安徽省亳州市普通高中2022-2023学年高二上学期期末物理 含解析

亳州市普通高中2022-2023学年高二年级质量检测

物理试卷

考生注意：

1.答题前，考生务必将自己的姓名、考生号填写在试卷和答题卡上，并将考生号条形码贴在

答题卡上的指定位置。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需改

动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在

本试卷上无效。

3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只

有项是符合题目要求的。

1.对于下列物理或生活现象的原理，说法正确的是（）

A.图1中，两条优质的话筒线外面包裹着金属外衣，应用了尖端放电的原理

B.图2中，制作口罩的一种新颖的“静电”绝缘纤维布，应用了电磁感应的原理

C.图3中，该女生的头发和带电的金属球带有同种性质的电荷

D.图4中，静电喷漆时，使被喷的金属件与油漆雾滴带相同电性的电荷，这样使油漆与金属表面在静电

力作用下喷涂更牢固

【答案】C

【解析】

【详解】A.图1中，两条优质的话筒线外面包裹着金属外衣，应用了静电屏蔽的原理，A错误；

B.图2中，制作口罩一种新颖的“静电”绝缘纤维布，应用了静电吸附的原理，B错误；

C.图3中，该女生接触带电的金属球，该女生的头发和带电的金属球带有同种性质的电荷，C正确；

D.图4中，静电喷漆时，使被喷的金属件与油漆雾滴带异种电性的电荷，这样使油漆与金属表面在静电

力作用下喷涂更牢固，D错误。

故选Co

2.如图1所示，/8C构成等边三角形，若两通电导线48在C处产生磁场的磁感应强度大小均为Bo；

如图2所示，小磁针悬挂在直导线正上方，在直导线/8中通有自力向8方向的电流，下列说法正确的是

()

C

A.C处磁场的磁感应强度大小是2Bo

B.C处磁场的磁感应强度方向垂直于/3连线

C.小磁针N极将会垂直纸面向外转动

D.小磁针会在纸面内顺时针旋转90°

【答案】C

【解析】

【详解】AB.根据安培定则，作出两通电导线/、8在C处产生的磁感应强度，如图所示

R

Bc-2B0COS30°=

方向与48连线平行，故AB错误；

CD.当导线中通有/到8方向的电流时，根据安培定则可得导线在小磁针位置产生垂直纸面向外的磁场,

所以小磁针的N极将垂直纸面向外转动，而不是在纸面内转动，故C正确，D错误。

故选Co

3.高空坠物极易对行人造成伤害。某小区发现从楼上掉下一个IOOg的花瓶，监控显示花瓶下落过程中，

从二楼地板处到地面的时间为0.2s,已知楼层高为4米，花瓶与地面的撞击时间约为0.01s,撞击后静

止。不计空气阻力，重力加速度g取IOm∕s2,则该花瓶对地面产生的冲击力大小约为（）

A.IOONB.180NC.200ND.210N

【答案】D

【解析】

【详解】设花瓶与地面的撞击前瞬间的速度为V,根据逆向思维可得

h=vt——gt

该花瓶与地面碰撞过程，以竖直向上为正方向，根据动量定理可得

(F=O-(-mv)

γγι∖)0]X2]

/=一+/叫=-----N+0.1×10N=211N≈210N

故选D。

4.如图所示为边长为A的正六边形，在工、C、E点上分别放置电荷量为+Q、-Q,+Q的点电荷，B

知静电力常量为左，关于三个点电荷形成的电场，下列说法正确的是()

+Q

A.0点和尸点电场强度大小均为2Z,，方向相反

B.8点和。点的电势相等，且比。点电势低

C.将一个带电小球从。点移到C点，小球的电势能降低

D.8点和。点的电场强度方向相同

【答案】B

【解析】

【详解】A.根据点电荷得场强公式

以及矢量合成运算法则可知，。点处得场强大小为

EO=Zg∙+%g=2Zg■,方向由O→C

产点得场强大小为

E=k-ʒ-—k-ʒ-=k—ʒ-,方向由O—>Z7

FL4L^4L^

故A错误；

B.根据对称性可知，8点和。点的电势相等，从。点到。点，C点和E点处的两个电荷产生的电势之和

始终为零，而与/点处的正电荷距离越来越远，所有电势一直降低，同理可知从。点到8点也是同样的情

况，故B正确；

C.将一个带电小球从。点移到C点，带点小球离正电荷越来越远，离负电荷越来越近，若带电小球带正

电，则在从O点移到C点的过程中电场力始终做正功，电势能降低，若带电小球带负电，则在从O点移到

C点的过程中电场力始终做负功，电势能升高，因此在不知道带电小球电性的情况下无法做出判断，故C

错误；

D.根据对称性可知，8点和。点的电场强度大小相等方向不同，故D错误。

故选Bo

5.如图所示，将一质量为的小球放在玻璃漏斗中，晃动漏斗，可以使小球沿光滑的漏斗壁在某一水平

面内做半径为r的匀速圆周运动，周期为兀重力加速度为g,下列说法正确的是（）

A.在工时间内，小球受到的合力冲量为零

2

T

B.在一时间内，小球受到的合力做功不为零

2

C.在T时间内，小球受到弹力的冲量为零

D.在工时间内，小球受到弹力的冲量大小为机、竺蓼+之

2VT24

【答案】D

【解析】

【详解】A.小球的线速度

2πr

V=-------

在《时间内，小球的速度大小不变，方向改变，小球受到的合力冲量为

2

C4mπr

rI=2mv=--------

T

故A错误;

T

B.小球的速度大小不变，在一时间内，小球受到的合力做功为零，故B错误;

2

C.在T时间内，小球动量改变量为零，根据动量定理可得

O=mgt+IN

解得

4=-mgT

故C错误；

D.在《时间内，小球受到弹力的冲量大小

2

IN=M步/=好

故D正确。

故选D。

6.恒流源是一种特殊的电源，其输出的电流能始终保持不变：恒压源也是一种特殊的电源，其输出的电

压能始终保持不变。如图所示，电路中电流表、电压表均为理想电表，当滑动变阻器的滑动触头向上滑

动时。电压表示数的变化量大小为∣AU∣,电流表示数的变化量大小为∣A∕∣,下列说法正确的是（）

A.当电源为恒流源时，电压表示数U变小

B.当电源为恒压源时，电流表示数/变大

C.当电源为恒流源时，当不变

AI

D.当电源为恒压源时，电源的输出功率增大

【答案】C

【解析】

【详解】AC.当电源为恒流源时，通过&的干路电流/总始终不变，当滑动触头向上滑动时，RO增大,

总电阻也增大，由

U=/总R总

可知电压表示数U变大；由欧姆定律

U-I电风=U总一I）R∖

整理得

US2）一外

所以

当滑动触头向上滑动时，F不变。故A错误，C正确；

∆7

BD.当电源为恒压源时，电压表示数U不变，当滑动触头向上滑动时，总电阻增大，由

U=I总R总

可知干路电流/总减小，所以由

P=UI总

可得电源的输出功率减小；又因为HO增大，并联电路两端电压增大，故流过当的电流增大，而干路电流

/总减小，所以流过另一支路的电流减小，电流表示数减小，B、D错误。

故选C。

7.如图1的直线为某电场中的一条电场线，以该电场线建立X坐标轴，48、C是坐标轴上的三点，坐

标如图所示，电子在。点由静止释放，只受电场力作用，在沿X方向运动的过程中其速度一坐标关系图

像如图2所示。下列说法正确的是（）

彳3x

OABC

图1

A.1点的电势一定高于C点的电势

B.电子在Z点的电势能一定大于在C点的电势能

C.电子在/处的加速度一定小于在8处的加速度

D.该电场线可能是孤立点电荷电场中的一条电场线

【答案】B

【解析】

【详解】A.电子在。点由静止释放，只受电场力作用，沿X方向运动，则电场力沿X轴正方向，电场线

沿X轴负方向，沿着电场线的方向电势降低，所以4点的电势一定小于C点的电势，故A错误；

B.从/点到C点，电场力做正功，电势能减小，所以电子在力点的电势能一定大于在C点的电势能，故

B正确；

C.由图像可知，电子经过相同大小的位移Ax,速度变化量Av越来越小，而电子做加速运动，则所用时

间4也越来越小，根据

∆v

a=——

△t

无法确定加速度的变化情况，所以电子在/处的加速度不一定小于在B处的加速度，故C错误；

D.根据图像可知，电子从A到B的动能变化为

22

ΔE,l=ɪm(y∕2v)—ɪmv-ɪmv^

k*222

电子从8到C的动能变化为

22

AEli,=ɪm(^v)-ɪm(五V)2=ɪmv

可知电子从A到B电场力做的功等于从8到C电场力做的功，则该电场线不可能是孤立点电荷电场中的一

条电场线，故D错误。

故选B。

二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有

多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得O分。

8.如图所示，通电长直导线右边有一个矩形金属线框ABCO,线框平面与直导线共面，下列情况中

不能使线框ABCO中产生感应电流的是（）

A将线框平行移动到图中虚线位置

B.以8C边为轴将线框翻转180。到图中虚线位置

C.将线框绕尸。轴转动

D,将线框沿方向上下移动

【答案】CD

【解析】

【详解】A.根据通电直导线产生的磁场分布特征可知，当将线框平行移动到图中虚线位置过程中，穿过

线框的磁通量减小，线框中有感应电流产生，A错误；

B.根据通电直导线产生的磁场分布特征可知，当以BC边为轴将线框翻转180。到图中虚线位置时，穿过

线框的磁通量减小，线框中有感应电流产生，B错误；

C.根据通电直导线产生的磁场分布特征可知，当将线框绕P。轴转动过程中，穿过线框的磁通量不变，

线框中没有感应电流产生，C正确；

D.根据通电直导线产生的磁场分布特征可知，当将线框沿P0方向上下移动，穿过线框的磁通量不变，

线框中没有感应电流产生，D正确。

故选CD

9.如图1所示，倾角为α的固定足够长的光滑斜面上，质量为机的物块在沿斜面方向的力尸作用下从

。=0开始由静止开始沿斜面向上做直线运动，以沿斜面向上为正方向，尸随时间f变化的关系图像如图2

所示。已知Sina=取g=10m∕s20下列说法正确的是（）

F

mg

图1图2

A.r=1.5s时物块的动能为零

B.，=3s时物块回到初始位置

C.若加=2kg,r=3s物块的动量大小为12kg∙m∕s

D.若加=2kg,r=3s物块的动量大小为6kg∙m∕s

【答案】AC

【解析】

【详解】AB.O-Is,物块沿斜面向上做匀加速直线运动，由牛顿第二定律

F-mgsina=ma}

解得

2

al=2m∕s

由匀变速直线运动规律，/二Is时物块的速度和位移

v1=砧=2×lm∕s=2m∕s

M=；印;=Im

l~3s,尸方向沿斜面向下，由牛顿第二定律

-F-mgsina=ma,

解得

2

a2=-4m∕s

物块先沿斜面向上做匀减速直线运动，r=l∙5s时的速度

v2-vl+a2t2=(2-4×0.5)m∕s=0

所以/=1.5s时物块的动能为零；1〜3s物块的位移

+at

S2=卬3^ιl=(2x2-；x4x2]m=-4m

因为52>»，故∙=3s时物块不在初始位置，而在初始位置以下3m处。故A正确，B错误；

CD.r=3s时的速度

v3=vl+a2t3=(2-4×2)m∕s=-6m∕s

若加=2kg,，=3s物块的动量大小为

p=wv3=2×6kg∙m/s=12kg∙m/s

故C正确，D错误。

故选ACo

10.如图所示，一质量为3机的矩形绝缘板放在光滑的水平面上，另一质量为机、带正电、电荷量为4的

物块(可视为质点)，以初速度％从绝缘板上表面的左端沿水平方向滑入，空间有范围足够大的匀强电

场，其场强大小E=2空，方向竖直向下。物块与绝缘板间的动摩擦因数〃=0∙5,物块运动到绝缘板

q

的右端时恰好相对于绝缘板静止，重力加速度为g,在此过程中，下列说法正确的是()

E

A.电场力对物块的冲量大小为w％B.绝缘板的长度为萼

8g

2

C.系统电势能的增加量为3也T77出V^D.绝缘板的对地位移为3

816g

【答案】AD

【解析】

【详解】ABD.对物块根据牛顿第二定律有

μ{mg+qE)=rnaχ

解得

q=1.5g

对绝缘板根据牛顿第二定律有

A(Jng+qE)-3ma2

解得

4=0.5g

经过时间八，两物体速度相等，则

解得

公旦

2g

此时物块位移

12

M=W砧

此时绝缘板位移为

12

相对位移即绝缘板的长度为

/=X1-X2

电场力对物块的冲量大小为

[=qE∙t∖

联立解得

16g

5VQ

16g

I=mv0

故AD正确，B错误;

C.电场力方向与运动方向垂直，故电场力不做功，故C错误。

故选ADo

三、非选择题：本题共5小题，共54分。

11.某实验小组利用气垫导轨探究动量定理。将挡光条安装在滑块上，用天平测出遮光条和滑块的总质量

M及槽码和挂钩的总质量心。实验步骤如下:

（1）如图1所示，将气垫导轨放在水平桌面上，将滑块放在导轨上，在滑块上放一个气泡水平仪，先调

节②③号调平螺钉，后调节①号调平螺钉，当气泡水平仪中的气泡居中时，可认为导轨基本水平。

@

-气垫导轨

;

卜

：

•

②

X

(2)用游标卡尺测量挡光条的宽度d,示数如图2所示，读得4=mmO

>[?■?(Cm)

ιιιιlι∣ι∣∣ιl∣ι∣ι∣ι∣l∣∣∣∣IIIIIIIIIIIIII

O1020

图2

(3)如图3所示，将滑块系在绕过定滑轮悬挂有槽码的细线上。打开气泵，滑块由静止释放，数字计时

器记录下遮光条通过光电门力和8的遮光时间∆Z1和Δ∕2,以及这两次遮光时间的间隔∆r,计算出滑块经

过两光电门速度的变化量Av。重力加速度为g。

实验过程中多次改变光电门8的位置进行测量，利用测得的加和Av的数据，计算冲量∕=mg4及动量

变化量即=MAu,结果发现/与△〃之间有较大差别，对于这一实验结果的分析与改进你认为正确的是

A.选用质量更大的槽码可以减小误差

B.选用质量更大的滑块可以减小误差

C.用拉力传感器测出细线拉力，用其示数与加的乘积作为冲量/可以减小误差

D.将槽码和滑块质量之和与Av的乘积作为动量变化A"可以减小误差

【答案】□.6.60□.BCD

【解析】

【详解】(2)[1]20分度游标卡尺的精确值为0.05mm,由图2可知，挡光条的宽度为

d=6mm+12×0.()5mm=6.60mm

(3)[2]在实验中，槽码的重力是槽码和滑块总体的合外力，根据牛顿第二定律有

mg+m)a

当WaM时，ag,上式才可以近似为

Ing=Ma

此时才可以认为槽码的重力等于细线对滑块的拉力，也就是滑块受到的合外力。

A.实验中产生较大误差，即是因为槽码与滑块的质量之比较大，上述近似不成立，所以选用质量更大的

槽码，会导致误差更大，故A错误.

B.选用质量更大的滑块，则槽码与滑块的质量之比减小，误差减小，故B正确。

C.用拉力传感器测出细线拉力，此拉力即是滑块所受合外力，无需经过上述近似处理，用其示数与加的

乘积作为冲量/可以减小误差，故C正确。

D.将槽码和滑块看作整体，槽码的重力是槽码和滑块整体的合外力，将槽码和滑块质量之和与Av的乘积

作为动量变化△〃，即是考察整体的动量变化与整体所受合外力产生的冲量之间的关系，无需做近似处理，

误差将减小，故D正确。

故选BCDo

12.在测定两节干电池所组成电池组的电动势和内阻的实验中，实验室提供了下列器材：

A.待测的干电池组

B.电流表AI（内阻较小）

C.电流表A2（内阻较小）

D.滑动变阻器R

E.定值电阻（阻值HO已知）

F.开关和导线若干

小华同学设计了如图1所示的电路来完成实验。实验步骤如下：

（1）闭合开关，改变滑动变阻器滑片P的位置，记录多组电流表Al和A2的读数；

（2）利用测出的实验数据绘出的两个电流表读数的变化图线（如图2的∕A-∕B图像），图线中C点为滑

动变阻器滑片在最左端时对应的数据点，。点是滑片向右滑动时的其中一个数据点，则/A表示电流表

的示数；（选填“A1«或者“A2”）

（3）”一，图像在横轴和纵轴上的截距分别为6和“，则由图像可得被测电池的电动势E=

,内阻r=；（用图像中的数据和题中的已知条件表示）

（4）用上述方法测出的电池电动势E和内阻，•与真实值相比（填选项序号）

A.E偏大，，偏大B.E偏小，r偏小

C.E偏大，r偏小D.E偏小，，偏大

【答案】□.A□.□.□.B

2b-ab-a

【解析】

【详解】口］。点是滑片向右滑动时的其中一个数据点，此时滑动变阻器接入电路电阻为零，根据并联电

路两支路电压相等，电阻越小电流越大，可知

又图线中。点满足

∕B>∕A

所以/A表示电流表A2的示数；

［2北3］根据闭合电路欧姆定律，可知

E=I2R0+(Ii+I2)r

变形得

二上__

12

&+r3°+r

图像在横轴和纵轴上的截距分别为6和“，则

E

-----=a

R)+r

E

一=。1

r

联立解得

仁也

b-a

Erab&

b-a

［4］由于本题忽略了电流表A?内阻，设为弓，根据闭合电路欧姆定律，准确表示为

E=，2(4+G)+(/|+4)r

可知测量值E偏小，式子变形

Er

I2=-----------∕1---------

Rtj+r+r1与+厂+G

可知，图线的斜率的绝对值变小，纵轴截距变小，即图像在纵轴上的截距。变小，横轴截距b变大，结

合表达式

分析可知，E偏小，厂也偏小。

故选

Bo

13.光滑水平面内，一质量为加=2.0kg可视为质点的物体初速度%=8∙0m∕s,r=0时，在4点对该物

体施加一与初速度不在同一直线上的水平恒力E,t=2s物体在8点恰好达到最小速度V=6.4m∕s。求

恒力£的冲量大小。

【答案】9.6N∙s

【解析】

【详解】根据题意可知，物体做类平抛运动，由于物体在8点恰好达到最小速度，可知恒力耳方向与最

小速度V方向垂直，则物体在/点沿恒力方向的分速度为

2

Vv=JV；-V=4.8m/s

则加速度

V,

«=—v=2.4m∕s

t

则恒力为

6=ma=4.8N

则恒力Fl的冲量大小为

/=隼=9.6N∙s

14.如图所示，质量均为2加、长均为/的木板A、B并排拴接静置于光滑的水平面上，质量为m的小物

块C（可视为质点）以水平速度%（未知）从左端滑上木板A,已知A、B两木板与小物块间的动摩擦因

数均为〃，重力加速度为g，求%满足什么条件才能使C滑上B但不会从B上掉下。

C%

【答案】

^∣∕zg∕≤v0≤∣√w

【解析】

【详解】C恰好能滑上B,根据题意满足动量守恒和能量守恒得

2

mv0=(m+2m+2m)v,ɪmv^=ɪ(m+2m+2m)v+μmgl

解得

%=炉

A滑上B

2

mv0=mvl+(2m+2m)v2,ɪmv1—ɪmvj+ɪ(2m+2m)∖^÷μmgl

恰好不会从B上掉下