的关系，

再进行分析.

本题采用了逆向思维，降低了解决问题的难度.若仍沿题意角度思考，解题很烦同时容易出错.

11.答案：D

解析：解：4、当单摆的偏角小于5。时，单摆的运动才是简谐振动，故A错误；

8、单摆的回复力是重力在切线上的分力提供的，故B错误；

C、单摆运动过程中经过平衡位置时有向心加速度，所以没有达到平衡状态，故C错误；

。、根据简谐运动中的回复力尸=-依可知，单摆经过平衡位置时回复力为零，故C正确。

故选：D。

(1)根据单摆的条件分析解答；

(2)单摆的回复力是重力在切线上的分力提供的；

(3)单摆经过平衡位置时需要竖直向上的向心加速度；

(4)单摆经过平衡位置时，位移为零，所以回复力为零。

解决该题需要熟记单摆的运动过程，掌握单摆做简谐运动的条件，了解回复力与位移之间的关系。

12.答案：C

解析：解：4、由题图可知，平行板电容器间电场方向竖直向下，微粒处于静止状态，满足mg=qE,

可知微粒受到的电场力方向竖直向上，故微粒一定带负电，故A错误；

2、若平行板电容器的上极板竖直向下移动一小段距离，两板的间距变小，可知电容器的电容增大,

又因为静电计指针张角的变化表征电容器两极板间的电势差变化，题中两板间电势差U为电源的电

动势E,保持不变，所以静电计指针的张角不变，故B错误；

C、电容器上极板竖直向下移动5后，场强大小由E=(变为0=考=称，电场力大小为qE'=等,

微粒向上运动的加速度大小为Q=也%=10，由d-5=；。-2得1=怪,故C正确；

m3^227g

。、设微粒与上极板作用过程中所受合外力的冲量大小为/,故微粒从静止开始运动到被捕获这一过

程，由动量定理有/一机砒=0-0,解得/=故。错误。

故选：Co

电容器始终与电源相连，则电容器两端间的电势差不变，根据电容器d的变化判断电容的变化以及电

场强度的变化，从而判断电荷电势能和电场力的变化。

本题考查电容器、带电粒子在电场中的运动和动量定理，关键抓住不变量，当电容器与电源始终相

连，则电势差不变，当电容器与电源断开，则电荷量不变.

13.答案：A

解析：解：力、由图象可知，电流的最大值17n=0.64，矩形线框转动的周期T=0.02s,则3=景=

IOOTTrad/s,所以线框中产生的交变电流的表达式为i=0.6s讥100加3故A正确；

B、矩形线框转动的周期7=0.02s,转速n="=六r/s=50r/s,故B错误；

C、若将图甲中的交流电接在图乙的电路两端，通过电容器电流可忽略，则定值电阻两端电压为“=

iR=0.6x10s讥1007rt(V)=6s讥1007rt(V),由于最大电压大于电容器的击穿电压，电容器将被击

穿，故C错误；

D、若矩形线框的转速增大一倍，角速度增大一倍为：a),=200nrad/s,角速度增大一倍，电流的

最大值增大一倍，即为/%=1.24则电流的表达式为i2=1.2sin2007rt,故。错误；

故选：4。

从图象中可知交流电的峰值及周期，从而求频率，写出电流的瞬时值表达式，根据交流电的周期即

可求得转速，电容器的耐压值为交流电的最大值，根据转速的变化，判断出最大值的变化和角速度

的变化；

明确交流电图象的物理意义，正确根据图象获取有关交流电的信息是对学生的基本要求，明确电容

器的耐压值为交流电的峰值，平时要加强练习。

14.答案：C

解析：解：4、“7月23日12时41分”指的是一瞬间即时•刻，故A错误；

B、研究“天间一号”探测器在火星表面运动的姿态时，探测器形状和大小不能忽略，不可以将探测

器看成质点，故8错误；

C、“天问一号”探测器刚刚升空时速度很小，加速度却很大，故C正确：

。、“天问一号”探测器静止在火星表面时，其相对于地球不是静止的，故。错误。

故选：Co

时刻对应时间轴上的点，时间间隔对应时间轴上的一段，当物体的大小与形状对所研究的问题来说

是无关或次要因素时，可以把物体看作质点，探测器在起飞瞬间速度为零，但由于推力很大，故加

速度很大。

本题考查了运动描述中的几个物理量和一个物理模型，都是对物理量和物理模型的概念型考查，只

有学生理解好基本知识即可解决问题。

15.答案：DmghD,曾2.C

解析：解：(1)48、由于要使用打点计时器，故需要交流电源，故AB错误；

CD、而根据验证机械能守恒定律的原理可知：mgh^^mv2,质量可以约掉，故不需要用天平，但

是需要刻度尺用来测距离，故C错误，。正确；

(2)重物的重力势能减少量为％=mghD,

。点速度%=等£，动能增加量为a==皿累C)：

(3)可以选择4点作为起点，研究从B到。的过程，测得各点到4点的距离分别为也B、%、心D和也£，

如果在误差允许范围内得出：m9既。=3皿诏诏，化简得:g(hAD-hAB)=四起衅曲即可；

(4)4BC、由于在t=0时拉力最大，说明弹簧的伸长量最大，即重物在最低点，此时重物的重力势能

最小，弹性势能最大，动能为0;当t=T时，拉力最小，就明重物在最上方，重力势能最大，动能

为0,弹性势能最小，故4c正确，8错误；

D、由于总能量E是守恒的，不改变，故。错误。

故答案为：(l)C;(,2)mghD,鸣誓；(3)不同意。可以选择4点作为起点，研究从B到。的过程,

测得各点到4点的距离分别为心心hAC,须°和/1.,如果在误差允许范围内得出：g(hAD-hAB)=

四见皿左我即可;(4)4C；

8T2

(1)根据实验原理判断需要的实验器材；

(2)(3)根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出B点的瞬时速度，从而得出动能的增

加量；根据下降的高度求出重物重力势能的变化量；

(4)根据系统机械能守恒，判断特殊点的情况来判断其图象正确与否；

解决本题的关键掌握纸带的处理方法，会根据纸带求解瞬时速度，从而得出动能的增加量，会根据

下降的高度求出重力势能的减小量。

16.答案：EC60009.03.0

解析：解：(1)电源电动势约为9U,应把电压表改装成9y的电压表，把3U的直流电压表接一电阻箱，

串联电阻分压是电压表的两倍，串联电阻阻值应为电压表内阻的两倍，电阻箱接入电路的阻值应为

60000；电阻箱应选择C；在分压电路中，为方便调节，滑动变阻器选用阻值较小的，即选反

(2)由丙读出，外电路断路时，电压表的电压为U=3.0U,则电源的电动势为E=3.0x3=9.0V,

电源内阻：r=丝=3X(3°T5)=3.00。

△/1.5

故答案为：(1)E；C；6000；(2)9.0；3.0。

(1)根据串联电路的特点，可确定出电阻箱的电阻与电压表内阻的关系，选择电阻箱的规格。在分压

电路中，为方便调节，滑动变阻器选用阻值较小的：根据电压表改装原理求出串联电阻阻值.

(2)由于电压表的表盘没变，改装后的电压表的读数应为电压表读数的3倍。U-/图线纵轴截距的3倍

表示电动势，斜率的3倍大小等于电池的内阻

本题涉及电表的改装和测量电动势和内电阻的实验；改装原理是串联电路的特点。而伏安法测量电

源的电动势和内阻的原理是闭合电路欧姆定律，要注意路端电压应为改装后电压表的读数。

17.答案：解：(1)根据闭合电路欧姆定律得：

当电键Si闭合S2断开时有：E=Ur+^r

当电键S2闭合S1断开时有：E=U2+^r

K2

代入数据解得：E=3V,r=W

(2)根据闭合电路欧姆定律得：

其中R12是%和R2的并联值，即3=黑；=震=看。

由以上两式代入数据解得：3=2.361/

答：(1)电源电动势为3V,内阻为10；

(2)若电键S］和S2同时闭合，则电压表示数是2.36V.

解析：(1)先分析电键Si闭合S2断开或电键S2闭合Si断开时的电路结构，再根据闭合电路欧姆定律列

式即可求解；

(2)分析电键S］和S2同时闭合时电路的结构，再根据闭合电路欧姆定律列式即可求解；

解决本题的关键理清电路的串并联，结合闭合电路欧姆定律进行求解.

18.答案：解：(1)在物体P由4点出发第一次到达B点的过程中，物体Q下降的高度为

h=L—Lsin30°=-=0.5m

2

物体Q重力势能的减少量七「减=Mgh=4x10x0.57=20/

(2)物体P运动到B点时的速度最大，此时物体Q的速度为零，根据物体P、Q系统的机械能守恒得

Mgh=1mv2

解得：物体P运动到B点时的速度1?=2y/10m/s

答：(1)在物体P由4点出发第一次到达B点的过程中，物体Q重力势能的减少量为20/；

(2)物体P运动到B点时的速度是2jIUm/s。

解析：(1)根据几何关系求出物体Q下降的高度，从而求得物体Q重力势能的减少量；

(2)对于物体P和Q组成的系统，